内蒙古乌拉特前旗第六中学2024届物理高二上期中统考试题含解析

内蒙古乌拉特前旗第六中学2024届物理高二上期中统考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电子束焊接机中的电子枪如图所示，K为阴极，A为阳极，阴极和阳极之间的电场线如图中虚线所示，A上有一个小孔，阴极发射的电子在阴极和阳极间的电场作用下聚集成一束，以极高的速率穿过阳极板上的小孔，射到被焊接的金属上，使两块金属熔化而焊接在一起，不考虑电子重力，下列说法正确的是A．A点的电势低于K点的电势B．电子克服电场力做功C．电子的电势能不断增加D．电子动能不断增加2、在真空中有一半径为R、电荷量为+Q的均匀带电球，球心位置O固定，P为球外一点，M为球内一点，如图所示，以无穷远为电势零点，（已知均匀带电的球壳在壳内任意一点产生的电场强度均为零，在壳外某点产生的电场强度等同于把壳上电量全部集中在球心处的点电荷所产生的电场强度）.关于P、M两点的电场强度和电势，下列说法中正确的是A．若Q不变，P点的位置也不变,而令R变小，则P点的场强减小B．若Q不变，P点的位置也不变，而令R变大（P点仍在球外），则P点的电势升高C．若Q不变，M点的位置也不变，而令R变小（M点仍在球内），则M点的电势不变D．若Q不变，M点的位置也不变，而令R变大，则M点的场强不变3、关于电动势，下列说法正确的是（）A．在电源内部，通过静电力做功把正电荷从负极移动到正极，使电势能增加B．对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势就越大C．非静电力把单位正电荷从电源负极移到正极所做的功越多，电动势越大D．电动势就是电源两端的电压4、下列对于电容器的电容C=QUA．电容器所带电荷量越大，其电容越大B．电容器两极板间的电势差越小，其电容越大C．电容C与电容器所带的电荷量及极间的电势差无关D．电容C由电容器所带的电荷量及极间的电势差决定5、在电场中某点用+q测得场强E，当撤去+q而放入时，则该点的场强（）A．大小为，方向和E相同B．大小为，方向和E相反C．大小为E，方向和E相同D．大小为E，方向和E相反6、探测放射线的计数管工作时,因为射线使内部气体电离，在时间t内有n个二价正离子到达阴极，有2n个电子到达阳极，则计数器中的电流I为（）A．4ne/tB．3ne/tC．2ne/tD．ne/t二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，用小量程电流表与一电阻R并联可制成一电流表，在检测新制成的电流表时，如果发现它的示数总比准确值稍微小一些或稍微大一些，那么应分别采取什么措施加以修正（）A．如果示数稍微小些，可在R上串联一个比R小得多的电阻B．如果示数稍微小些，可在R上并联一个比R大得多的电阻C．如果示数稍微大些，可在R上串联一个比R小得多的电阻D．如果示数稍微大些，可在R上并联一个比R大得多的电阻8、如图虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab＝Ubc，实线为一带负电的点电荷仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．P点的电势高于Q点的电势B．该点电荷在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．该点电荷通过P点时的动能比通过Q点时大D．该点电荷通过P点时的加速度比通过Q点时大9、两个相同的金属小球，所带电荷量大小之比为，相距r，两小球可视为点电荷，两者相互接触后再放回原来位置上，则它们之间的库仑力大小与原来之比可能为（）A． B． C． D．10、如图所示，直线MN与水平方向成60°角，MN的右上方垂直纸面向外的匀强磁场，左下方存在垂直纸面向里的匀强磁场，两磁场的磁感应强度大小均为B。一粒子源位于MN上的a点，能水平向右发射不同速率、质量为m（重力不计）、电荷量为q（q>0）的同种粒子，所有粒子均能通过MN上的b点，已知ab=，则粒子的速度可能是（）A． B． C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为了较精确地测量一节新电池的内阻，可用以下给定的器材和一些导线来完成实验，器材：理想电压表V（量程0～3V，），电流表A（具有一定内阻，量程0～0.6A，），定值电阻R0（R0=1.50Ω），滑动变阻器R1（0～10Ω），滑动变阻器R2（0～200Ω），开关S．实验电路原理为图（a）(1)为方便调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用______（填“R1”或“R2”）．(2)用笔画线代替导线在图(b)中完成实物连接图________________．(3)定值电阻R0在电路中作用是_____________（只要求写出一点）(4)实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，在给出的U-I图线如图（c）所示，则干电池的电动势__________V,干电池的内阻r=_________Ω．（结果保留两位有效数字）12．（12分）下面三个图为探究平行板电容器电容大小因素的实验，清将正确的结论填在横线上，两平行板之间的电场可以视为匀强电场，给电容器充电后与电源断开，那么（）若保持板间距离不变，正对面积变小，则两板电容__________，板间电势差__________．（填“变小”、“变大”或“不变”）（）若保持不变，变大，两板电容__________，板间电场强度__________．（填“变小”、“变大”或“不变”）（）若保持和都不变，插入介质板后，则板间电势差__________，板间电场强度__________．（填“变小”、“变大”或“不变”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在第一象限的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向；在第四象限中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xy平面（纸面）向外．一电量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上y=h处的点P1时速率为v0，方向沿x轴正方向；然后经过x轴上x=2h处的P2点进入磁场，并经过y轴上y=﹣2h处的P3点，最后达到x轴上的P4点（图中未画出）．若不计重力，求：（1）电场强度的大小；（2）磁感应强度的大小；（3）从P1运动到P4经历的时间.14．（16分）“太空粒子探测器”是由加速、偏转和收集三部分组成，其原理可简化为如图所示，辐射状的加速电场区域I边界为两个同心平行扇形弧面，为圆心，圆心角θ为120°，外圆弧面AB的电势为，内圆弧面CD的电势为，M为外圆弧的中点。在紧靠右侧有一圆形匀强磁场区域Ⅱ，圆心为，半径为L，磁场方向垂直于纸面向外，磁感应强度的大小未知。在磁场区域下方相距L处有一足够长的收集板PNQ。已知M和PNQ为两条平行线，且与N连线垂直。假设太空中漂浮着质量为m，电量为q的带正电粒子，它们能均匀地吸附到AB弧面上，经电场从静止开始加速，然后从进入磁场，并最终到达PNQ板被收集，不计粒子间的相互作用和其他星球对粒子引力的影响。已知从M点出发的粒子恰能到达N点，问：（1）粒了经电场加速后，进入磁场时的速度v的大小?（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小?（3）假设所有粒子从AB弧面同时出发，则最后到达收集板的是哪一点出发的粒子?求出该粒子从至收集板的时间。15．（12分）如图所示电路中，，，开关S闭合时电压表示数为11.4V，电流表示数为0.2A，开关S断开时电流表示数为0.3A，求：(1)电阻的值．(2)电源电动势和内电阻．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】

在电场中，沿着电场线电势越来越低，因此A点电势比K点电势高，A错误；电子受力的方向与电场线的方向相反，因此在运动过程中，电场力对电子做正功，电势能减小，BC错误；根据动能定理，在运动过程中，只有电场力做功，电子的动能增加，D正确．2、D【解题分析】

A．若R变小，但P点的位置不变，P到Q的距离r不变，由可知，P点的场强不变，故A错误；B．若R变小，由于P点的电场强度不变，所以从一电荷从P点移到无穷远处（电势为零），电场力做功不变，P与无穷远处间的电势差不变，因而P点的电势不变。故B错误；C．若R变小（M点仍在壳内），根据题意可知，M点的电场强度仍为零，不变，因此球壳内的电势处处相等，由于球壳的变小，导致电荷从球壳移到无穷远处电场力做功增加，而球壳的电势比零大，所以球壳处的电势升高，M点的电势升高，故C错误；D．若R变大，根据题意可知，M点的电场强度仍为零，不变，选项D正确。3、C【解题分析】在电源内部，通过非静电力做功把正电荷从负极移动到正极，使电势能增加，选项A错误；非静电力把单位正电荷从电源负极移到正极所做的功越多，电动势越大，选项B错误，C正确；电动势并不是电源两端的电压，大小等于外电路断路时的路端电压，选项D错误；故选C.4、C【解题分析】

电容器的电容与所带电量和两端间的电压无关，由本身的性质决定，故C正确，ABD错误。5、C【解题分析】

电场强度的定义式电场强度是源电场本身具有的属性，与和试探电荷无关，所以电场强度大小和方向均不变，ABD错误，C正确。故选C。6、A【解题分析】考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电流的公式I=，q是正离子和电子电量绝对值的和．每个电子电量大小为e，每个二价正离子的电量大小为2e．解答：解：由题：在时间t内有n个二价正离子到达阴极，有2n个电子到达阳极可知，则q=n?2e+2n?e=4ne由电流公式I=得I=故选A．点评：本题考查对电流的定义式中电量的理解能力．对于正负电荷沿相反方向定向移动形成电流的情况求电流时，电量是通过导体截面正负电荷电量绝对值之和．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】

如果示数稍微小些，说明通过分流电阻的电流偏大，分流电阻偏小，为校准电流表，应增加分流电阻阻值，可以在R上串联一个比R小得多电阻，故A正确，B错误；如果示数稍微大，说明通过分流电阻的电流偏小，分流电阻偏大，为校准电流表，应减小分流电阻阻值，可以将分流电阻变得稍小些即可，可以在R上并联一比R大得多的电阻，故C错误，D正确；故选AD．【题目点拨】本题考查的电流表的改装原理，明确分流与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小则分流大．8、BD【解题分析】

A、若带电微粒从P点进入电场，由图可知带电微粒所受电场力由a等势面指向b等势面，由于微粒带负电，故c等势面的电势最高，故P点的电势低于Q点的电势，故A错误．B、由于带电微粒在从Q向P运动的过程中电场力做负功，则带电微粒的电势能增大，故带电微粒在P点时的电势能较大．故B正确．C、由于带电微粒在从Q向P运动的过程中电场力做负功，故微粒在Q点时的动能大于在P点的动能．故C错误．D、由于电场线越密等势线越密，由图可知P点的场强大于Q点的场强，故带电微粒在P处所受的电场力大于在Q点所受的电场力，故带电微粒通过P点时的加速度大．故D错误．故选B．9、CD【解题分析】

设两电荷电量大小分别为q和5q，由库仑定律可得：原来库仑力当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为3q和3q，库仑力所以库仑力是原来的库仑力之比为9:5；当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上。它们的电荷量是先中和后平分，电量变为2q和2q，库仑力所以库仑力和原来的库仑力之比为4:5，故CD正确，AB错误。故选CD。10、AC【解题分析】

粒子可能在两个磁场间做多次的运动，画出可能的粒子轨迹如图所示，所有圆弧的圆心角均为120∘，根据几何关系可得粒子运动的半径为：(n=1，2，3，…)根据洛伦兹力提供向心力可得：联立可得：(n=1，2，3，…)则粒子的速度可能是：或者或者…。A.。与上述结论相符，故A正确；B.。与上述结论不符，故B错误；C.。与上述结论相符，故C正确；D.。与上述结论不符，故D错误。故选：AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R1保护电路2.01.0【解题分析】

（1）为方便调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用阻值较小的R1．（2）实物连接图．（3）定值电阻R0在电路中作用是保护电路；（4）根据图像可知，干电池的电动势E=2.0V；干电池的内阻12、减小增大减小不变减小减小【解题分析】

先根据电容的决定式分析电容的变化，再根据电容的定义式分析板间电势差的变化，根据U=Ed可知电场强度的变化．【题目详解】（）保持板间距离不变，两极板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容减小，而电容器的电量不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差增大；（）保持不变，板间距离增大，根据电容的决定式得知，电容减小，而电容器的电量不变，根据和，可以知道：，故和无关，故不变；（）保持和都不变，插入介质板后，根据电容的决定式得知，电容增大，而电容器的电量不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差减小，由可以知道，减小；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）mv022qh【解题分析】试题分析：（1）粒子在电场中做类平抛运动，由牛顿第二定律及运动学公式即可求出电场强度；（2）粒子在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动的半径根据几何关系可以求出，再由牛顿第二定律即可求出