黑龙江省哈尔滨市香坊区第六中学校2024届高二物理第一学期期中检测试题含解析

黑龙江省哈尔滨市香坊区第六中学校2024届高二物理第一学期期中检测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电动势，下列说法正确的是（）A．在电源内部，通过静电力做功把正电荷从负极移动到正极，使电势能增加B．对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势就越大C．非静电力把单位正电荷从电源负极移到正极所做的功越多，电动势越大D．电动势就是电源两端的电压2、两颗人造卫星绕地球做匀速圆周运动，轨道半径之比为1：4，则两颗卫星的()A．线速度大小之比为1:2B．角速度大小之比为8:1C．运行的周期之比为D．向心加速度大小之比为4:13、如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处于真空中，重力可忽略.在满足电子能射出平行板的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏角φ变大的是：A．U1变大，U2变大 B．U1变小，U2变大C．U1变大，U2变小 D．U1变小，U2变小4、关于电源和电流，下述说法正确的是（）A．电源的电动势在数值上始终等于电源正负极之间的电压B．由公式R=UC．打开教室开关，日光灯立刻就亮了，表明导线中自由电荷定向运动的速率接近光速D．从能量转化的角度看，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能5、如图，平行板电容器与电动势为E的电源连接，下极板接地。一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态。现将上极板竖直向上移动一小段距离，则(

)A．两极板间电场场强大小不变B．电容器带电量增加C．P点的电势升高D．带电油滴将竖直向上运动6、小刚利用电能表测某家用电器的电功率，当电路中只有这个用电器工作时，测得在15min时间内，消耗电能0.3kW·h，这个用电器最可能是A．电视机B．电冰箱C．空调器D．电风扇二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电源的电动势，下面说法正确的是：A．电源的电动势的数值等于一秒内静电力所做的功B．电源的电动势的数值等于一秒非内静电力所做的功C．电源的电动势的数值等于把单位正电荷由电源负极移到正极非内静电力所做的功D．电动势越大的电源，将其它能转化为电能的本领越大8、x轴上O点右侧各点的电场方向与x轴方向一致，O点左侧各点的电场方向与x轴方向相反，若规定向右的方向为正方向，x轴上各点的电场强度E随x变化的图象如下图所示，该图象关于O点对称，x1和－x1为x轴上的两点．下列说法正确的是A．O点的电势最低B．x1和－x1两点的电势相等C．电子在x1处的电势能大于在－x1处的电势能D．电子从x1处由静止释放后，若向O点运动，则到达O点时速度最大9、某直流电源与电阻R构成闭合电路，电阻R两端的电压为U，通过它的电流为I，如图所示．图线上，a、b、c各点均表示该电路中有一个确定的工作状态，在b点α=β，则下列说法中正确的是（）A．在b点时，电源内阻消耗的功率最大B．在b点时，电源有最大输出功率C．从a到b时，β角增大，电源的输电效率增大D．从b到c时，β角增大，电源的总功率将减小10、如图，C为中间插有电介质的电容器，b极板与静电计金属球连接，a极板与静电计金属外壳都接地．开始时静电计指针张角为零，在b板带电后，静电计指针张开了一定角度．以下操作能使静电计指针张角变大的是（）A．将b板也接地B．b板不动、将a板向右平移C．将a板向上移动一小段距离D．取出a、b两极板间的电介质三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）左图为游标卡尺，右图为螺旋测微器，它们的示数为（1）_____________mm；（2）_________mm；12．（12分）如图是一个多用欧姆表挡内部电路示意图。电流表满偏电流为0.5mA、内阻为10Ω，电池电动势为1.5V，内阻1Ω；变阻器R0阻值0～5000Ω。（1）该欧姆表的刻度值是按电池电动势为1.5V刻度的，当电池的电动势下降到1.45V、内阻增大到4Ω时仍可调零。调零后R0阻值将变________（选填“大”或“小”）；（2）若该欧姆表换了一个电动势为1.5V，内阻为10Ω的电池，调零后测量某电阻的阻值，其测量结果________（选填“偏大”、“偏小”或“准确”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，竖直平面内边长为a的正方形ABCD是磁场的分界线，在正方形的四周及正方形区域内存在方向相反、磁感应强度大小均为B的与竖直平面垂直的匀强磁场，M、N分别是边AD、BC的中点．现有一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从M点沿MN方向射出，带电粒子的重力不计．(1)若在正方形区域内加一与磁场方向垂直的匀强电场，恰使以初速度v0射出的带电粒子沿MN直线运动到N点，求所加场的电场强度的大小和方向．(2)为使带电粒子从M点射出后，在正方形区域内运动到达B点，则初速度v1应满足什么条件？(3)试求带电粒子从M点到达N点所用时间的最小值，并求出此条件下粒子第一次回到M点的时间．14．（16分）如图所示，有一长度L＝1m、质量M＝10kg的平板小车，静止在光滑的水平面上，在小车左端放置一质量m＝4kg的带正电小物块，电荷量为q＝1.0×10－3C(始终保持不变)，小物块与小车间的动摩擦因数μ＝0.25，现突然施加一个水平向右的匀强电场，要使物块在2s内能运动到小车的另一端，g取10m/s2。求（1）所施加的匀强电场的电场强度多大？（2）若某时刻撤去电场，物块恰好不从小车右端滑下，则电场的作用时间多长？15．（12分）如图所示，一束电子从静止开始经加速电压U1加速后，以水平速度射入水平放置的两平行金属板中间，金属板长为l，两板距离为d，竖直放置的荧光屏距金属板右端为L.若在两金属板间加直流电压U2时，光点偏离中线，打在荧光屏的P点，求

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】在电源内部，通过非静电力做功把正电荷从负极移动到正极，使电势能增加，选项A错误；非静电力把单位正电荷从电源负极移到正极所做的功越多，电动势越大，选项B错误，C正确；电动势并不是电源两端的电压，大小等于外电路断路时的路端电压，选项D错误；故选C.2、B【解题分析】

设任一卫星的质量为m，轨道半径为r，地球的质量为M．则对于在轨卫星，有：得：，，，a=可见，轨道半径之比为1：4，则得线速度大小之比为2：1，角速度大小之比为8:1；运行的周期之比为1：8，向心加速度大小之比为16：1．故B正确，ACD错误．故选B．3、B【解题分析】

设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：…①又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：…②又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：…③电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：vy=at…④由①、②、③、④可得：又有：，故U2变大或U1变小都可能使偏转角φ变大，故选项B正确．4、D【解题分析】电源正负极之间的电压称为路端电压，当外电路接通时，路端电压小于电源的电动势，故A错误；根据电阻的定义式R=UI可知，与电阻两端的电压以及通过它的电流都无关，故B错误；打开教室开关，日光灯立刻就亮了，是由于导线中电场传播的速度接近光速，而不是自由电荷定向运动的速率接近光速，故C错误；从能量转化的角度看，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能．故D正确。所以D正确，5、C【解题分析】

将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由电容器的决定式可判断电容的变化；而电容器两板间电压不变，根据E=U/d分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况；根据Q=UC判断电量的变化；由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化．【题目详解】AD.带电油滴处于平衡状态，所受电场力向上，Eq=mg。将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=U/d得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动。故A错误，D错误；B.上极板上移时，两板间电压U不变，d增大，由可知C减小，根据Q=UC可知，极板带电量减小，故B错误；C.场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势低于下极板的电势，则知P点的电势将升高。故C正确；故选：C6、C【解题分析】

用电器在t=15min=0.25h，消耗的电能W=0.3kW•h，则用电器的电功率：P=Wt=0.3kW⋅h0.25h=1.2kW=1200W，因空调器为大功率用电器，电功率约为【题目点拨】本题考查了电功率公式P=W/t的应用，同时考查了学生的常见用电器电功率的了解情况，是基础性题目。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解题分析】电源没有接入电路时两极间的电压等于电源的电动势，电源的电动势的数值上等于把单位正电荷由电源负极移到正极非内静电力所做的功，其物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大的电源，将其它能转化为电能的本领越大，与外电路的结构无关，故选项CD正确，选项AB错误。点睛：本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关。8、BD【解题分析】试题分析：沿电场方向电势减小，所以在x轴左侧O点的电势最大，在x轴右侧O点的电势也是最大的，故O点的电势最大，A错误；和两点关于x轴对称，电场强度的大小相等，从O点到和从O点到电势降落相等，故和两点的电势相等，故B正确；根据公式，由于和两点的电势相等，所以电子在这两点的电势能相等，故C正确；电子运动过程中电势能与动能之和恒定，由于O点的电势最高，而负电荷在高电势处的电势能小，故在O点的电势能最小，即在O点的动能最大，故D正确．考点：考查了电势，电势能，电场强度9、BCD【解题分析】内阻消耗功率为：，当电流最大时，电源内阻消耗的功率最大，而b点电流不是最大，所以内阻上消耗的功率不是最大，故A错误；在b点时，因为α=β，所以直线ob的斜率大小与直线ac的斜率大小相等，此时外电阻和电源的内电阻的大小相等，所以电源的输出功率最大，故B正确；从a→b时β角越大，总电流越小，电源的总功率越小，图线与坐标轴的“面积”增大，即输出功率增大，电源的输电效为：，所以效率增加，故C正确；从b→c过程中，β角增大，外电阻增大，总电流减小，电源的总功率减小，故D正确。所以BCD正确，A错误。10、CD【解题分析】

静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大；由，分析电容的变化，根据C=Q/U分析电压U的变化．【题目详解】将b板也接地，电容器带电量不变，两板间的电势差不变，则静电计指针张角不变，选项A错误；b板不动、将a板向右平移，根据可知d变小时，C变大，Q不变时，根据C=Q/U，可知U减小，即静电计指针张角变小，选项B错误；将a板向上移动一小段距离，根据可知S变小时，C变小，Q不变时，根据C=Q/U，可知U变大，即静电计指针张角变大，选项C正确；取出a、b两极板间的电介质，根据可知C变小，Q不变时，根据C=Q/U，可知U变大，即静电计指针张角变大，选项D正确；故选CD.【题目点拨】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式和C=Q/U．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、100.359.953【解题分析】

（1）[1].游标卡尺的主尺读数为100mm，游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为7×0.05mm=0.35mm，所以最终读数为：100mm+0.35mm=100.35mm．（2）[2].螺旋测微器的固定刻度为9.5mm，可动刻度为45.3×0.01mm=0.453mm，所以最终读数为9.5mm+0.453mm=9.953mm；12、小准确【解题分析】

(1)[1]欧姆表内阻电流表满偏电流Ig不变，电源电动势E变小，则欧姆表总内阻要变小，故R0的阻值调零时一定变小；(2)[2]因电动势不变，故欧姆调零后的中值电阻不变；故测量结果是准确的；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）Bv0，竖直向下；（2）5aqB4m；(3)2πmBq，【解题分析】（1）由题意可知，电场力与洛伦兹力平衡，

由平衡条件得：qE=qv0B，解得：E=Bv0，

因带电粒子带正电，则电场强度的方向竖直向下；

（2）此时，带电粒子的运动轨迹如图甲所示，根据几何关系得：R2=a2+（R-a2）2解得R=54

由牛顿第二定律得：qv1B=mv12R，解得：v1=5aqB4m；

（3）由题意可画出带电粒子的运动轨迹如图乙所示，可知，带电粒子在两磁场中的轨道半径均为：r=1