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文档简介
2024届成都市物理高一上期末学业水平测试试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、增大摩擦力常见的方法有:增大正压力和增大接触面间的摩擦因数.下列哪种方法有利于增大摩擦力()A.鞋底布满凹凸花纹 B.给滚动的轴承加润滑油C.冰鞋鞋底装上钢质冰刀 D.为行李箱装上小车轮2、一物体m受到一个撞击力后沿固定的粗糙斜面向上滑动,如图在滑动过程中,物体m受到的力是()A.重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B.重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力C.重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力D.重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力3、据报道,中国首艘国产航母预计在2019年服役.假设航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统,已知某型号的舰载飞机质量为m=104kg,在跑道上加速时产生的最大动力为F=7×104N,所受阻力为重力的0.2倍,当飞机的速度大小达到50m/s时才能离开航空母舰起飞.g取10m/s2,设航空母舰甲板长为160m,则下列法中正确的是()A.飞机在跑道上加速时所受阻力大小为104NB.飞机在跑道上加速时的最大加速度大小为7m/s2C.若航空母舰处于静止状态,弹射系统必须使飞机至少具有大小为30m/s的初速度D.若航空母舰上不装弹射系统,为使飞机仍能在此舰上正常起飞,航空母舰沿飞机起飞方向的速度大小至少应为20m/s4、如图所示,为了行车方便与安全,高大的桥要造很长的引桥,其主要目的是()A.减小过桥车辆受到的摩擦力B.减小过桥车辆的重力C.减小过桥车辆对引桥面的压力D.减小过桥车辆的重力平行于引桥面向下的分力5、物理学中有许多重要的科学方法。下列各图中采用数学推理与实验相结合的科学方法是A.研究篮球的运动轨迹B.测量瞬时速度C.探索自由落体运动规律D.探究玻璃瓶的微小形变6、如图所示,在光滑的水平桌面上有A、B两个滑块,滑块A的质量,滑块B的质量.A受到水平向右的力,B受到水平向左的的力,A、B之间的轻弹簧与物体相连,在某瞬间A的加速度大小为,方向水平向右,则该瞬间B的加速度大小为()A. B.C. D.7、如图所示,用一段绳子把轻质小滑轮吊装在A点,一根轻绳跨过滑轮,绳的一端拴在井中的水桶上,人用力拉绳的另一端,滑轮中心为O点,人所拉绳子与OA的夹角为,拉水桶的绳子与OA的夹角为。人拉绳沿水平面向左运动,把井中质量为m的水桶缓慢匀速提上来,人的质量为M,重力加速度为g,在此过程中,以下说法正确的是()A.始终等于B.吊装滑轮的绳子上的拉力逐渐变大C.地面对人的摩擦力逐渐变大D.地面对人的支持力逐渐变小8、如图甲所示的水平传送带AB逆时针匀速转动,一物块沿曲面从一定高度处由静止开始下滑,以某一初速度从传送带左端滑上,在传送带上由速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图乙所示(图中取向左为正方向,以物块刚滑上传送带时为计时起点),已知传送带的速度保持不变,重力加速度g取,关于物块与传送带间的动摩擦因数μ及物块在传送带上运动第一次回到传送带左端的时间t,下列计算结果正确的是()A.μ=0.4 B.μ=0.2C.t=4.5s D.t=3s9、某电梯中用细绳静止悬挂一重物,当电梯在竖直方向运动时,突然发现绳子断了,由此可以判断此时电梯的情况是()A.电梯可能是加速上升B.电梯可能是减速上升C电梯可能匀速上升D.电梯加速度方向一定向上10、关于自由落体运动的加速度g,下列说法中正确的是()A.同一地点轻重物体的g值一样大 B.重物体的g值大C.g值在地面任何地方一样大 D.g值在赤道处小于南北两极处11、质量为的小球置于倾角为300的光滑固定斜面上,劲度系数为的轻弹簧一端系在小球上,另一端固定在竖直墙上的P点,小球静止于斜面上,弹簧轴线与竖直方向的夹角为300,如图所示.取.则A.弹簧对小球拉力大小为B.小球对斜面的压力的大小为10NC.弹簧的伸长量为10cmD.弹簧被剪断的瞬间,小球的加速度大小为12、关于速度和加速度的关系,以下说法正确的是A.物体的速度越大,则加速度也越大B.物理的速度变化越大,则加速度也越大C.物体的速度变化越快,则加速度越大D.物体的加速度方向是物体的速度变化方向二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、(6分)14、(10分)三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(12分)某物体向右做直线运动,前一段时间t1内的速度是6m/s,紧接着一段时间t2(t2=2t1)内的速度是9m/s,则该物体在全过程的平均速度为A.7m/s B.7.5m/s C.8m/s D.8.5m/s16、(12分)如图所示,传送带与地面成夹角θ=37°,以10m/s的速度逆时针转动,在传送带上端轻轻地放一个质量m=0.5㎏的物体,它与传送带间的动摩擦因数μ=0.5,已知传送带从A→B的长度L=16m,则物体从A到B需要的时间为多少?17、(12分)如图所示,用两根轻绳系住一个质量为m=1kg的小球,两根绳子的另一端分别固定于竖直转动轴的A、B两处,上面绳长l=2m,两绳拉直时与轴的夹角分别为30°和45°,当球随转轴转动而以角速度ω=3rad/s做匀速圆周运动时两绳均处于绷直状态.求:此时绳的拉力的大小.(已知,要求结果保留根号)
参考答案一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、A【解题分析】A、足球鞋底刻有花纹,是在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的.符合题意B、给轴承处加润滑油,减小接触面的粗糙程度,从而达到减小摩擦力.不符合题意C、冰鞋底装上钢质冰刀,减小接触面的粗糙程度,从而达到减小摩擦力.不符合题意D、行李箱装上小车轮,是用滚动代替滑动减小摩擦力,从而减小摩擦力.不符合题意故选A2、B【解题分析】物体受到撞击力后在惯性的作用下沿斜面向上运动,物体并不受冲力的作用,所以对物体受力分析,重力竖直向下,斜面对物体的支持力垂直斜面向上,和沿斜面向下的滑动摩擦力,所以B正确,ACD错误。故选B。3、C【解题分析】根据阻力为重力的0.2倍求阻力大小.当动力最大时产生的加速度也最大,根据牛顿第二定律求最大加速度大小.若航空母舰处于静止状态,根据速度位移关系公式求飞机的初速度.若航空母舰上不装弹射系统,为使飞机仍能在此舰上正常起飞,考虑航母已经具有一定的速度v′,飞机的速度想要到达50m/s,不妨以航母为参照系,那么飞机只需要相对航母速度达到50m/s-v′即可,之后再根据速度位移关系式求解即可求解航母的速度v′.【题目详解】A、飞机在跑道上加速时所受阻力大小为f=0.2mg=0.2×104×10N=2×104N;故A错误.B、当F=7×104N时,飞机在跑道上加速时加速度最大,设为a;根据牛顿第二定律得F-f=ma,解得a=5m/s2;故B错误.C、若航空母舰处于静止状态,根据速度位移公式v2-v02=2aL,将v=50m/s,L=160m,a=5m/s2,代入解得v0=30m/s,故C正确.D、若航空母舰上不装弹射系统,为使飞机仍能在此舰上正常起飞,航空母舰沿飞机起飞方向的速度大小至少应为v′.以航母为参考系,根据速度位移公式得此题条件下(v-v′)2=2aL,代入数据解得v′=10m/s,即航空母舰沿飞机起飞方向的速度大小至少应为10m/s,故D错误.故选C.【题目点拨】本题的关键要理清航母与飞机的运动情况,注意参照系的灵活选择.在D项中,选用航母作为参照系,由于航母是匀速运动,该参照系下速度与位移的关系式仍然成立,只不过此时飞机的起飞条件由v=50m/s变为相对于航母v-v′.4、D【解题分析】ACD.对车受力分析,受重力、支持力和阻力,重力的大小方向均不变,重力产生两个作用效果,使物体沿斜面下滑,使物体紧压斜面,设斜面倾角为,将重力按照作用效果分解如图:由几何关系可得,平行斜面分量为:由于引桥越长,坡角越小,越小;垂直斜面分量为:压力等于重力垂直斜面分量,变小,压力变大,摩擦力变大,故D正确,AC错误;B.物体重力不变,故B错误。5、C【解题分析】A.研究篮球运动的轨迹将篮球视为质点,运用了理想模型法,A错误;B.测量瞬时速度方法是运用了匀变速直线运动的推论,与数学推理无关,B错误;C.伽利略探究自由落体的过程中,通过实验和数学推理相结合得到了自由落体是匀加速直线运动,C正确;D.探究玻璃瓶的微小形变,采用了将微小形变放大的方法,D错误。故选C。6、A【解题分析】设弹簧的弹力为T,对A,根据牛顿第二定律,隔离对A分析,则:F1−T=m1a解得:弹簧的弹力T=F1−m1a=12−2×5N=2N对B,根据牛顿第二定律知,F2-T=m2a2,代入数据得a2=1m/s2,方向向左;故A正确,BCD错误7、AC【解题分析】A.同一根绳子拉力相等,设为F,根据平衡条件可知,垂直于OA绳上的力平衡,则Fsinβ=Fsinα,则α始终等于β,故A正确;B.把井中质量为m的水桶匀速提上来,桶受力平衡,则吊装滑轮的绳子上的拉力始终等于重力,保持不变,故B错误;C.以人为研究对象进行受力分析如图所示,摩擦力f=Fcosθ,人在向左运动过程中,绳子拉力不变,但绳子与水平方向的夹角θ减小,绳子拉力在水平方向的分力增大,地面对人的摩擦力逐渐变大,故C正确;D.对人在竖直方向根据平衡条件可得,地面对人的支持力N=mg-Fsinθ,人在向左运动过程中,绳子拉力不变,但绳子与水平方向的夹角θ减小,绳子拉力在竖直方向的分力减小,地面对人的支持力变大,故D错误;故选AC8、BC【解题分析】AB.由题图乙可得,物块做匀变速运动的加速度大小为由牛顿第二定律得则可得物块与传送带间的动摩擦因数选项B正确,A错误;CD.在v-t图像中,图线与t轴所围面积表示物块的位移,则物块经减速、反向加速到与传送带相对静止,最后匀速运动回到传送带左端时,物块的位移为0,由题图乙可得物块在传送带上运动的总时间为4.5s,选项C正确,选项D错误。故选BC。【题目点拨】此时是牛顿第二定律应用的典型问题-传送带问题;解决本题的关键是根据图像理清物块在传送带上整个过程的运动规律,结合牛顿第二定律和运动学公式以及速度时间图线进行求解。9、AD【解题分析】某电梯中用细绳悬挂一重物,当电梯在竖直方向运动时,突然发现绳子断了,说明绳子的拉力增大了,说明物体处于超重状态,具有向上的加速度,由此可判定电梯运动状态【题目详解】某电梯中用细绳悬挂一重物,当电梯在竖直方向运动时,突然发现绳子断了,说明绳子的拉力增大了,说明物体处于超重状态,具有向上的加速度,说明电梯具有向上的加速度,则电梯可能是向上做加速运动,也可能是向下做减速运动,故BC错误,AD正确。故选AD。【题目点拨】首先要会判定超重和失重,其次要够由超重和失重判定物体的运动状态,重点把握加速度的方向10、AD【解题分析】同一地点重力加速度相同,重力加速度随纬度增大而增大,故AD正确,BC错误;故选AD。11、CD【解题分析】小球静止于斜面上,设小球受的弹簧拉力为,设斜面对小球的支持力为,设弹簧的伸长量为,对小球受力分析如图,则:、、联立解得:、A:小球受的弹簧拉力为,故A项错误B:斜面对小球的支持力为,据牛顿第三定律,小球对斜面的压力的大小为.故B项错误C:弹簧伸长量,故C项正确D:弹簧被剪断的瞬间,小球受重力、斜面对小球的支持力,小球将沿斜面下滑,则:,解得:.故D项正确12、CD【解题分析】A.物体的速度越大,则加速度不一定也越大,选项A错误;B.物理的速度变化越大,则加速度不一定越大,还与时间有关,选项B错误;C.加速度是速度的变化率,则物体的速度变化越快,则加速度越大,选项C正确;D.物体的加速度方向是物体的速度变化方向,选项D正确二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、14、三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、C【解题分析】前一段时间内的位移为后一段内的位移为平均速度为故选C。16、2s【解题分析】物体在传送带上受到重力、支持力和摩擦力作用先做初速度为0的匀加速直线运动,当速度和传送带速度一样时进行判断物体跟随传送带匀速还是单独做匀变速直线运动,根据总位移为16m,可以求出整个运动过程的时间t【题目详解】物体放上传送带后,开始一段时间t1内做初速度为0的匀加速直线运动,小物体
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