物理九年级上册第四章《探究电流》同步测试题2份含答案（教科版）

教科版物理九年级上册第四章《探究电流》同步测试题第四章章末卷1一、选择题1．（3分）有一电路上串联着20只灯泡，如果电源插头处的电流为200mA，那么通过每只小灯泡的电流是（）A．10mA B．20mA C．200mA D．100mA【考点】H!：串联电路的电流规律．【分析】由题意可知20只灯泡串联，且电源插头处的电流为200mA，根据串联电路的电流特点可知以后每只小灯泡的电流。【解答】解：由题意可知20只灯泡串联，且电源插头处的电流为200mA，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过每只小灯泡的电流均为200mA。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的电流特点，是一道基础题目。2．（3分）下列物理量的估计最接近实际的是（）A．家用电冰箱每日耗电约为1度 B．家用空调的额定功率约为100W C．电动自行车的电瓶电压约为3V D．家用洗衣机的额定电流约为10A【考点】HG：电流的大小；I1：电压；J1：电功与电能；J7：电功率的概念．【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、家用电冰箱间歇性工作，每日耗电约为1kW•h，符合题意；故A正确；B、家用空调的额定功率约为1000W；故B错误；C、电动自行车的电瓶电压约48V；故C错误；D、家用洗衣机的额定电流约2A；故D错误；故选：A。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。3．（3分）如图所示的电路，闭合开关S，滑动变阻器R的滑片向b端移动时，电流表的示数以及灯L的亮度变化情况应是（）A．电流表示数变大，灯L变暗 B．电流表示数变小，灯L变暗 C．电流表示数变大，灯L变亮 D．电流表示数变小，灯L变亮【考点】IZ：电路的动态分析．【分析】此题通过电路变化这一物理情景考查欧姆定律的应用和电功率的相关知识。【解答】解：此电路是一个串联电路，当滑片向右移动时，滑动变阻器的阻值变大，电路中的总电阻也变大，而电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，所以电流表的示数变小，排除A和C选项；灯的亮度取决于灯的实际功率，灯的电阻不变，前面分析已知通过灯的电流变小，根据公式：P=I2R，可知灯的实际功率变小，所以灯变暗，所以选B。故选：B。【点评】电路变化首先要明确电路的连接方式和各电表分别测什么量，然后分析不变的量有哪些，哪些量的变化是已知的，然后选择欧姆定律或电功率的公式来分析。4．（3分）关于滑动变阻器和电阻箱的下列说法中，正确的是（）A．它们都能任意连续改变接入电路的电阻大小 B．它们都能显示接入电路的电阻大小 C．它们都是靠改变导线的粗细来改变电阻的 D．它们都能逐渐改变所在电路的电流大小【考点】IB：变阻器；ID：滑动变阻器的使用．【分析】滑动变阻器通过改变接入电路中电阻线的长度来改变电阻的，它可以连续地改变电阻值，但不能读数，而电阻箱可以读出数值，但电阻值是不连续的。【解答】解：A、电阻箱能表示出连入的阻值，但不能任意地改变连入电路的电阻，所以A错误；B、滑动变阻器能连续地改变接入电路中的阻值，但不能读数，所以B错；C、滑动变阻器靠改变连入电路中电阻丝的长度来改变电阻的大小的，所以C错误；D、滑动变阻器能逐渐改变电阻的大小，故能逐渐改变电路中电流的大小；而电阻箱虽然不能连续改变电阻的大小，但是，电阻箱的电阻也有大有小，故也能逐渐改变电阻的大小；故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查了滑动变阻器和电阻箱改变电阻的特点。几个选项主要考查了它们容易混淆的地方。5．（3分）如图所示，电源电压保持不变，当S1，S2都闭合时，电压表示数为4.5V；当S1闭合S2断开时，电压表示数为2V；那么S1，S2都断开时，L1和L2两端的电压分别为（）A．2V和4.5V B．2.5V和4.5V C．2V和2.5V D．2.5V和2V【考点】I6：串联电路的电压规律．【分析】（1）当S1，S2都闭合时，电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压；（2）当S1闭合S2断开时，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出L2两端的电压；（3）当S1，S2都断开时，两灯泡串联，电压表测电源的电压，此时两灯泡两端的电压和当S1闭合S2断开时两灯泡两端的电压相同。【解答】解：由电路图可知：（1）当S1，S2都闭合时，电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压，所以电源的电压为4.5V；（2）当S1闭合S2断开时，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压，∵串联电路的总电压等于各分电压之和，∴L2两端的电压U2=U﹣U1=4.5V﹣2V=2.5V；（3）当S1，S2都断开时，两灯泡串联，电压表测电源的电压，此时电路中的电流不变，灯泡的电阻不变，所以两灯泡的电压分别为2V、2.5V。故选：C。【点评】本题考查串联电路的电压规律及电压表的使用，重点是根据开关的状态判断电路的连接以及电压表所测量的对象。6．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中（）A．电流表A示数变大 B．电压表V2示数变小 C．电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大 D．电压表V1示数与电流表A示数的比值变大【考点】IZ：电路的动态分析．【分析】ABC、电路中两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测电源电压，电压表V2测变阻器的电压，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中分析变阻器连入电路中的电阻变化，根据电阻的串联中确定电路的总电阻变化，由欧姆定律判断电流表示数变化；根据U=IR，R1的电压变小，由串联电路电压的规律，分析电压表V2示数变化；因电源电压不变，分析电压表V1示数与电压表V2示数的差值变化；D、由欧姆定律分析电压表V1示数与电流表A示数的比值变化。【解答】解：ABC、由图知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测电源电压，电压表V2测变阻器R2的电压；向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，变阻器连入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；故A错误；电路中的电流变小，根据U=IR可知，R1的电压变小，由串联电路电压的规律可知，变阻器R2的电压变大，即电压表V2示数变大，故B错误；电源电压不变，电压表V1示数与电压表V2示数的差值等于R1的电压，则该差值变小，故C错误；D、由欧姆定律可知，电压表V1示数与电流表A示数的比值等于电路的总电阻，则该比值变大，故D正确。故选：D。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电压表测量电压的判断，难度中等。7．（3分）如图所示的四个电路中，R0为已知阻值的定值电阻，不能测出未知电阻Rx的电路是（）A． B． C． D．【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电压表或电流表，直接或间接测量电压和电流，根据欧姆定律求得Rx电阻。【解答】解：A、开关S闭合时，R0短路，电压表测量电源电压；开关S断开时，电压表测量Rx两端的电压；根据串联电路总电压等于各分电压之和，可求出R0两端的电压，根据I=求出通过R0的电流；根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix=I0，根据Rx=可求出Rx的电阻；B、由电路图可知，当S断开时，电路为R0的简单电路，电流表测R0的电流，根据欧姆定律可求电源的电压；当开关S闭合时R0、Rx并联，电流表测总电流，R0的电压始终为电源电压保持不变，由并联电路电流特点可求得通过Rx的电流，并且Rx两端电压等于电源电压，所以可以根据Rx=可求出Rx的阻值；C、由电路图可知，当开关S闭合时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当开关S断开时两电阻串联，电流表测串联电路的电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据电阻的串联可以求出Rx的阻值；D、开关S闭合时，Rx短路，电压表测量电源电压；开关S断开时，电压表测量电源电压；所以无法得到电路中电流，所以不能计算出Rx的值。所以，不能测出未知电阻Rx的电路是D图。故选：D。【点评】本题考查测电阻的特殊方法，关键是在没有电流表条件下，电压表和定值电阻起到测量的电流的作用，在没有电压表条件下，电流表和定值电阻起到测量的电压的作用，有一定难度。8．（3分）把甲、乙两段电阻线接在相同的电压下，甲线中的电流大于乙线中的电流，忽略温度的影响，下列判断中错误的是（）A．当它们材料、粗细都相同时，甲线长乙线短 B．当它们材料、长度都相同时，甲线粗乙线细 C．当它们长度、粗细都相同时，两线的材料一定不同 D．甲、乙两电阻线的材料、长短、粗细不可能完全相同【考点】IA：影响电阻大小的因素．【分析】电阻是导体自身的一种特性，大小只与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与导体两端的电压及通过导体中的电流大小无关。先根据题意由欧姆定律判定甲乙两电阻的大小；再根据电阻的大小运用控制变量法逐个条件进行比较分析即可。【解答】解：因为甲、乙两段电阻两端的电压相等，而且甲线中的电流大于乙线中的电流；由I=的变形公式R=可知：R甲＜R乙；忽略温度的影响，电阻大小只与导体的长度、材料、横截面积有关；A、当它们材料、粗细都相同时，长度短的电阻小，由于R甲＜R乙，所以甲线短乙线长，故A错误；B、当它们材料、长度都相同时，横截面积大的电阻小，由于R甲＜R乙，所以甲的横截面积大于乙的横截面积，即甲线粗乙线细，故B正确；C、因为它们的电阻不同，故它们长度、粗细都相同时，两线的材料一定不同，故C正确；D、因为它们的电阻不同，故甲、乙两电阻线的材料、长短、粗细不可能完全相同，故D正确。故选：A。【点评】本题考查影响电阻大小的因素，主要考查运用控制变量法比较电阻大小的方法，在比较某一因素与电阻大小关系是一定要控制其它的因素不变。9．（3分）如图所示电路，L1的电阻比L2的大，开关闭合，灯均发光，则（）​A．V示数等于V1示数 B．V1示数大于V2示数 C．A示数大于A1示数 D．A2示数大于A1示数【考点】H!：串联电路的电流规律；I7：并联电路的电压规律．【分析】在串联电路中，总电压等于各用电器两端电压之和；电流处处相等。并联电路中各支路电压相等，都等于电源电压。【解答】解：（1）由左图可知，L1、L2并联，电表V1测L1两端电压，电表V2测L2两端电压，电压表V测电源电压，并联电路中各支路电压相等，都等于电源电压；故V示数等于V1示数，等于V2示数，故A正确、B错误；（2）由右图可知，L1、L2串联，在串联电路中，电流处处相等，因此A示数等于A1示数，等于A2示数，故CD错误。故选：A。【点评】此题考查的是并联电路的特点和串联电路的电压、电路特点，属于基础题，难度较小，容易解答。10．（3分）在如图所示电路中，闭合开关S后，在滑片P向右滑动过程中，各电表示数变化正确的是（）A．A1、A3示数不变，A2、V示数变小 B．A1、V示数不变，A2、A3示数变大 C．A1、A2、V示数不变，A3示数变小 D．A2、V示数不变，A1示数变小，A3示数变大【考点】IZ：电路的动态分析．【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测量通过R2电流，电流表A2被短路，电流表A3测量干路总电流，电压表测电源的电压；根据电源的电压确定电压表示数的变化，根据并联电路各支路独立工作、互不影响确定通过R1电流的变化，根据滑片的移动确定接入电路电阻的变化，根据欧姆定律确定该支路电流的变化，最后根据并联电路的电流特点确定干路电流的变化。【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测量通过R2的电流，电流表A2被短路，电流表A3测干路总电流，电压表测电源的电压；则滑片移动时，电流表A2无示数，即示数不变，故AB错误；因电源的电压不变，所以，移动滑片时，电压表V的示数不变；因并联电路各支路独立工作、互不影响，所以，移动滑片的过程中，R2支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，故D错误；在滑片P向右滑动过程中，接入电路中的电阻变大，由I=可知，通过R1的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A3的示数变小，故C正确。故选：C。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路连接方式的辨别和电流表所测电路元件的判断。11．（3分）小明同学按照图所示的电路进行实验，当开关闭合时，下列判断正确的是（）A．灯泡L1和L2是并联的 B．电压表测量的是灯L2两端的电压 C．若灯L1断路，则电流表、电压表示数都为零 D．若灯L1短路，则电流表有示数，电压表没有示数【考点】HT：串联电路和并联电路的辨别；I3：电压表的使用；IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】（1）首先分析电路的连接方式为串联，电流表测电路电流，电压表测量灯L1的电压；（2）根据灯泡的亮度变化和电流表、电压表示数的情况分析电路的故障。【解答】解：A、根据电路可知，电流只有一条路径，故两灯泡串联，故A错误；B、读图可知，电压表并联在灯L1两端，故测的是灯L1两端电压，故B错误；C、若灯L1断路，则电压表与另一只灯泡串在一起，可测电源电压，故C错误；D、若灯L1短路，则电路中电阻变小，电流变大，电流表有示数，而电压表与短路部分并联，则电压表没有示数，故D正确。故选：D。【点评】此题考查了电路故障的判断，使用电压表检验电路故障时，将电压表与某一用电器并联，闭合开关，如果电压表有示数，故障是并联的用电器断路或其它用电器短路；如果电压表无示数，故障是并联的用电器短路或其它用电器断路。12．（3分）如图所示是一个天然气泄漏检测电路的原理图，电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为气敏电阻（其阻值随天然气浓度的增大而减小），则下列说法正确的是（）A．天然气浓度增大，电压表示数变小 B．天然气浓度减小，电流表示数变大 C．天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小 D．天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变【考点】IZ：电路的动态分析．【分析】由电路图可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压；根据天然气浓度的变化确定气敏电阻R的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和电压表示数的变化以及电压表与电流表示数的比值变化，根据P=UI可知电路中消耗总功率的变化。【解答】解：（1）当天然气浓度增大时，气敏电阻R的阻值减小，电路中的总电阻减小；根据I=可知，电路中的电流变大；根据U=IR可知，定值电阻R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A不正确；根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故C不正确；（2）反之，当天然气浓度减小时，电路中的电流变小，故B选项不正确；根据欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，所以两者的比值不变，故D选项正确。故选：D。【点评】本题考查了电阻的串联特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，会分析气敏电阻的阻值与浓度的变化关系是本题的突破口。二、填空题13．（3分）电表的读数要做到“两看清”。请完成图中甲、乙两表的读数。甲图：读数0.5A。乙图：读数4V。【考点】HY：电流表的读数方法；I4：电压表的读数方法．【分析】电流表和电压表的读数，首先确定电流表所选的量程，然后根据量程确定分度值，再根据指针的位置读数。【解答】解：甲图，电流表使用的0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，读数为0.5A。乙图，电压表使用的0～15V量程，每一个大格代表5V，每一个小格代表0.5V，读数为为4V。故答案为：0.5A；4V。【点评】本题考查了电流表和电压表的读数方法，属于基础题。14．（3分）某段导体两端的电压为3V时，通过它的电流为0.6A，则该导体的电阻为5Ω，当导体两端的电压减小一半时，该导体的电阻为5Ω，通过它的电流为0.3A，当电路断开时，导体的电阻为5Ω。【考点】I9：电阻；IH：欧姆定律的应用．【分析】根据欧姆定律求电阻的大小；根据影响电阻大小的因素及电阻不变时，通过导体的电流与电压成正比作答。【解答】解：根据欧姆定律，导体的电阻R==5Ω；导体的电阻大小与导体的长度、横截面积、材料、温度有关，与两端是否有电压及大小无关，所以当导体两端的电压减小一半时，该导体的电阻仍为5Ω；根据电阻不变时，通过导体的电流与电压成正比，所以当导体两端的电压减小一半时，通过它的电流为原来的一半即为0.3A；当电路断开时，即没有加电压时，导体的电阻仍为5Ω。故答案为：5；5；0.3；5。【点评】本题考查欧姆定律及影响电阻大小的因素，为易错题。15．（3分）如图所示，电流表的示数为0.28A，电压表的示数为11.5V。【考点】HY：电流表的读数方法；I4：电压表的读数方法．【分析】电压表和电流表的读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数。【解答】解：电流表使用的0～0.6A的量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，示数是0.28A。电压表使用的0～15V的量程，每一个大格代表5V，每一个小格代表0.5V，示数是11.5V。故答案为：0.28；11.5。【点评】电压表、电流表及其它一些测量工具，在使用前都要确保指针指在0刻度线处；看清电压表、电流表的量程和分度值是读数的关键。16．（3分）如图所示电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针均为图乙所示，则电阻R1和R2两端得到电压分别为4.8V和1.2V。【考点】I4：电压表的读数方法；I6：串联电路的电压规律．【分析】首先根据串联电路的电压特点（U=U1+U2）确定电压表表V1、V2示数的大小，然后根据电压表的读数方法读出示数。【解答】解：因为电阻R1和R2串联，而电压表V1测量的是电源电压，电压表V2测量的是R2电压，所以电压表V1的示数比电压表V2的示数大；故电压表V1选的是0﹣15V的量程分度值为0.5V，根据指针位置，电压表读数为6V；电压表V2选的是0﹣3V的量程，分度值为0.1V，根据指针位置，电压表读数为1.2V；根据串联电路的电压关系U1=U﹣U2=6V﹣1.2V=4.8V。故答案为：4.8；1.2。【点评】本题重点考查了电压表的读数方法，串联电路的电压关系。17．（3分）一段导体两端电压时10V时，导体中的电流是0.5A，此导体的电阻是20Ω．如果导体两端的电压降到1V，此时导体中的电流是0.05A，导体的电阻是20Ω。【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】（1）知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，再根据欧姆定律求出导体两端的电压降到1V时的电流。【解答】解：由I=可得，导体的电阻：R===20Ω，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，导体两端的电压降到1V时，电阻仍为20Ω不变，此时导体中的电流：I′===0.05A。故答案为：20；0.05A；20。【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。18．（3分）用图甲电路测量小灯泡发光时的电阻，电压表应该接在1（填“1”或“2”）处。当闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.4V时，电流表的示数如图乙，则此时通过灯泡的电流是0.3A，灯泡的电阻是8Ω。【考点】HY：电流表的读数方法；I3：电压表的使用；IH：欧姆定律的应用．【分析】由图可知位置1与灯泡并联，位置2与灯泡串联，则由电压表的使用可知电压表所接的位置；由图根据电流表所接量程，先求得电流表的分度值，则可以得出指针所指的示数；则由欧姆定律可求得灯泡的电阻。【解答】解：电压表应并联在灯泡两端，故电压表应接在位置1处；由图可知，电流表所选量程为0～0.6A，电流表的分度值为0.02A，指针所指的示数为0.3A，即此时通过灯泡的电流是0.3A；已知灯泡两端的电压为2.4V，由欧姆定律可得灯泡的电阻：R===8Ω。故答案为：1；0.3；8。【点评】本题考查电压表的使用、欧姆定律的使用及电流表的读数，均为考查的热点要求学生能熟练应用。19．（3分）有一只小灯泡额定电压是3V，它正常发光时灯丝的电阻是6Ω，如果同学们只有电压为9V的电源，要使小灯泡正常工作，需要串联一个12Ω的电阻，此时它消耗的电功率是3W。【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．【分析】已知灯泡的额定电压和电阻，根据公式I=可求出灯正常工作时的电流；根据串联电路特点求出串联电阻两端的电压，根据公式R=求出串联电阻的大小；最后由P=I2R求出电阻的功率。【解答】解：电路中电流I===0.5A，串联电阻电压UR=U﹣UL=9V﹣3V=6V，串联电阻的阻值R===12Ω，电阻消耗的功率PR=I2R=（0.5A）2×12Ω=3W。故答案为：12；3。【点评】本题考查电流、电压和电阻的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，还要知道串联电路电流、电压和电阻的规律。20．（3分）为在额定电压下测出小灯泡的额定功率，需要用滑动变阻器调节小灯泡两端的电压即可；如果调节的电压略高于额定电压，若实际电压为额定电压的1.2倍，则实际功率为额定功率的1.44倍。（假设电阻值不变）【考点】ID：滑动变阻器的使用；JA：电功率的计算；JC：额定功率．【分析】（1）用电器正常工作时的电压是额定电压，额定电压下的功率是额定功率。（2）移动滑动变阻器的滑片，能改变电路中的电流，也能改变各用电器两端的电压。（3）根据比较电功率的变化。【解答】解：（1）小灯泡在额定电压下的功率是额定功率。滑动变阻器可以改变电路中的电流，也能改变各用电器两端的电压。（2）电阻不变，电压变为原来的1.2倍，所以。故答案为：额定；滑动变阻器；1.44。【点评】（1）掌握额定电压和额定功率。（2）掌握滑动变阻器的作用、结构、原理、接线柱的接法、在电路中的连入方式。（3）根据比较电功率的变化。（4）注意题目中的条件。（假设电阻值不变）三、作图题21．（3分）在图电路中缺少两根导线，请按要求用笔画线代替导线完成电路连接。要求：闭合电键S后，向右移动变阻器的滑片时，电压表的示数变小。【考点】HR：实物的电路连接．【分析】将电压表并联在R的两端，根据串联电路电压的规律和向右移动变阻器的滑片时，电压表的示数变小，结合分压原理确定变阻器接线柱的连接。【解答】解：闭合电键S后，向右移动变阻器的滑片时，电压表的示数变小，即定值电阻的电压减小，根据串联电路电压的规律可知，变阻器的电压变大，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻变大，所以滑片左边电阻丝与定值电阻串联接入电路中，如下图所示：【点评】本题考查实物图的连接，涉及串联电路电压的规律及分压原理等知识，难度中等。22．（3分）在“探究并联电路电流规律”的实验中，小明已连好部分电路。请分别按以下要求用笔画线代替导线，把电路连接完整。要求：（1）电流表测量干路电流（在图1中画线）；（2）电流表测量L1支路电流（在图2中画线）。【考点】H#：探究串并联电路中的电流特点实验．【分析】电流表要串联在被测电路中，根据题目要求确定各电路元件的连接方式，然后连接实物电路图。【解答】解：（1）两灯泡并联，电流表测量干路电流，电流表串联在干路中，电路图如图1所示；（2）两灯泡并联，电流表测量L1支路电流，电流表要串联在L1支路中，电路图如图2所示；故答案为：（1）电路图如图1所示；（2）电路图如图2所示。【点评】电流表要串联在被测电路中，电压表要与被测电路并联；本题考查了连接实物电路图，根据题目要求确定各电路元件的连接关系是正确解题的关键。四、实验探究题23．（3分）（1）如（1）图所示，电流表示数为0.46A。（2）用电压表测电压，指针位置如图（2）所示，则使用中的错误之处是正负接线柱接反了。（3）如图（3）所示是“探究不同物质吸热能力”的实验，将质量相等的煤油和水分别装在两个相同的烧杯中，并测出煤油和水的初温，然后用两个相同的酒精灯加热。实验中选用相同的酒精灯加热，可以认为相同时间内水和煤油吸收的热量相同。【考点】GX：探究比热容的实验；HY：电流表的读数方法；I5：电压表的连接．【分析】（1）电流表的读数：先确定电流表的量程、分度值，然后根据指针的位置读出电流表的示数；（2）电压表接入电路时，要使电流正进负出，否则会出现指针反偏；（3）用相同的酒精灯对液体加热，在相等时间内液体吸收的热量相等。【解答】解：（1）图中电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.46A；（2）图中电压表的指针出现了反偏，这是因为电压表的正负接线柱接反了；（3）用相同的酒精灯对水与煤油加热，在相等时间内，水与煤油吸收的热量相等，可以用加热时间反应液体吸收热量的多少。故答案为：（1）0.46；（2）正负接线柱接反了；（3）吸收的热量。【点评】本题主要考查了我们对电流表的读数、电压表的连接以及对探究比热容实验中的实验过程的分析，属实验综合题，但难度不大。24．（3分）图甲是用伏安法测未知电阻R的实验图。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整。（2）闭合开关，将滑片P向左滑动时，此时电压表示数为2.4V，电流表示数如图乙所示，其读数为I=0.3A，则未知电阻R=8Ω。（3）若实验中只有一个电压表和一个已知电阻R0，小明设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻Rx，请在空格内将实验步骤补充完整。①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；②闭合开关S、S1，用电压表测出电源的电压U；③请写出用测量值U、U1及R0来表示Rx的表达式：Rx=。【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验．【分析】（1）变阻器应串联在电路中，且要一上一下接线柱进行连接；（2）明确电流表的量程和分度值，读出示数，再利用欧姆定律的变形公式计算电阻的大小；（3）由电路图可知，当开关S、S1均闭合时电路为Rx的简单电路，电压表测电源的电压；当开关S闭合、S1断开时，R0、Rx串联，电压表测Rx两端的电压；根据串联电路的分压特点和定值电阻的阻值求出Rx的阻值，据此设计实验步骤得出结果。【解答】解：（1）变阻器应串联在电路中，可将导线一端接在变阻器上端，另一端接在电阻R右端，如图所示。（2）读图可知，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则电流表的示数为0.3A。由公式I=得，R===8Ω；（3）实验步骤：①闭合开关S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；②闭合开关S、S1，用电压表测出电源的电压U；③因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压：U0=U﹣Ux=U﹣U1，因串联电路中各处的电流相等，所以，I==，即=，解得：Rx=。故答案为：（1）如上图所示；（2）0.3；8；（3）②闭合开关S、S1；③。【点评】本题考查了实物图的连接和电流表的读数、欧姆定律的应用、串联电路的特点等，关键是知道有电压表、无电流表时可根据串联电路的电流、电压特点进行设计实验。25．（3分）在测2.5V小灯泡（电阻大约为10Ω左右）额定功率的实验时，刘星连接了如图甲所示的电路。其中电源电压为6V。（1）请用笔画线将甲图中的电路连接完整；（2）在连接电路时，有甲“10Ω1A”和乙“20Ω1A”两个滑动变阻器可供选择，则应该选择变阻器乙连入电路，才能保证实验的顺利进行；（3）在连接电路时，开关应断开（选填“断开”或“闭合”），滑片应移到B（选填“A”或“B”）处，闭合上开关之后，小明发现电压表、电流表均有示数，但小灯泡不亮，经检查，电路连接无误，各元件完好，那么可能的原因是电流太小，为了能使小灯泡发光，下一步应进行的操作是滑片向左（或A）端移动；（4）刘星调节滑片P的位置，使电压表的示数为2.5V，这时电流表的示数如图乙所示，为0.3A，则该灯泡的额定功率是0.75W。【考点】JF：电功率的测量实验．【分析】（1）灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电流，电压表测小灯泡两端的电压，原图缺少电压表与小灯泡的连接，注意量程和正负接线柱；（2）要测量小灯泡的额定功率，就要求小灯泡两端的电压能达到其额定电压2.5V，根据串联分压的特点计算出滑动变阻器需要接入电路的阻值，选择合适阻值的滑动变阻器；（3）①连接电路时，为保护电路，开关应断开，并且滑动变阻器滑片应滑到阻值最大处；②电压表、电流表均有示数，但小灯泡不亮，滑动变阻器滑片还在阻值最大处，此时灯泡两端的电压很小，灯泡不能发光；（4）电流表量程和分度值已知，可读出电流表的示数，根据公式P=UI可求灯泡的额定功率。【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，电压表测量小灯泡两端的电压，因此量程选择0～3V即可，注意正负接线柱，把电压表并联在小灯泡两端，如下图；（2）小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω左右，因此小灯泡正常发光时，电路中的电流大约为I===0.25A，滑动变阻器接入电路的阻值为R2===14Ω，∴选择“20Ω1A”的乙滑动变阻器。（3）①连接电路时，为了更好的保护电路，开关要断开，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，因为滑动变阻器的下面接入的是A接线柱，所以滑片要移到B端；②滑动变阻器与灯泡串联，滑片在阻值最大处，电路中电流很小，灯泡两端的电压很小，所以灯泡不能发光，必须减小滑动变阻器接入电路的阻值，滑片向左（A）端移动；（4）电流表选择的是0～0.6A量程，对应的分度值是0.02A，指针指在0.2A后第5个小格上，因此电流表示数为0.2A+0.02A×5=0.3A，该灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。故答案为：（1）见下图；（2）乙；（3）断开、B、电流太小、滑片向左（或A）端移动；（4）0.3、0.75。【点评】（1）连接实物电路时，注意电流表和电压表的量程以及正负接线柱，滑动变阻器要一上、一下的选择接线柱；（2）灯泡不能发光，不一定就是断路，有时电路中电流太小，小灯泡的实际功率太小也不发光。五、综合题26．（3分）如图甲所示，是小明同学探究并联电路电流规律的电路，闭合开关后，两表指针在同一位置如图乙所示。求：（1）电流表A1和A2示数；（2）干路电流；（3）通过灯泡L1的电流。【考点】H@：并联电路的电流规律．【分析】（1）由电路图可知，L1与L2并联，电流表A1测L2支路的电流，电流表A2测干路电流，根据并联电路的电流特点和两表指针在同一位置确定两电流表的量程，并根据分度值读出示数；（2）电流表A2的示数即为干路电流；（3）两电流表示数的差值即为通过电阻L1的电流。【解答】解：由电路图可知，L1与L2并联，电流表A1测L2支路的电流，电流表A2测干路电流。（1）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两表指针在同一位置，所以，电流表A2的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为0.8A，电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.16A；（2）干路电流I=IA2=0.8A；（3）通过灯泡L1的电流I1=IA2﹣IA1=0.8A﹣0.16A=0.64A。答：（1）电流表A1的示数为0.16A，电流表A2的示数为0.8A；（2）干路电流是0.8A；（3）通过灯泡L1的电流是0.64A。【点评】本题考查了并联电路的特点的应用和电流表的读出，会确定两电流表的量程是关键。27．（3分）如图所示，电源电压为6V，电阻R1的阻值为10Ω．闭合开关后，电流表的示数为0.9A．求：（1）通过电阻R1的电流（2）R2的电阻。【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表测干路电流。（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过电阻R1的电流；（2）根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，利用欧姆定律求出R2的电阻。【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表测干路电流。（1）∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴根据欧姆定律可得，通过电阻R1的电流：I1===0.6A；（2）∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴通过R2的电流：I2=I﹣I1=0.9A﹣0.6A=0.3A，R2的电阻：R2===20Ω。答：（1）通过电阻R1的电流为0.6A，（2）R2的电阻为20Ω。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。第四章章末卷2一、选择题（共20小题）1．如图所示，在探究“串联电路的电流关系”时，小明用电流表分别测出a、b、c三处的电流为Ia=0.2A、Ib=0.2A、Ic=0.2A．记录数据后，他下一步应该做的是（）A．整理器材，结束实验 B．分析数据，得出结论 C．换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值 D．换用电流表的另一量程，再测出一组电流值【考点】H#：探究串并联电路中的电流特点实验．【分析】一次测量具有偶然性，为了得出普遍规律，应进行多次实验，测出多组实验数据。【解答】解：实验测出了一组实验数据，一次测量具有偶然性，不能得出普遍规律，为了得出普遍规律，应换用不同规格的灯泡进行多次实验，测出多组实验数据，然后分析实验数据，从而得出实验结论，故C正确，ABD错误。故选：C。【点评】此题主要考查学生的实验能力，需要清楚：实验过程中一般都要进行多次测量，或者取平均值减小误差，或者总结规律，避免结论的偶然性。2．如图所示的电路中a、b是电表，闭合开关要使电灯发光，则（）A．a、b都是电流表 B．a、b都是电压表 C．a是电流表，b是电压表 D．a是电压表，b是电流表【考点】HO：电路图及元件符号．【分析】电流表应该与灯泡串联，若与灯泡并联，则会造成电源短路，烧坏电源和电流表，灯泡不发光；电压表应该与灯泡并联，若与灯泡串联，则会造成灯泡不发光，而电压表会有明显的示数；所以解答本题可根据电流表和电压表的使用规则去分析判断。【解答】解：由图可知，表a与灯泡串联，表b与灯泡并联，根据电流表和电压表的使用规则可知，与灯泡串联的是电流表，与灯泡并联的是电压表，所以表a是电流表，表b是电压表；若两表都是电流表，则由于电流表b与灯泡并联，此时会造成灯泡短路，灯泡不发光，同时由于电流表直接接在电源两极上，电流过大会烧坏电源和电流表；若两表都是电压表，则由于电压表a与灯泡串联，此时灯泡不发光，而电压表a会有明显的示数；若表a是电压表，表b是电流表，则电流表b会造成灯泡和电压表a都被短路，不仅灯泡不发光，而且还会烧坏电源和电流表。故选：C。【点评】本题考查了电流表和电压表的使用规则，在实验时，一定要按照电流表和电压表的使用规则进行操作。由于电流表的内阻很小，所以电流表在测用电器电流时，应该和用电器串联，不能并联，否则会造成用电器短路，那么我们在简化电路时，可以把电流表当做导线来处理；由于电压表内阻很大，所以电压表在测用电器两端电压时，应该和用电器并联，不能串联，否则会造成电路中电流过小，用电器不能工作，那么我们在简化电路时，可以把电压表当做开路来处理。由于电流表和电压表接错而出现的电路故障也是考试中经常出现的一个考点，所以我们不但要记住它们的使用规则，还要理解它们的使用规则。3．如图所示，在探究并联电路的电流关系时，小明把阻值不等的两个灯泡接入电路中，用电流表测出通过A、B、C三点的电流分别为IA、IB、IC．关于它们之间大小关系，正确的是（）A．IA=IB=IC B．IA=IB+IC C．IA＞IB=IC D．IA＜IB＜IC【考点】H@：并联电路的电流规律．【分析】分析电路图，两灯并联，IA为干路电流，IB、IC是两条支路的电流，根据并联电路的电流特点求解。【解答】解：由图可知，为并联电路，A点在干路上，B、C两点在两条支路；并联电路电流的特点是：干路电流等于各支路电流之和，因此有IA=IB+IC；两个灯的阻值不相等，因此IB≠IC。故选：B。【点评】抓住电路的特点是解决本题的关键，串联电路中电流处处相等，并联电路中干路电流等于支路电流之和。4．如图所示，在探究串联电路的特点时，闭合开关，用电流表分别测出A、B、C三处的电流IA、IB、IC，用电压表分别测出AB、BC、AC两点间的电压UAB、UBC、UAC．下列说法正确的是（）A．IA＞IB＞IC B．IA＜IB＜IC C．UAB=UBC=UAC D．UAC=UAB+UBC【考点】H!：串联电路的电流规律；I6：串联电路的电压规律．【分析】先确定电路的连接方式，然后根据串联电路中电流处处相等、电路两端总电压等于各部分电路两端电压之和进行解答。【解答】解：因为电路中两灯泡串联，而A、B、C三点是串联电路中的三处，由于串联电路中电流处处相等，因此IA、IB、IC三者大小相等。比较AB间、BC间、AC间的电压值可得：串联电路中总电压等于各部分电路电压之和。即UAC=UAB+UBC故选：D。【点评】熟知串联电路的电流和电压规律，是顺利解决此题的关键，这是我们学习电学最基本的规律，一定要熟记才行。5．如图所示电路，闭合开关后，比较a、b、c、d四处电流的大小，其中正确的是（）A．Ia=Id B．Ia＜Ib C．Ib＞Ic D．Ic=Id【考点】H@：并联电路的电流规律．【分析】根据并联电路中干路的电流等于各支路电流之和的特点分析，同时根据欧姆定律可知：在两端的电压相同时，用电器的阻值不能判断时，通过用电器的电流大小就不能判断。【解答】解：由图可知：a、d在并联电路的干路上，b、c分别在两支路上，由并联电路中电流的特点知，干路中的电流等于各支路电流之和；所以，A选项的关系正确，B、D选项中的关系错误。虽两灯并联，两灯两端的电压相等，但由于灯泡的阻值不知，所以不能判断通过灯泡的电流大小；故C选项错误。故选：A。【点评】本题考查了并联电路中干路电流比任意支路上的电流都大的特点，注意支路上的电流还与用电器的阻值有关。6．如图所示，连入电路中的电阻R1、R2、R3允许通过的最大电流分别为I1、I2、I3，且I1＞I2＞I3，则此部分电路中允许通过的最大电流是（）A．I1 B．I2 C．I3 D．I1+I2+I3【考点】H!：串联电路的电流规律．【分析】根据串联电路中各处的电流相等，结合电阻R1、R2、R3允许通过的最大电流据此分析解答。【解答】解：已知电阻R1、R2、R3串联接入电路，根据串联电路中电流特点，各处电流相等，因为I1＞I2＞I3，所以此部分电路中允许通过的最大电流是I3。故选：C。【点评】解答此题的关键主要抓住串联电路特点：电流处处相等即可。7．如图所示，在电路中两个规格完全相同的小灯泡L1、L2，闭合开关S后，L1、L2两端的电压分别为U1、U2，通过电流分别为I1、I2，则下列说法正确的是（）A．I1≠I2 B．I1=I2 C．U1≠U2 D．若L1灯丝烧断，灯L2仍能正常发光【考点】H!：串联电路的电流规律；IG：欧姆定律的变形公式．【分析】两灯泡串联，电流相等。根据电阻定律研究两棒的电阻关系，根据欧姆定律研究电压关系。【解答】解：（1）由串联电路的特点知：I1=I2=I．故A错误，B正确。（2）因为在电路中两个规格完全相同的小灯泡L1、L2，由I=可得，U1=U2，故C错误，（3）串联电路中电流的路径只有一条，若L1灯丝烧断，灯L2将不能正常发光，故D错误。故选：B。【点评】本题实质是简单的串联电路，明确串并联电路的特点，抓住串联电路电流处处相等的特点是解题的关键。8．连接如图所示电路，研究串联电路中电流的特点。实验时电流表甲和乙的示数分别为0.18安和0.16安，造成两个电流表示数不同的原因可能是（）A．电流表的缘故 B．灯泡L1和L2的电阻不同 C．导线有电阻 D．灯泡L1和L2在电路中的位置【考点】H!：串联电路的电流规律；HX：电流表的使用．【分析】掌握串联电路电流的特点：串联电路中电流处处相等【解答】解：由电路图可知，两灯和两电流表串联接入电路，根据串联电路的电流特点，电路中各处的电流相等；而实验时电流表甲和乙的示数分别为0.18安和0.16安，图中造成两个电流表示数不同的原因可能是两个电流表的读数误差或指针未调整。故选：A。【点评】此题考查了串联电路中的电流规律，同时考查了电流表的使用，电流相同，若电流表的量程不同，则偏角不同，使用电流表前一定要进行调零。9．将灯L1、L2串联在某电路中，发现灯L2比灯L1亮很多，下列说法正确的是（）A．通过L2的电流比L1大 B．通过L2的电流比L1小 C．通过两灯的电流一样大 D．无法比较通过两灯的电流大小【考点】H!：串联电路的电流规律．【分析】根据串联电路中各处的电流相等进行解答。【解答】解：因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯泡的电流相等，与两灯泡的亮暗没有关系，故C正确，ABD不正确。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的电流特点，要抓住关键“串联”，不要受其它因素的影响。10．如图所示，电路中a、b是电表，闭合开关要使两灯发光，则（）A．a是电压表，b是电流表 B．a、b都是电压表 C．a是电流表，b是电压表 D．a、b都是电流表【考点】HO：电路图及元件符号．【分析】根据电流表和电压表的使用规则去分析判断：电流表应该与灯泡串联，若与灯泡并联，则会造成电源短路，烧坏电源和电流表，灯泡不发光；电压表应该与灯泡并联，若与灯泡串联，则会造成灯泡不发光，而电压表会有明显的示数。【解答】解：由图可知，表b与灯泡串联，表a与灯泡L1并联，根据电流表和电压表的使用规则可知，与灯泡串联的是电流表，与灯泡并联的是电压表，所以表a是电压表，表b是电流表。故选：A。【点评】本题考查了电流表和电压表的使用规则，在实验时，一定要按照电流表和电压表的使用规则进行操作。11．用同种材料制成两段长度相等，横截面积不同的圆柱形导体，A比B的横截面积大，如图所示，将它们串联在电路中，通过的电流关系是（）A．IA＞IB B．IA＜IB C．IA=IB D．无法确定【考点】H!：串联电路的电流规律．【分析】A和B是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小，串联时电流相同。【解答】解：已知A和B是由同种材料制成的且长度相同，A比B的横截面积大，串联时电流相同，即IA=IB。故选：C。【点评】本题考查影响电阻大小的因素和欧姆定律的应用，关键知道影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积和温度，要熟记串联电路电流、电压的特点，这是今后学习中最长用的解题方法之一。12．标有“6V6W”“6V3W”的灯泡L1、L2，串联接在某电源上，设灯丝的电阻不变，则（）A．通过灯L1、L2的电流之比为1：2 B．灯L1、L2两端的电压之比为2：1 C．电源电压为9V时，只有L2能正常发光 D．电源电压为9V时，灯L1、L2都恰能正常发光【考点】J9：电功率与电压、电流的关系．【分析】已知两灯的额定电压和额定功率可求两灯的电阻，还知道两灯串联，所以电流相等。再根据选项所给条件逐一解决。【解答】解：由R=可得，R1===6Ω，R2===12Ω，∵串联电路电流处处相等，故通过灯L1、L2的电流之比为1：1；电压之比为1：2；故AB错误当电源电压为9V时，电路中电流I===A=0.5A，则L1的实际电压U1实际=0.5A×6Ω=3V，U2实际=9V﹣3V=6V，因此只有L2能正常发光，故C正确，D错误。故选：C。【点评】本题考查了串联电路中的电流特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。13．如图所示，把两个小灯泡串联后接到电源上，闭合开关，发现灯泡L1比灯泡L2亮一些。对这一现象分析错误的是（）A．L1功率比L2功率大 B．L1电压比L2电压大 C．L1电阻比L2电阻大 D．L1电流比L2电流大【考点】JE：实际功率．【分析】（1）灯泡的亮暗是由灯泡的实际功率决定的；（2）根据灯泡L1比灯泡L2亮结合公式P=I2R判断出电阻的大小，根据串联电路的电压、电流的规律进行分析。【解答】解：两灯泡串联，所以电流相等，D错误；灯泡L1比灯泡L2亮一些，所以灯泡L1的功率大于灯泡L2的功率，所以A正确；根据P=I2R，灯泡L1的功率大，电流相等，所以灯泡L1的电阻较大，所以C正确；根据U=IR，电流相等，L1的电阻大，所以两端的电压较大，所以B正确。故选：D。【点评】此题考查了串联电路电流、电压、电功率的关系，关键是根据灯泡的亮暗确定出电功率的大小得出两灯泡电阻的大小。同时涉及到了欧姆定律的知识。14．如图所示的电路，当开关闭合后，灯L1比L2亮。以下说法正确的是（）A．通过L1的电流大于通过L2的电流 B．L1两端电压大于L2两端电压 C．L1的电阻小于L2的电阻 D．L1的电功率等于L2的电功率【考点】H!：串联电路的电流规律；J9：电功率与电压、电流的关系；JE：实际功率．【分析】（1）串联电路中，电流处处相等；（2）灯的亮度取决于灯的实际功率，根据欧姆定律可判出电阻关系。【解答】解：（1）灯L1、L2串联在同一电路里，因串联电路中的电流处处相等，所以经过它们的电流都是相等的，故A错误；（2）灯的亮度取决于灯的实际功率，灯L1比L2亮，则L1的实际电功率大于L2的实际电功率，由P=I2R可知，L1的电阻大于L2的电阻，由I=可知，L1两端电压大于L2两端电压。故CD错误；B正确。故选：B。【点评】本题考查了学生对欧姆定律、电功率公式的掌握和运用，明确灯的亮度取决于灯的实际功率。15．如图所示，电源电压保持不变，只闭合开关S时，电流表的示数为0.2A，若再闭合开关S1，发现电流表的示数为0.5A，此时通过R1的电流为I1，通过R2的电流为I2，则（）A．I1：I2=2：5 B．I1：I2=3：5 C．R1：R2=3：2 D．R1：R2=2：3【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】当只闭合S时，R2单独接入电路，再闭合S1时，R1、R2并联在电路中，已知总电流，根据并联电压相等和分流作用，即可做出选择。【解答】解：当只闭合S时，R2单独接入电路，I2=0.2A，当再闭合S1时，两电阻并联，则U2=U，I=0.5A，I1=I﹣I2=0.5A﹣0.2A=0.3A，==，由I=得：R=，===．故选项ABC错误，D正确。故选：D。【点评】此题主要考查学生对并联电路的电流特点、电压特点、欧姆定律的理解和掌握。属于中档题。16．如图所示电路，闭合开关S1、S2，下列对电路的分析正确的是（）A．L1与L2串联 B．电流表A1测L1的电流 C．当开关S2断开时，通过L1的电流变小 D．当开关S2断开时，电流表A2的示数变小【考点】HS：电路的基本连接方式；HX：电流表的使用．【分析】这是一个并联电路，A1、L2、S2三个元件在同一支路上，L1单独在一个支路上，A2在干路上，然后根据并联电路的电流规律分析。【解答】解：A、A1、L2、S2三个元件在同一支路上，L1单独在一个支路上，所以是并联电路，故A错误；B、A1、L2在同一支路上，所以A1是测L2电流，故B错误；C、当开关S2断开时，L2所在支路断路，电流变为0，而L1所在支路电流不受影响，故C错误；D、当开关S2断开时，L2所在支路断路，电流变为0，而L1所在支路电流不受影响，所以干路电流变小，A2测干路电流，因此电流表A2的示数变小，故D正确。故选：D。【点评】分析电流的路径，判断串并联是解决很多电路问题的基础。17．如图所示，在“○”处可以连接电流表或电压表测量电路中的电流、电压，为使L1与L2串联，以下做法正确的是（）A．a为电流表，b为电压表，c为电流表 B．a为电压表，b为电压表，c为电流表 C．a为电流表，b为电流表，c为电压表 D．a为电流表，b为电流表，c为电流表【考点】HX：电流表的使用；I3：电压表的使用．【分析】（1）电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线，去掉后对电路有影响；（2）电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路，去掉后对电路没有影响。【解答】解：L1与L2串联，由图可知a表跟灯泡L1并联，所以应为电压表；b表与灯泡L2并联，应为电压表；c表跟灯泡L2串联，所以应为电流表。由上述可知选项A、C、D都不正确。故选：B。【点评】填电表题实际上就是判断串并联的过程，这类题还可以采用假设法，假设圆圈处去掉，判断对电路是否有影响，有影响就填电流表，无影响就填电压表。18．将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示。闭合开关后，发现灯L1较暗，灯L2较亮，则（）A．灯L1的电阻比灯L2的电阻大 B．灯L1的额定功率比灯L2的额定功率小 C．电路中，灯L1两端电压比灯L2两端电压小 D．电路中，通过灯L1的电流比通过灯L2的电流大【考点】JE：实际功率．【分析】（1）首先明确，串联电路中，电流处处相等；而灯泡的亮度由其实际功率决定，由电功率的计算式P=I2R可知，在电流一定时，实际功率大的电阻较大，即亮度大的阻值大，其两端的实际电压大；（2）已知两灯的额定电压相等，由公式P=知，在额定电压一定时，电阻越大，额定功率越小。根据上述分析对各选项逐一判断即可。【解答】解：A、由于两灯串联在电路中，所以通过小灯泡的电流相同；开关闭合后，灯泡L1较暗，灯泡L2较亮，说明前者的实际功率较小，由P=I2R知，电流相同时，功率越小，阻值越小，因此灯L1的阻值要小于灯L2的阻值；故A错误；B、由A知：R1＜R2，那么在额定电压相同时，由P=可得出阻值越大，其额定功率越小，即灯L1的额定功率要大于灯L2的额定功率，故B错误。C、通过两灯的电流相同，而L1的阻值要小于L2的阻值，由U=IR可知，灯L1两端的实际电压要小一些，故C正确；D、串联电路电流处处相等，故D错误。故选：C。【点评】知道灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率是正确解题的前提与关键，熟练应用串联电路的特点、功率公式及欧姆定律即可解题。19．如图所示，某电子线路板上有一个由三个电阻R1、R2和R3构成的局部电路。已知通过R1和R2的电流分别为4mA和10mA，则通过R3的电流可能是（）A．4mA B．6mA C．10mA D．14mA【考点】H@：并联电路的电流规律．【分析】由电路图可知，电阻并联，根据通过R1和R2的电流分别为求出O点的电流，然后利用并联电路电流的特点求得通过R3的电流。【解答】解：由图可知R1、R2、R3的连接方式有以下几种可能：①R1和R2并联后，再和R3串联，此时流过R3的电流为I=4mA+10mA=14mA；②R1和R3并联后，再和R2串联，此时流过R3的电流为I=10mA﹣4mA=6mA；③R2和R3并联后，再和R1串联，此时R1的电流应该大于R2的电流，而题目R2中电流是10mA，这种情况是不存在的。故流过R3的电流可能是6mA或14mA。故选：BD。【点评】本题考查了并联电路的电流规律，比较简单，属于基础知识。20．如图是探究电流通过导体产生的热量与什么因素有关的实验装置，将两根阻值不等的电阻丝R1、R2串联后分别放入两个透明容器中，并封闭等量的空气，通电前，A、B两U形管内的液面相平，接通电源一分钟后，通过R1、R2的电流分别为I1、I2，则（）A．I1＞I2，A管中的液面较高 B．I1＜I2，A管中的液面较低 C．I1=I2，A管中的液面较高 D．I1=I2，A管中的液面较低【考点】JH：焦耳定律．【分析】由电路图可知两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q=I2Rt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答。【解答】解：因串联电路中各处的电流相等，所以，两电阻丝串联时通过它们的电流相等，故AB不正确；由Q=I2Rt可知，在电路和通电时间相同时，右侧电阻较大，产生的热量较多，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，右侧容器内气体的压强与大气压的差值较大，B测玻璃管液面较高，故C不正确，D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的电流特点和焦耳定律的应用，关键是明白U形管在实验中的作用。二、填空题（共7小题）21．定值电阻R1=10Ω，R2=20Ω，接入如图所示电路中，闭合开关S，则通过R1、R2的电流之比I1：I2=1：1；R1：R2两端的电压之比U1：U2=1：2。【考点】H!：串联电路的电流规律；IH：欧姆定律的应用．【分析】两电阻串联时通过它们的电流相等，根据欧姆定律求出它们两端的电压之比。【解答】解：两电阻串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过它们的电流之比I1：I2=1：1；由I=可得，两电阻两端的电压之比：====。故答案为：1：1；1：2。【点评】本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律公式的应用，是一道基础题目。22．如图所示，R1=4Ω，R2=6Ω，当开关S闭合时，通过R1与R2的电流之比为1：1；加在R1与R2两端的电压之比为2：3。【考点】H!：串联电路的电流规律；IH：欧姆定律的应用．【分析】两电阻串联时通过它们的电流相等，根据欧姆定律求出它们两端的电压之比。【解答】解：两电阻串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过它们的电流之比I1：I2=1：1；由I=可得，两电阻两端的电压之比：====。故答案为：1：1；2：3。【点评】本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律公式的应用，是一道基础题目。23．两根电热丝R1、R2串联在同一电路中，R1＞R2，则通过R1、R2的电流I1=I2，放出的热量Q1＞Q2．（选填“＞”、“＜”或“=”）【考点】H!：串联电路的电流规律；JI：焦耳定律的计算公式及其应用．【分析】根据串联电路的电流特点可知通过R1、R2的电流关系。根据Q=I2Rt分析放出的热量关系。【解答】解：串联电路各处的电流相等，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2相等，即I1=I2。已知R1、R2串联在同一电路中，R1＞R2，t相同，由Q=I2Rt可得，放出的热量Q1＞Q2。故答案为：=；＞。【点评】本题考查了串联电路的电流特点和焦耳定律的计算公式及其应用，是一道基础题。24．学了串、并联电路后，小红用“顺口溜”对电路的特点进行了总结。如：“电流走向多条路，各自为政不相顾，支路要由干路管，就像排长管班长”。这里描述的是并联（选填“串联”或“并联”）电路的特点。【考点】H@：并联电路的电流规律．【分析】掌握串并联电路的特点：串联电路电流只有一条路径，开关控制整个电路，各用电器互相影响；并联电路电流有多条路径，干路开关控制整个电路，支路开关只控制其所在支路的用电器，各用电器互不影响。【解答】解：电流走向多条路，说明电流有多条路径；各自为政不相顾，说明各用电器互不影响；支路要由干路管，说明干路开关控制整个电路，与并联电路的特点相符合。故答案为：并联。【点评】本题主要考查了对并联电路的特点掌握，属基础性知识，难度不大。25．“红灯停，绿灯行，黄灯也要等一等，交通安全要注意”。交通路口的这些指示灯是并联的（选填“串联”或“并联”）．有时红灯快结束时黄灯也同时亮了，此时电路中的总电流变大（选填“变大”、“不变”或“变小”）。【考点】H@：并联电路的电流规律；HT：串联电路和并联电路的辨别．【分析】（1）根据并联电路的特点分析。并联电路中用电器相互不影响工作。（2）在并联电路中，支路越多，干路电流越大。【解答】解：根据交通信号灯工作时的常识知，红灯亮时，黄灯不亮，绿灯不亮，它们是相互不影响工作的，故是并联连接。因信号灯是并联，红灯快结束时黄灯同时亮了，相当于又增加了一条支路，故干路电流会变大。故答案为：并联；变大。【点评】本题考查并联电路的电流特点和各用电器之间的工作特点，同时需了解交通常识。26．如图所示电路中，R1和R2的连接方式是串联，通过R1和R2的电流相等。若电源电压为3V，R1和R2的阻值相等，则R1两端的电压是1.5V。【考点】H!：串联电路的电流规律；I6：串联电路的电压规律．【分析】电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，串联电路电流处处相等，串联电路两端电压与它的阻值成正比，串联电路总电压等于各部分电压之和；根据以上分析答题。【解答】解：由电路图可知，R1和R2的首尾顺次连接，它们是串联的，通过它们的电流与相等；R1和R2的阻值相等，则它们两端电压相等，电源电压是3V，则R1两端的电压是1.5V；故答案为：串；相等；1.5。【点评】本题考查了电阻连接方式的判断，串联电路的特点，难度不大是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。27．探究并联电路电路电流规律：宝宝和玲玲同学想探究并联电路电流规律，【猜想与假设】（1）宝宝同学猜想：并联电路中各支路电流相等；（2）玲玲同学猜想：并联电路干路中的电流等于各支路电流之和。【设计实验与制定计划】宝宝和玲玲同学分别从实验室选取电流表3只，灯泡2只，开关1个，滑动变阻器1个，干电池，导线若干。实验电路图如图所示。【进行实验与收集证据】（1）宝宝同学根据电路图连接好实验电路，连接过程中，开关应该断开；检查电路无误后，开始实验，正确读出电流表示数如下表：实验次数I1╱AI2╱AI3╱A10.160.160.3220.200.200.4030.220.220.44（2）玲玲同学根据电路图正确连接好实验电路，开始实验，正确的读出电流表示数如下表：实验次数I1╱AI2╱AI3╱A10.100.200.3020.140.280.4230.181.800.54【分析与论证】分析记录的实验数据，宝宝同学得出：并联电路中各支路电流相等；玲玲同学得出：并联电路总电流有时等于各支路电流之和，有时不等于各支路电流值和。【评估】（1）宝宝同学得出错误的实验结论，主要原因是选用了两只规格相同的灯泡；（2）玲玲同学的实验记录表格中，实验次数3读数错误，原因是读错了量程。（3）为了使实验结论更具科学性，请你提出合理化建议（1条即可）：应该选用不同规格的灯泡再进行多次实验得出结论。【考点】H#：探究串并联电路中的电流特点实验．【分析】（1）实验时为了得到普遍规律，采用相同灯泡和不同灯泡进行实验；（2）分析表中实验数据，可知C的电流值与其它两个不同，即错误的数值是0.54A，它与1.80A相比较明显小很多，即指针在同一个位置读数时使用较大的量程读数；（3）为了使实验结论更具科学性，普遍性，应该换用不同规格的灯泡再进行多次测量得