贵州省六盘水市外国语学校2024届高二物理第一学期期中预测试题含解析

贵州省六盘水市外国语学校2024届高二物理第一学期期中预测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为-Q和+2Q，它们相距L，如果在两点电荷连线的中点O有一半径为r（2r＜L）空心金属球，且球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点的场强大小为（）A．12kQL2水平向右B．12kQL2水平向左C．3kQL22、如图为磁流体发电机的示意图，流体中的正、负离子均受到匀强磁场的作用，向M、N两金属极板运动。下列说法正确的是（）A．正离子向M极偏转，负离子向N极偏转B．正离子向N极偏转，负离子向M极偏转C．正、负离子均向N极偏转D．正、负离子均向M极偏转3、图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，ａ、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，正确判断的是（）A．带电粒子所带电荷为负电B．带电粒子在ａ、b两点的受力方向相同C．带电粒子所带电荷为正电D．带电粒子在ａ、b两点的动能ａ处较大4、如图所示，是一个用来研究静电除尘的实验装置，铝板与手摇起电机的正极相连，钢针与手摇起电机的负极相连，在铝板和钢针中间放置点燃的蚊香．转动手摇起电机，蚊香放出的烟雾会被电极吸附，停止转动手摇起电机，蚊香的烟雾又会袅袅上升．关于这个现象，下列说法中正确的是()A．烟尘因为带正电而被吸附到钢针上B．同一烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近速度越小C．同一烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近速度越大D．同一烟尘颗粒在被吸附过程中如果带电量不变，离铝板越近则加速度越大5、在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r。当滑动变阻器的滑片P向左移动时()A．电流表的示数变小，电压表的示数变大B．电流表的示数变大，电压表的示数变小C．电流表的示数变大，电压表的示数变大D．电流表的示数变小，电压表的示数变小6、如图所示,理想变压器原线圈两端接正弦交变电压,副线圈两端通过输电线接一只灯泡和一只滑动变阻器,输电线的电阻不计,在图示状态,当滑动片P向上滑动过程中,下列判断正确的是A．灯泡变亮B．流过滑动变阻器的电流变大C．流过变压器原线圈的电流变小D．滑动变阻器上得到的功率变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个电子在电场中的A点具有80eV的电势能，当它由A点运动到B点时克服静电力做功30eV，则（）A．电子在B点时的电势能是50eVB．由A点到B点电子的电势能增加了30eVC．B点电势比A点电势高110VD．B点电势比A点电势低30V8、如图所示，物体在水平力F作用下沿粗糙斜面向上加速运动，则（）A．物体机械能的改变量等于力F所做的功B．物体动能的改变量等于合外力所做的功C．物体重力势能的增加量等于物体克服重力所做的功D．运动过程中由于摩擦产生的内能等于物体机械能的减少9、如图所示为某静电除尘装置的原理图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区。图中虚线是某一带负电的尘埃（不计重力）仅在电场力作用下向集尘板迁移并沉积的轨迹，A、B两点是轨迹与电场线的交点。不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电量变化，则以下说法不正确的是（）A．尘埃在B点的加速度大于在A点的加速度B．尘埃在B点电势能大于在A点的电势能C．尘埃在迁移过程中做类平抛运动D．尘埃在迁移过程中电势能先增大后减小10、如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b，下列说法正确的是（）A．该电场是匀强电场B．a点的电场强度比b点的大C．a点的电势比b点的低D．正电荷在a点的电势能比在b点时大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在一次实验时某同学用游标卡尺测量（如图所示，游标上刻有20格），示数为________cm．在一次实验时某同学用螺旋测微器测量（如图），示数为________mm．12．（12分）在做“研究平抛运动”的实验中，为了确定小球在不同时刻在空中所通过的位置，实验时用了如图所示的装置．先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平整的木板表面钉上白纸和复写纸．将该木板竖直立于水平地面上，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A；将木板向远离槽口的方向平移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上得到痕迹B；将木板再向远离槽口的方向平移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再得到痕迹C．若测得木板每次移动距离x＝10.00cm，A、B间距离y1＝5.02cm，B、C间距离y2＝14.82cm．请回答以下问题(g＝9.80m/s2)(1)为什么每次都要使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放？_____________．(2)根据以上直接测量的物理量来求得小球初速度的表达式为v0＝_______．(用题中所给字母表示)(3)小球初速度的值为v0＝________m/s．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的三个小球的质量都为m，B、C两球用轻弹簧连接后放在光滑的水平面上，A球以速度沿B、C两球球心的连线向B球运动，碰后A、B两球粘在一起.问：（1）A、B两球刚粘合在一起时的速度是多大？（2）弹簧压缩至最短时三个小球的速度是多大？（3）弹簧的弹性势能最大是多大？14．（16分）如图所示，电路中E=3V，r=0.5Ω，，变阻器的最大阻值R=10Ω。（1）在变阻器的阻值R为多大时，变阻器上消耗的功率最大？最大为多大？（2）在变阻器的阻值R为多大时，定值电阻上消耗的功率最大？最大为多大？15．（12分）如图所示，一质量M=2kg的上表面光滑的U形物块A静止在光滑水平面上，另有一质量m=lkg的小物块B在其上表面以v0=3m/s的速度向右运动，A和B第一次碰撞为弹性碰撞，第二次碰撞后两者粘在一起形成一个整体。求；（1）A和B第一次碰撞后两者各自速度的大小和方向；（2）A和B第二次碰撞过程中、B组成的系统损失的机械能。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】试题分析：两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小为E1=kQL22+k2QL22=12kQL2，方向向左．根据静电平衡导体的特点可知，球壳上的感应电荷在O点处的场强大小与两个点电荷【题目点拨】当空心金属球达到静电平衡时，球壳内O点处合场强为零，即球壳上的感应电荷在O点处产生的场强大小与两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小相等，方向相反．求出两个点电荷A和B在O点处产生的合场强，再求球壳上的感应电荷在O点处的场强大小和方向．2、B【解题分析】

ABCD．根据左手定则可以判断正离子受洛伦兹力向下，负离子受洛伦兹力向上，因此正离子向N极偏转，负离子向M极偏转，ACD错误B正确。故选B。3、D【解题分析】

由图知，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，所以无法确定粒子的电性．故AC错误．由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，带电粒子在a、b两点的受力方向沿电场线大致向左，但是方向不同，选项B错误；若粒子从a向b运动，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小；相反，若从b运动到a，电场力对粒子做正功，粒子的动能增大，则带电粒子在a点的动能较大．故D正确．故选D．【题目点拨】本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向，其次判断粒子动能和电势能的变化要根据电场力做功情况．4、C【解题分析】

静电能够吸引轻小物体，当烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近，烟尘被加速的时间越长，则速度越大，由于铝板面上分布电荷，烟尘颗粒靠近铝板的过程中，越靠近受力越小，C正确．5、B【解题分析】

当滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻R减小，由闭合电路欧姆定律得电路中电流I增大，则电流表示数变大。由U内=Ir知，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以电压表的示数变小；A．电流表的示数变小，电压表的示数变大，与结论不相符，选项A错误；B．电流表的示数变大，电压表的示数变小，与结论相符，选项B正确；C．电流表的示数变大，电压表的示数变大，与结论不相符，选项C错误；D．电流表的示数变小，电压表的示数变小，与结论不相符，选项D错误；6、C【解题分析】

AB．输出电压是由匝数之比和原线圈的输入电压决定，所以输出电压不变，滑动片P向上滑动过程中，负载电阻变大，副线圈电流变小，灯泡变暗，故AB错误；C．根据电流之比等于线圈匝数的倒数比可知，原线圈电流变小，故C错误；D．副线圈中的电压不变，由于不知道电阻的阻值与灯泡阻值的大小关系，所以无法判断滑动变阻器功率的变化，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】试题分析：电子由A点到B点运动时克服静电力做功为30ev,电势能增加30eV，B对；负电荷在电势高的地方电势能小，可知B点的电势比A点的电势低30V，D对．考点：电势能、电势．【名师点睛】通过电场力做功量度电势能的变化来分析问题．根据电势的定义式得出电势的大小．要注意电势有正负．不同的带电粒子在某处的电势能不同；而电势能与电量的比值定义为某处的电势，该处的电势与有无电荷或电荷量的多少无关．8、BC【解题分析】

A．物体机械能的改变量等于外力所做的功，在整个过程中外力为F和摩擦力，故做功之和为F和摩擦力之和，故A错误；

B．由动能定理可知，物体的动能的该变量等于物体合外力所做的功，故B正确；

C．物体重力势能的增加量等于物体克服重力所做的功，故C正确；

D．根据能量守恒即可判断，运动过程中摩擦产生的内能不等于物体机械能的减少，故D错误。9、ABC【解题分析】

A、电场线越密集电场强度越大，则受到的电场力也就越大，从图中可以看出A点的电场强度大于B点的电场强度，所以尘埃在B点的加速度小于在A点的加速度，故A错；B、尘埃运动中受到的力指向轨迹的内侧，所以从A到B电场力做正功，则电势能减小，所以尘埃在B点电势能小于在A点的电势能，故B错；C、放电极与集尘极间建立非匀强电场,尘埃所受的电场力是变化的.故粒子不可能做类平抛运动，故C错；D、由图可知,开始时力与v之间的夹角为钝角,电场力做负功,电势能增大;后来变为锐角,电场力做正功,电势能减小，故D对；本题选不正确的，故答案是：ABC10、BD【解题分析】

A．该电场的电场线疏密不同，各点的场强不同，所以该电场不是匀强电场，故A错误；B．a点的电场线比b点密，所以a点的场强大于b点的场强，故B正确；C．沿电场线方向电势逐渐降低，知a点的电势比b点的高，故C错误；D．正电荷在电势高处电势能大，则正电荷在a点的电势能比在b点时大，故D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、10.405cm8.077mm【解题分析】

[1]．由图可得：游标卡尺主尺读数为104mm，游标尺上的第一格线与上面对齐，则游标卡尺读数为[2]．由图可得：螺旋测微器固定部分读数为8mm，可动部分为；则螺旋测微器读数为【题目点拨】螺旋测微器又称千分尺，以毫米为单位作为结果时，小数点后面要有三位数字．12、为了保证小球每次做平抛运动的初速度相同；；1.00；【解题分析】

（1）[1]．要保证每次抛出时的速度相等应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下并且斜槽轨道末端必须保持水平，只要做到这两点，我们就能得到相等的速度，从而包着在最低位置做平抛运动；（2，3）[2][3]．水平方向上每次平移x，说明ABC三点的时间间隔相等设为t，由于在竖直方向上小球做的是匀加速直线运动，所以根据匀加速直线运动在相等时间内走过的位移差是一个定值得两式可计算出v0＝代入数据得出v0＝1.00m/s．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解题分析】

（1）AB两球碰撞过程动量守恒，以A球的初速度方向为正方向，设A、B粘合在一起的速度为，由动量守恒定律得解得：.（2）以A、B、C三球组成的系统为研究对象，设弹簧压缩至最短时三个小球的速度为，由动量守定律得解得.（3）弹簧压缩至最短时弹性势能最大，由能量守恒定律得解得.