2024届吉林省白城市洮南十中物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

2024届吉林省白城市洮南十中物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O.将电荷量分别为＋q和－q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示．要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷Q()A．应放在A点，Q＝2q B．应放在B点，Q＝－2qC．应放在C点，Q＝－q D．应放在D点，Q＝－q2、三根通电长直导线a、b、c平行且垂直纸面放置，其横截面如图所示，a、b、c恰好位于直角三角形的三个顶点，∠c＝，∠a＝。a、b中通有的电流强度分别为I1、I2，c受到a、b的磁场力的合力方向与a、b连线平行。已知通电长直导线在周围某点产生的磁场的磁感应强度，k为比例系数，I为电流强度，r为该点到直导线的距离，sin＝0.6。下列说法正确的是（

）A．a、b中电流反向,：：9B．a、b中电流同向,：：3C．a、b中电流同向,：：9D．a、b中电流反向,：：33、如图所示，虚线a、b、c是电场中的一簇等势线（相邻等势面之间的电势差相等），实线为一个电子（重力不计）仅在静电力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．a、b、c三个等势面中，a的电势最高B．电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．电子在P点的加速度比Q点的加速度小D．电子一定是从P点向Q点运动4、在光滑绝缘的水平面上有两个带电小球A和B，A带正电且固定，B带负电由静止释放．某时刻，B球的速度是v0，分析此后B球与A球相碰前的运动，图中能正确反映其速度变化情况的图象是（）A．B．C．D．5、如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内，长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图乙所示．在时间内，直导线中电流向上，则在时间内，线框中感应电流的方向与所受安培力的合力方向分别是()A．顺时针，向左 B．逆时针，向右C．顺时针，向右 D．逆时针，向左6、如图所示，竖直边界线MN、PQ，MN与PQ间距离为a，其间存在垂直纸面向里的匀强磁场（含边界），磁感应强度为B，O是MN上一点，O处有一粒子源，某时刻放出大量速率均为v（方向均垂直磁场方向）、比荷一定的带负电粒子（粒子重力及粒子间的相互作用力不计），已知从PQ射出的粒子沿图中与MN成=60°角进入磁场的粒子在磁场中运动的时间最短，则粒子在磁场中运动的最长时间为（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，已知一带电小球在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压U加速后，水平进入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B的复合场中（E和B已知），小球在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，重力加速度为g，则（

）A．小球可能带正电B．小球做匀速圆周运动的半径为r=C．若电压U增大，则小球做匀速圆周运动的周期增加D．小球做匀速圆周运动的周期为T=8、如图所示的电路中，电源电动势为E、内阻为r，R为滑动变阻器，L1、L2、L3为三个相同的灯泡，电键闭合，当滑动变阻器R的滑动端处于某位置时，三个灯泡均能发光．电键保持闭合，当滑动变阻器滑片向右移动时（）A．电源的总功率减小，输出功率可能先增大后减小B．L1变亮，L2变暗，C．L1变亮，L2变亮，D．三盏灯中Ll9、如图所示，一水平固定的小圆盘A，带电量为Q，电势为零，从圆盘中心处O由静止释放一质量为m，带电量为的小球，由于电场的作用，小球竖直上升的高度可达盘中心竖直线上的c点，，又知道过竖直线上的b点时，小球速度最大，由此可知在Q所形成的电场中，可以确定的物理量是A．b点场强 B．c点场强 C．b点电势 D．c点电势10、如图所示电路中，电源电动势E＝10V，内阻r=0.5Ω。灯泡L“8V、16W”恰能正常发光，电动机M绕组的电阻R0＝1Ω。则下列说法中正确的是A．流经电源的电流是2AB．电动机的输出功率12WC．电动机的输出功率是10WD．电源的输出功率是32W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）实验小组要测量一节干电池的电动势和内电阻．实验室有如下器材可供选择：A．待测干电池（电动势约为1.5V，内阻约为1.0Ω）B．电压表（量程1.5V）C．电压表（量程3V）D．电流表（量程0.6A）E．定值电阻（阻值为50Ω）F．滑动变阻器（阻值范围0﹣50Ω）G．开关、导线若干（1）为了尽量减小实验误差，在如图所示的四个实验电路中应选用______．（2）实验中电压表应选用_____．（选填器材前的字母）（3）实验中测出几组电流表和电压表的读数并记录在下表中．序号123456电压U（V）1.451.401.301.251.201.10电流I（A）0.0600.1200.2400.2600.3600.480请你将这6组数据描绘在给出的U﹣I坐标系中并完成U﹣I图线；（4）由图可以得到，第_____组数据误差较大，此干电池的电动势E=_______V，内电阻r=______Ω．（结果均保留两位有效数字）12．（12分）（1）用螺旋测微器测圆金属丝直径d时，示数如图所示，此示数为____________mm。（2）电流表的内阻是Rg=200Ω，满刻度电流值是Ig=500μA，现欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是_______联一个_______Ω的电阻。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，两水平面(虚线)之间的区域存在方向水平向右的匀强电场，电场强度E=3×103N/C，自该区域上方的A点将质量m=0.04kg，电荷量q=1×10-4C的带正电小球M以v0=6m/s的初速度沿平行于电场方向射出．小球在重力作用下进入电场区域，并从该区域的下边界离开．已知带电小球M在进入电场后做直线运动，且小球从电场区域上边界运动到电场区域下边界所用时间为0.8s，重力加速度大小为g=10m/s2，整个过程空气阻力不计，求：（1）小球M刚进入电场瞬间，竖直方向的速度vy（2）求A点离电场上边界的高度（3）小球M点从电场区域下端离开时与小球射出点A的水平距离．14．（16分）如图所示，在与水平方向成60°的光滑金属导轨间连一电源，在相距1m的平行导轨上放一重力为3N的金属棒ab，棒上通以3A的电流，磁场方向竖直向上，这时棒恰好静止．求：（1）匀强磁场的磁感应强度B（2）ab棒对导轨的压力（3）试求使金属棒平衡的最小的磁感应强度B是多少？方向如何？15．（12分）如图所示，一质量m=0.5kg的“日”字形匀质导线框“abdfeca”静止在倾角α=37°的粗糙斜面上，线框各段长ab=cd=ef=ac=bd=ce=df=L=0.5m，ef与斜面底边重合，线框与斜面间的动摩擦因数μ=0.25，ab、cd、ef三段的阻值相等、均为R=0.4Ω，其余部分电阻不计。斜面所在空间存在一有界矩形匀强磁场区域GIJH，其宽度GI=HJ=L，长度IJ>L，IJ平行于ef，磁场垂直斜面向上，磁感应强度B=1T。现用一大小F=5N、方向沿斜面向上且垂直于ab的恒力作用在ab中点，使线框沿斜面向上运动，ab进入磁场时线框恰好做匀速运动。若不计导线粗细，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）ab进入磁场前线框运动的加速度大小a。（2）cd在磁场中运动时，物体克服安培力做功的功率P。（3）线框从开始运动到ef恰好穿出磁场的过程中，线框中产生的焦耳热与外力F做功的比值。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

+q的点电荷在圆心O处的场强与-q的点电荷在圆心O处的场强的合场强方向由O点指向D点，根据几何关系和点电荷的场强公式得；要使圆心处的电场强度为零，只要点电荷Q在圆心O处产生的场强方向由O指向C即可，大小也为，所以，点电荷Q=-q且应发在C点。故选C．2、A【解题分析】

同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，且c受到a、b的磁场力的合力方向与a、b连线平行，则ab中电流方向相反，c受力分析如图所示：竖直方向平衡得：根据几何关系得：联立解得：A．a、b中电流反向,：：9与分析相符，故A正确；B．a、b中电流同向,：：3与分析不符，故B错误；C．a、b中电流同向,：：9与分析不符，故C错误；D．a、b中电流反向,：：3与分析不符，故D错误。3、A【解题分析】

A．因为电场线垂直等势面，电子所受电场力指向轨迹内侧，电场线和电场力如图所示由于电子带负电，因此电场线方向指向斜下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c等势线的电势最低，A正确；B．a等势线的电势最高，c等势线的电势最低，则根据而电子带负电，所以电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小，B错误；C．等势线密的地方电场线密场强大，P点位置电场强大，根据P点电场力大，根据牛顿第二定律，电子的加速度也大，C错误；D．由图只能判断出粒子受力的方向，不能判断出电子运动的方向，D错误。故选A。4、C【解题分析】由于异种电荷间存在相互作用的吸引力，两球将相互靠近，距离减小，根据库仑定律得知，相互作用力增大．由牛顿第二定律得知它们的加速度变大．随着两球间距离减小，电场力做正功，电势能减少，总动能增加．所以速度增加，故速度变大，加速度变大．故只有C符合要求，故C正确、ABD错误．综上所述本题答案是：C5、B【解题分析】

在时间内，直导线中电流向上，则时间内，直线电流方向也向上，根据安培定则，可知导线右侧磁场的方向垂直纸面向里，电流逐渐增大，则磁场逐渐增强，根据楞次定律，金属线框中产生逆时针方向的感应电流；根据安培左手定则，可知金属框左边受到的安培力方向水平向右，右边受到的安培力水平向左，离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力，所以金属框所受安培力的合力水平向右．故B正确，ACD错误。6、A【解题分析】

沿与MN成θ=60°角进入磁场的粒子在磁场中运动的时间最短，则对应的弦长最短，轨迹如图所示：根据几何关系可知，对应的圆心角为60°，圆半径为r=a，则粒子在磁场中运动的最长时间时，对应的轨迹应如图，是一个半圆，对应的圆心角为180°。最长时间为：。A.。与上述结论相符，故A正确；B.。与上述结论不符，故B错误；C.。与上述结论不符，故C错误；D.。与上述结论不符，故D错误。故选：A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】

小球在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力等于电场力，即洛伦兹力提供向心力，所以mg=Eq，由于电场力的方向与场强的方向相反，故小球带负电，故A错误；由于洛伦兹力提供向心力，故有：qvB=mv2r，解得：r=mvqB；又由于qU=12mv2，解得：v=2qUm；联立得到：r=1B2mUq=【题目点拨】本题考查了带电粒子在复合场中的圆周运动的周期公式，轨道半径公式，带电粒子在电场中的加速运动和动能定理．8、AD【解题分析】解：A、若将滑片向右滑动时,变阻器在路电阻增大,外电阻增大,根据闭合电路欧姆定律得知,干路电流I减小,根据P=EI可知,电源的总功率减小,当内阻与外电阻相等时,输出功率最大,由于不知道外电阻与内阻的关系,所以输出功率可能先增大后减小,故A正确;

B、总电流减小,则L1电流减小,亮度变暗,路端电压U增大,则L2变亮,通过L3的电流减小,所以L3变暗,故BC错误;

D、通过Ll的电流等于通过L2和L3电流之和,所以通过Ll的电流最大,根据P=I2R可知,Ll的功率最大,故D正确.

故选:AD9、AD【解题分析】速度最大时合力为0，据受力可得电场力，即可以确定b点场强，A对．由O到C列动能定理可知OC间电势差，即可确定c点电势，D对．10、BD【解题分析】由题可知，电路中路端电压为U=8V，电路中的总电流，则电源的输出功率，故A错误，D正确；通过灯泡的电流，通过电动机的电流IM=I-IL=2A，电动机的热功率，电动机的输出功率：P出=UIM-P热=8×2W-4W=12W，故B正确，C错误；故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、丙B41.50.83【解题分析】(1)测干电池的电动势和内阻，采用的方法是作出U−I图象，然后求出电源电动势与内阻，需要滑动变阻器改变电压和电流，测出多组数据，故甲、乙电路不行；根据U=E−Ir测量干电池电动势和内阻时，电压表和电流表内阻影响会造成实验误差。干电池内阻较小，所以丁电路中的电流表分压影响较大，因此应选择丙电路。(2)由于待测干电池电动势约为1.5V，故选择量程为3V的电压表即可，故选B；(3)将各组数据描绘在图中给出的U−I坐标系中作出U−I

图线如下图所示：(4)由图可知，第4组数据离图线较远，故第4组误差较大；由作出的U−I

图线，可得干电池的电动势E=1.5V内电阻r等于图线的斜率,则r=1.5−1.00.6=0.83Ω.12、0.400串1800【解题分析】

(1)[1]螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为40.0×0.01mm=0.400mm，所以最终读数为0mm+0.400mm=0.400mm；(2)[2][3]把电流表改装成1V的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）8m/s（2）3.2m（3）12m【解题分析】

（1）由题知带电小球M受到的重力G=mg=0.4N，在匀强电场中受到的电场力F=qE=0.3N，带电小球M在进入电场后做直线运动，说明带电小球M进入电场的瞬间所受合力与合速度方向一致，受力如图：小球M刚进入电场瞬间，由于带电小球M在进入电场后做直线运动，合力与合速度方向一致，合力F==0.5N，合力与竖直方向的夹角tanθ==，=，由平抛运动知识得：tanθ=，vy=v0=6m/s=8m/s（2）设A点离电场上边界的高度为h，则=2gh，h==m=3.2m（3）小球在电场中做匀变速直线运动，加速度a==m/=12.5m/小球平抛运动用的时间t1==s=0.8s小球平抛运动的水平位移x1=v0t1=60.8m=4.8m小球在电场中运动的水平位移x2=v0t2+asin=7.2m小球M点从电场区域下端离开时与小球射出点A的水平距离：x=x1+x2=4.8m+7.2m=12m【题目点拨】本题做最重要的信息是带电小球M在进入电场后做直线运动，由受力分析确定运动的情况.14、（1）T（2）6N（3）T，方向垂直于斜面向上【解题分析】

（1）棒