白话计算机网络-计算机网络考研辅导-习题及答案汇总 ch01计算机网络概述-06应用层

第1章计算机网络概述1.试在下列条件下比较电路交换和分组交换。要传送的报共x（bit）。从源点到终点共经过k段链路，每段链路的传播时延为d（s），数据率为b（bit/s）。在电路交换时电路的建立时间为s（s）。在分组交换时，分组长度为p（bit），每个分组所必须添加的头部都很短，对分组的发送时延的影响在本题中可以不考虑。此外，各节点的排队等待时间可忽略不计。问在怎样的条件下，分组交换的时延比电路交换的要小？（提示：画一下草图观察k段链路共有几个节点。）分组交换总时延： 图1-15电路交换示意图kd是总传播时延（k段链路，每段的传播时延为d），是总存储时延［共台中间路由器，每台路由器的存储时延为］，总发送时延是。图1-15电路交换示意图电路交换示意图如图1-15所示。电路交换总时延：显然，当时，电路交换总时延比分组交换总时延大。2.在上题的分组交换网中，设报文长度和分组长度分别为x和（p+h）（bit），其中p为分组的数据部分的长度，而h为每个分组所添加的头部长度，与p的大小无关。通信的两端共经过k段链路。链路的数据率为b（bit/s），但节点的排队时间忽略不计。若打算使总的时延最小，问分组的数据部分长度p应取为多大？（提示：思考总时延是由哪几部分组成的。）我们想让总时延减小，但从天津到太原的距离不可能变短，电视剧故事的90分钟也不可能变短。可是，如果我们将一集电视剧的时间改为15分钟（假设原来90分钟的故事分为3集，每集30分钟，现在分6集，每集15分钟），每集的时间变短，则两台中间路由器的存储时延由60分钟减小为30分钟；若将90分钟的故事分9集，则两台中间路由器的存储时延减小为20分钟，总时延减小。想一想，能一直减小下去吗？显然不行，因为如果每集电视剧只剩下片头，没有故事，那么90分钟故事的传输时间就是无穷大了。将分组交换的总时延视为p的函数，对其求一阶导数，令其等于0，解得最优解，有： 令，则： 第2章物理层1.下列选项中，不属于物理层接口规范定义范畴的是（）。A．接口形状 B．引脚功能 C．物理地址 D．信号电平【解析】选C。物理层接口规范要描述机械特性、电气特性、功能特性和过程特性。这些特性不包括物理地址。2.若信道在无噪声情况下的极限数据传输速率不小于信噪比为30dB条件下的极限数据传输速率，则信号状态数至少是（）。A．4 B．8 C．16 D．32【解析】选D。求无噪声情况下的极限数据传输速率，使用奈奎斯特定理，码元传输速率（信号速率）为，假设每个信号携带x比特数据，数据传输速率就是。求信噪比为30dB条件下的极限数据传输速率，使用香农定理，数据传输速率为。要先将信噪比的分贝表示转换为数值表示，，，计算。现在分析题目，其意思是，不小于。显然，若1个信号携带4比特数据，则数据传输速率为8W，小于9.967W；若1个信号携带5比特数据，则数据传输速率为10W，不小于。显然1个信号携带5比特数据，满足题目要求，所以信号状态数从00000到11111，共32个。3.若连接R2和R3链路的频率带宽为8kHz，信噪比为30dB，该链路实际数据传输速率约为理论最大数据传输速率的50%，则该链路的实际数据传输速率约是（）。A．8kbps B．20kbps C．40kbps D．80kbps【解析】选C。，根据香农定理，，然后乘以50%，得到40kbps。4.使用两种编码方案对比特流01100111进行编码的结果如图2-24所示，编码1和编码2分别是（）。A．NRZ和曼彻斯特码 B．NRZ和差分曼彻斯特码 C．NRZI和曼彻斯特码 D．NRZI和差分曼彻斯特码【解析】选A。这道题很简单，编码2很明确是曼彻斯特码，编码1是NRZ码，直接选出答案A。但题目选项中有个干扰项NRZI，就让这道题“有味道”了。NRZ（NonReturntoZero）是不归零码，其问题是没有时钟信号，无法正确区分连续的0或1。NRZI（NonReturntoZeroInverted）则是不归零反转码。如何解决这个问题呢？如图2-27所示，NRZI要发送1，将当前信号反转，发送的是0，保持当前信号。这样就解决了连续1的问题，但是显然未解决连续0的问题。如何解决连续0的问题？在使用NRZI码之前，先进行一次编码，如使用4B/5B码。4B/5B码的编码思想是在比特流中插入额外的比特以打破一连串的0或1，即用5比特来编码4比特的数据，因此称为4B/5B码。每个4B/5B码最多有1个前导0，且末端最多有两个0。因此，当连续传送时，在传输过程中，任何一对5比特码中连续的0最多有3个。再将得到的5比特码使用NRZI码传输（因为NRZI码已解决多个连续1的问题）。一个干扰项引发了NRZI码需和4B/5B码联合运用之原理，这才“有味道”。5.下列因素中，不会影响信道数据传输速率的是（）。A．信噪比 B．频率宽带 C．调制速率 D．信号传播速度【解析】选D。选项D，电磁信号的传播速度是常数，其他选项或者和奈奎斯特定理有关，或者和香农定理有关，都对数据传输速率有影响。6.站点A、B、C通过CDMA共享链路，A、B、C的码片序列（ChippingSequence）分别是（1,1,1,1）、（1,−1,1,−1）和（1,1,−1,−1），若C从链路上收到的序列是（2,0,2,0,0,−2,0,−2,0,2,0,2），则C收到A发送的数据是（）。A．000 B．101 C．110 D．111【解析】选B。根据CDMA原理，应该用A·S，得：[(1×2)+(1×0)+(1×2)+(1×0)]/4=1[(1×0)+(1×−2)+(1×0)+(1×−2)]/4=−1[(1×0)+(1×2)+(1×0)+(1×2)]/4=1计算的结果是1,−1,1，所以A发送的数据是101。7.若图2-25为10Base-T网卡接收到的信号波形，则该网卡收到的比特串是（）。A．00110110 B．10101101 C．01010010 D．11000101【解析】选A。题目明确说明使用的是10Base-T网卡，就是说编码是曼彻斯特码。如果你记不清“上跳变”是表示0还是表示1（最好记清楚），可先按“上跳变”表示0写一遍，得到00110110；如果相反，则得到11001001，看答案选项，选A。8.在物理层接口特性中，用于描述完成每种功能的事件发生顺序的是（）。A．机械特性 B．功能特性 C．过程特性 D．电气特性【解析】选C。过程特性定义各条物理线路的工作过程和时序关系。9.若某通信链路的数据传输速率为2400bps，采用4相位调制，则该链路的波特率是（）。A．600波特 B．1200波特 C．4800波特 D．9600波特【解析】选B。数据传输速率就是比特速率，但真正传输的是信号，码元传输速率就是波特率，单位是波特。比特速率=码元传输速率×1个信号携带的比特数。本题要求码元传输速率，关键是要确定1个信号携带几比特数据。题目说明，信号采用4相位调制，表示信号集合中有4个不同相位的元素，若将其编号，应是从00到11，所以本题中1个信号携带2比特数据。故本题答案是B，1200波特。10.在无噪声情况下，若某通信链路的带宽为3kHz，采用4个相位，每个相位具有4种振幅的QAM调制技术，则该通信链路的最大数据传输速率是（）。A．12kbps B．24kbps C．48kbps D．96kbps【解析】选B。数据传输速率就是比特速率，比特速率=码元传输速率×1个信号携带的比特数。本题一要求出码元传输速率，即波特率，二要确定1个信号携带几比特数据。第一，求码元传输速率，应用奈奎斯特定理B=2W，码元传输速率是带宽的2倍，即6kBaud。第二，信号采用4相位调制4振幅调制技术，表示信号集合中有4×4=16个不同的元素，若将其编号，应是从0000到1111，所以本题中1个信号携带4比特数据。故本题答案是24kbps。第3章数据链路层1．如图3-51所示，有5个站点分别连接在3个局域网上，并且用网桥1和网桥2连接起来。每个网桥都有两个端口（1和2）。一开始，两个网桥的转发表都是空的。以后有以下各站点向其他的站点按先后顺序发送了数据帧，A发送给E，C发送给B，D发送给C，B发送给A。试把有关数据填写在表内。发送的帧网桥1转发表网桥2转发表网桥1的处理转发丢弃登记网桥2的处理转发丢弃登记地址端口地址端口A→EC→BD→CB→A发送的帧网桥1转发表网桥2转发表网桥1的处理转发丢弃登记网桥2的处理转发丢弃登记地址端口地址端口A→EA1A1不知道E在哪，洪泛，学得A在端口1不知道E在哪，洪泛，学得A在端口1C→BAC12AC11不知道B在哪，洪泛，学得C在端口2不知道B在哪，洪泛，学得C在端口1D→CACD122ACD112已知C在端口2，丢弃，学得D在端口2已知C在端口1，向端口1转发，学得D在端口2B→AACDB1221ACD112已知A在端口1，丢弃，学得B在端口1因为网桥1没转发，所以网桥2不知道有数据帧2．如图3-52所示，以太网交换机有6个端口，分别接到5台主机和1台路由器上。在表3-14中的“动作”一栏中，表示先后发送了4个帧。假定在开始时，以太网交换机的转发表是空的。试把该表中其他栏目都填写完。动作转发表的状态向哪些端口转发说明A发送帧给DD发送帧给AE发送帧给AA发送帧给E动作转发表的状态向哪些端口转发说明A发送帧给DA123456不知道D在哪，洪泛，学得A在端口1D发送帧给AA1D41已知A在端口1，直发端口1，学得D在端口4E发送帧给AA1D4E51已知A在端口1，直发端口1，学得E在端口5A发送帧给EA1D4E55已知E在端口5，直发端口5，没学到新知识3．试证明，当用n比特进行分组的编号时，若接收窗口等于1（只能按序接收分组），则仅在发送窗口不超过2n−1时，连续ARQ协议才能正确运行。窗口单位是分组。【解析】这道题主教材后有解答，但本书给出另一种解释：如果发送窗口大小是2n，举出一个反例来，证明连续ARQ协议运行会出错，所以发送窗口大小WT≤2n−1。具体分析见3.3.1节的内容。4．为什么在无线局域网上发送数据帧后，要求对方必须发回确认帧，而以太网就不需要对方发回确认帧？【解析】这道题很多学生是这么作答的：无线局域网可能出现检测错误的情况，即检测到信道空闲，其实信道并不空闲，而检测到信道忙，其实信道并不忙。因此需要接收方发回ACK确认帧来确定信道是否空闲。本书给出的解答如下：第一，802.11无线局域网是随机竞争的，是共享信道模型，存在碰撞问题。第二，802.11无线局域网没有碰撞检测功能，发出去的数据帧是否发生了碰撞，怎么下结论？由接收方发送ACK确认帧表示正确接收了，没有发生碰撞。第三，有线局域网有碰撞检测功能，发出去的数据帧是否发生了碰撞，发送方通过“监听时间＞2τ”就能下结论，不需要接收方发回ACK确认帧。第4章网络层1.下列选项中，不属于物理层接口规范定义范畴的是（）。A．接口形状 B．引脚功能 C．物理地址 D．信号电平【解析】选C。物理层接口规范要描述机械特性、电气特性、功能特性和过程特性。这些特性不包括物理地址。1.路由器R通过以太网交换机S1和S2连接两个网络，R的接口、主机H1和H2的IP地址与MAC地址如图所示。若H1向H2发送1个IP分组P，则H1发出的封装P的以太网帧目的MAC地址、H2收到的封装P的以太网帧的源MAC地址分别是（）。A．00-a1-b2-c3-d4-62、00-1a-2b-3c-4d-52B．00-a1-b2-c3-d4-62、00-a1-b2-c3-d4-61C．00-1a-2b-3c-4d-51、00-1a-2b-3c-4d-52D．00-1a-2b-3c-4d-51、00-a1-b2-c3-d4-61【解析】选D。这是典型两个网问题，按两个网原理，H1发MAC帧给网关，目的MAC地址是路由器左侧接口的MAC地址，路由器重新封装MAC帧，发给H2，源MAC地址是路由器右侧接口的MAC地址。2.某路由表中有转发接口相同的4条路由表项，其目的网络地址分别为/21、/21、/21、/21，将该4条路由聚合后的目的网络地址为（）。A．/19 B．/20C．/19 D．/20【解析】选C。首先将十进制数转换为二进制数，如图4-58（a）所示，找到共同前缀，如图4-58（b）所示。（a）待聚合的4个网3.下列IP地址中，只能作为IP分组的源IP地址但不能作为目的IP地址的是（）。A． B．C． D．55【解析】选A。地址表示“本”的意思，只能做源IP地址，不能做目的IP地址。其他IP地址都可做目的IP地址。4.直接封装RIP、OSPF、BGP报文的协议分别是（）。A．TCP、UDP、IP B．TCP、IP、UDPC．UDP、TCP、IP D．UDP、IP、TCP【解析】选D。封装RIP报文的是UDP，封装OSPF报文是IP，封装BGP报文的是TCP，没有道理，就得牢记。5.若将网络/16划分为128个规模相同的子网，则每个子网可分配的最大IP地址个数是（）。A．254 B．256 C．510 D．512【解析】选C。因27=128，子网号需使用7位，所以前23位是网络号，后9位是主机号。29=512，去掉全0和全1的地址，最大IP地址数为510。6.某路由器的路由表如表4-8所示。表4-8第6题表目的网络下一跳接口/23S1/25S2/27S/0S4若路由器收到一个目的地址为的IP分组，则转发该IP分组的接口是（）。A．S1 B．S2 C．S3 D．S4【解析】选C。在IP地址CIDR化以后，查询路由表就必须寻找最长匹配的，该目的地址与前三条路由都匹配，应选最长的网络前缀，故选C。7.在TCP/IP体系结构中，直接为ICMP提供服务的协议是（）。A．PPP B．IP C．UDP D．TCP【解析】选B。基础知识，IP数据报最常见的3种负载就是TCP、UDP、ICMP。8.下列关于IP路由器功能的描述中，正确的是（）。Ⅰ．运行路由协议，设置路由表Ⅱ．监测到拥塞时，合理丢弃IP分组Ⅲ．对收到的IP分组头进行差错校验，确保传输的IP分组不丢失Ⅳ．根据收到的IP分组的目的IP地址，将其转发到合适的输出线路上A．仅Ⅲ、IV B．仅I、Ⅱ、ⅢC．仅I、Ⅱ、IV D．I、Ⅱ、Ⅲ、IV【解析】选C。路由器工作原理中，I正确，II正确，III前半句正确，后半句错误。路由器在超过其负载能力时，就丢弃分组，这是路由器的一个基本特性，III错，IV正确。所以选C。9.ARP协议的功能是（）。A．根据IP地址查询MAC地址 B．根据MAC地址查询IP地址C．根据域名查询IP地址 D．根据IP地址查询域名【解析】选A。ARP协议根据IP地址查询MAC地址。10.某主机的IP地址为5，子网掩码为。若该主机向其所在子网发送广播分组，则目的地址可以是（）。A． B．55 C．55 D．55【解析】选D。将IP地址、子网掩码转换为二进制数：5（10110100010100000100110100000000）（11111111111111111111110000000000）广播（10110100010100000100111111111111）将其转换成十进制数，得到55，所以选D。11.某网络拓扑如图4-57所示，路由器R1只有到达子网/24的路由。为使R1可以将IP分组正确地路由到图中所有子网，则在R1中需要增加的一条路由（目的网络，子网掩码，下一跳）是（）。A．28B．C．28D．【解析】选D。题目说明“增加一条路由”，但是R2连接两个网络，正常应该有两条路由，这就需要将其聚合为一条路由。/25、28/25的共同前缀是/24。R1路由的“下一跳”应该是R2的接口，所以选D。12.在子网/30中，能接收目的地址为的IP分组的最大主机数是（）。A．0 B．1 C．2 D．4【解析】选C。题目说明“/30”，就是前30位为网络号，后2位为主机号。将转换为二进制数：（11000000101010000000010000000011）主机号为11，是广播地址。在这个网络中，IP地址范围为00～11，去掉全0和全1的地址，只有01和10两个IP地址可用，所以选C。13.某自治系统内采用RIP协议，若该自治系统内的路由器R1收到其邻居路由器R2的距离矢量，距离矢量中包含信息<net1,16>，则能得出的结论是（）。A．R2可以经过R1到达net1，跳数为17B．R2可以到达net1，跳数为16C．R1可以经过R2到达net1，跳数为17D．R1不能经过R2到达net1【解析】选D。在RIP协议中，用16表示“无穷大”，就是“不可达”的意思。R2的路由表中有一条<net1,16>，就表示R2去不了net1，所以A、B、C都错，D对，选D。14.若路由器R因为拥塞丢弃IP分组，则此时R可向发出该IP分组的源主机发送的ICMP报文类型是（）。A．路由重定向 B．目的不可达 C．源点抑制 D．超时【解析】选C。ICMP协议规定：当路由器丢弃IP分组时，向源主机发送源点抑制报文。15.某网络的IP地址空间为/24，采用定长子网划分，子网掩码为48，则该网络中的最大子网个数、每个子网内的最大可分配地址个数分别是（）。A．32，8 B．32，6 C．8，32 D．8，30【解析】选B。地址段为/24，网络号占24位，主机号占8位。将IP地址转换为二进制数：48（11111111111111111111111111111000）前29位为网络号，其中5位为子网号，子网数为25=32，后3位为主机号，23=8，去掉全0和全1的地址，为6，选B。第5章传输层1.下列选项中，不属于物理层接口规范定义范畴的是（）。A．接口形状 B．引脚功能 C．物理地址 D．信号电平【解析】选C。物理层接口规范要描述机械特性、电气特性、功能特性和过程特性。这些特性不包括物理地址。1.【2018研】UDP协议实现分用（demultiplexing）时所依据的头部字段是（）。A．源端口号 B．目的端口号 C．长度 D．校验和【解析】选B。传输层源点执行多到一复用（multiplexing），传输层终点执行一到多分用（demultiplexing），所以选B。2.【2017研】若甲向乙发起一个TCP连接，最大段长MSS=1KB，RTT=5ms，乙开辟的接收缓存为64KB，则甲从连接建立成功至发送窗口达到32KB，需经过的时间至少是（）。A．25ms B．30ms C．160ms D．165ms【解析】选A。分析“至少”两字，显然，如果甲方在慢启动阶段发送窗口大小达到32KB，时间最少。发送窗口大小是min(cwnd，rwnd)。先分析cwnd，在5个RTT轮次后，cwnd达到32KB，如表5-3所示。表5-3cwndRTTt=0t=1t=2t=3t=4t=5cwnd12481632再分析rwnd。rwnd是接收方通告的窗口大小。本题中没明确说明接收方接收缓存的消耗情况，假设接收方应用进程没有提取任何数据，接收数据都保留在缓存内，4个RTT轮次后，共接收数据1+2+4+8+16=31KB，接收方通告的rwnd=64–31=33KB。发送窗口大小为min(32,33)=32，就是说第5个RTT轮次后，发送窗口大小能达到32KB。所以最少的时间是经过5个RTT轮次，RTT的值是5ms，5×5=25ms。3.【2016研】假设图5-28中的H3访问Web服务器S时，S为新建的TCP连接分配了20KB（K=1024）的接收缓存，最大段长MSS=1KB，平均往返时间RTT=200ms。H3建立连接时的初始序号为100，且持续以MSS大小的段向S发送数据，拥塞窗口初始阈值为32KB；S对收到的每个段进行确认，并通告新的接收窗口。假定TCP连接建立完成后，S端的TCP接收缓存仅有数据存入而无数据取出。请回答下列问题。（1）在TCP连接建立过程中，H3收到的S发送过来的第二次握手TCP段的SYN和ACK标志位的值分别是多少？确认序号是多少？（2）H3收到的第8个确认段所通告的接收窗口是多少？此时H3的拥塞窗口变为多少？H3的发送窗口变为多少？（3）当H3的发送窗口等于0时，下一个待发送的数据段序号是多少？H3从发送第1个数据段到发送窗口等于0时刻为止，平均数据传输速率是多少（忽略段的传输延时）？（4）若H3与S之间通信已经结束，在t时刻H3请求断开该连接，则从t时刻起，S释放该连接的最短时间是多少？【解析】（1）S发送第二次握手SYN=1和ACK=1的确认号为101。（2）注意题目说明S的TCP接收缓存仅有数据存入而无数据取出，所以必须分析S缓存的状态。第8个确认段说明S已收到8个段，此时，S缓存大小为20–8=12，此刻S通告的rwnd=12，发送窗口大小是rwnd和cwnd中的较小值，所以还需分析cwnd。TCP初始化时，cwnd置1，首先TCP进入慢启动阶段，门限值是32KB，在此阶段，每返回一个确认，cwnd加1，即cwnd=cwnd+1。第1轮：cwnd=1+1=2。第2轮：cwnd=2+1=3，cwnd=3+1=4。第3轮：cwnd=4+1=5，cwnd=5+1=6，cwnd=6+1=7，cwnd=7+1=8。第4轮：cwnd=8+1=9，……收到8个确认段后，H3的拥塞窗口大小cwnd=9。在慢启动阶段，cwnd每一轮数值翻一番，变化趋势是1，2，4，8，……但变化的过程不是2×2=4，跳到4，而是每收到一个ACK，cwnd加1。cwnd一次次加1，一直加到4。例如，第3轮会收到4个ACK，cwnd由4增大到8。第4轮会收到8个ACK，cwnd由8增大到16。但本题明确说“第8个确认段所通告的窗口”，不是到第4轮结束时，而是在第4轮中间，第8个ACK到达后的cwnd=8+1=9，不是8×2=16。所以H3的发送窗口大小为min(9,12)=9。（3）发送方的发送窗口怎么会是0呢？没有超时与3-ACK事件，发送方的拥塞窗口大小cwnd始终在增大。由于接收方没取出任何数据，所以可用的缓存就是接收窗口，其持续缩小。当其缩小为0时，发送方的发送窗口为min(rwnd,cwnd)，就变为0了，如图5-29所示。H3的发送窗口大小等于0时，S收到20KB数据，缓存用完时，通告0窗口。也就是说，H3已发送完20KB数据，共发送20×1024=20480字节数据。H3在三次握手后，第1次握手的序号是100，因规则1，第3次握手的序号是101。因规则2，发出的第1个携带数据的报文段的序号也是101，所以发送的字节序号是101～20580，下一个要发送的字节序号是20581。H3从发送第1个数据段开始，到发送窗口大小等于0时刻为止，共经历5轮，各轮发送报文段数分别是1、2、4、8、5。20KB÷(5×200)=20KB/s（4）如图5-30所示，连接释放虽然采用四次握手方式，但第2、3次消息间的时间可忽略不计，所以整个过程所花费的时间只是1.5倍的RTT。1.5×200=300s图5-29报文段传输过程图5-30断开连接过程假设RTT为2小时，客户端8点发出第1条消息，服务器9点收到第1条消息，立即发送第2、3条消息，客户端10点收到第2、3条消息，立即发出第4条消息，到达服务器时是11点，此刻四次握手结束。整个时间是1.5倍的RTT。4.【2015研】主机甲和主机乙新建一个TCP连接，甲的拥塞控制初始阈值为32KB，甲向乙始终以MSS=1KB大小的段发送数据，并一直有数据发送；乙为该连接分配16KB接收缓存，并对每个数据段进行确认，忽略段传输延迟。若乙收到的数据全部存入缓存，不被取走，则甲从连接建立成功时刻起，未发送超时的情况下，经过4个RTT后，甲的发送窗口是（）。A．1KB B．8KB C．16KB D．32KB【解析】选A。题目给出了两个条件，一个是门限值，慢启动到门限值后，转换到拥塞避免阶段；另一个是接收缓存不被取走，这样就会导致接收窗口持续缩小。从发送方的拥塞窗口大小cwnd=1时算起，第1个RTT后，cwnd=2；第2个RTT后，cwnd=4；第3个RTT后，cwnd=8；第4个RTT后，cwnd=16，还未达到门限值。接收方的接收缓存不被取走。接收方第1轮收到1个报文段，第2轮收到2个报文段，第3轮收到4个报文段，第4轮收到8个报文段，缓存的可用空间为16−1−2−4−8=1，此刻乙通告的接收窗口大小rwnd=1。甲的真实发送窗口大小应该是min(rwnd=1,cwnd=16)=1。5.【2014研】主机甲和主机乙已建立了TCP连接，甲始终以MSS=1KB大小的段发送数据，并一直有数据发送；乙每收到一个数据段都会发出一个接收窗口为10KB的确认段。若甲在t时刻发生超时时拥塞窗口为8KB，则从t时刻起，不再发生超时的情况下，经过10个RTT后，甲的发送窗口是（）。A．10KB B．12KB C．14KB D．15KB【解析】选A。超时的处理策略有两种，一是将门限值设为cwnd的一半，二是进入慢启动阶段。将门限值缩小为4。在第2轮后，达到门限值，转换到拥塞避免阶段，此后无超时，cwnd一直线性增大。在第10轮时，cwnd=12，如表5-4所示。表5-4cwndRTTt12345678910cwnd12456789101112发送窗口大小为min(rwnd=10,cwnd=12)=10。6.【2014研】下列关于UDP协议的叙述中，正确的是（）。Ⅰ提供无连接服务Ⅱ提供复用/分用服务Ⅲ通过差错校验，保障可靠数据传输A．仅Ⅰ B．仅Ⅰ、Ⅱ C．仅Ⅱ、Ⅲ D．Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ【解析】选B。UDP传输层不提供可靠性服务，是无连接的，所以选B。7.【2013研】主机甲与主机乙之间已建立一个TCP连接，双方持续有数据传输，且数据无差错与丢失。若甲收到1个来自乙的TCP段，该段的序号为1913、确认序号为2046、有效载荷为100字节，则甲立即发送给乙的TCP段的序号和确认序号分别是（）。A．2046、2012 B．2046、2013C．2047、2012 D．2047、2013【解析】选B。因题目已说明数据无差错与丢失，直接推导序号和确认号变化即可。甲收到TCP段的确认号为2046，甲下一个报文段的序号为2046。确认号是对已接收字节的确认，乙的TCP段的序号为1913，长度为100字节，就是序号为1913～2012的字节已被正确接收，下一个希望接收的是2013号字节。所以甲发送数据的序号是2046，确认号是2013。8.【2011研】主机甲向主机乙发送一个（SYN＝1，seq＝11220）的TCP段，期望与主机乙建立TCP连接，若主机乙接受该连接请求，则主机乙向主机甲发送的正确的TCP段可能是（）。A．(SYN＝0，ACK＝0，seq＝11221，ack＝11221)B．(SYN＝1，ACK＝1，seq＝11220，ack＝11220)C．(SYN＝1，ACK＝1，seq＝11221，ack＝11221)D．(SYN＝0，ACK＝0，seq＝11220，ack＝11220)【解析】选C。建立连接采用三次握手，甲发送TCP段是第1次握手，序号为11220，根据规则1，这个序号被用掉，甲的下一个报文段的序号是11221，这也是乙的第2次握手TCP段中的确认号。答案中只有A、C符合。第2次握手，标志位SYN=1，ACK=1，按此条件，只有C符合。9.【2011研】主机甲与主机乙之间已建立一个TCP连接，主机甲向主机乙发送了3个连续的TCP段，分别包含300B、400B和500B的有效载荷，第3个段的序号为900。若主机乙仅正确接到第1和第3个段，则主机乙发送给主机甲的确认序号是（）。A．300 B．500 C．1200 D．1400【解析】选B。假设第1个段的序号为x，数据为300B，则第2个段的序号为x+300，数据为400B，第3个段的序号为x+700，现在第三个段的序号为900，则x=200。若主机乙仅正确接到第1和第3个段，因TCP确认是累积确认，故只能对第1个段确认，确认号是500。10.【2010研】主机甲和主机乙之间已建立一个TCP连接，TCP最大段长为1000字节，若主机甲当前的拥塞窗口为4000字节，在主机甲向主机乙连续发送2个最大段后，成功收到主机乙发送的第一段的确认段，确认段中通告的接收窗口大小为2000字节，则此时主机甲还可以向主机乙发送的最大字节数是（）。A．1000 B．2000 C．3000 D．4000【解析】选A。主机甲发送数据前的拥塞窗口大小为cwnd=4000，题目没说明当时通告的接收窗口，我们就认为真实的发送窗口大小是min(rwnd=x,cwnd=4000)=4000。判断拥塞窗口cwnd的变化，要看发送方是在慢启动阶段，还是在拥塞避免阶段。但不论在哪个阶段，没有超时和3-ACK事件，拥塞窗口大小cwnd就不会减小，只会增大。收到主机乙发来的确认后，主机甲的cwnd=4000+Δ，但确认中的接收窗口通告值rwnd=2000，所以甲的发送窗口大小是min(rwnd=2000,cwnd=4000+Δ)=2000。再分析发送窗口的滑动情况，因为收到的只是第一段的确认，关闭1000字节，又因发送窗口大小为2000，前沿收缩了，所以可发送的数据为1000B。注意，读者可能会疑惑TCP要求说前沿不能收缩，现在怎么办呢？以报文段的通告值为准，收缩，如图5-31所示。图5-31第10题解析图11.【2009研】主机甲与主机乙之间已建立一个TCP连接，主机甲向主机乙发送了两个连续的TCP段，分别包含300B和500B的有效载荷，第一个段的序列号为200，主机乙正确接收到这两个数据段后，发送给主机甲的确认序列号是（）。A．200 B．500 C．800 D．1000【解析】选D。本题中的序列号就是序号。TCP中的序号是按数据字节数进行编号的。第一个段的序列号为200，携带300B数据，则第二个段的序号为500，携带500B数据，下一个数据字节的序号是1000，所以主机乙发送的确认号为1000。12.【2009研】一个TCP连接总是以1KB的最大段长发送TCP段，发送方有足够多的数据要发送。当拥塞窗口为16KB时发生了超时，如果接下来的4个RTT（往返时间）时间内的TCP段的传输都是成功的，那么当第4个RTT时间内发送的所有TCP段都得到肯定应答时，拥塞窗口大小是（）。A．7KB B．8KB C．9KB D．16KB【解析】选C。超时事件，门限值缩小为拥塞窗口大小的一半，为8KB，cwnd=1，进入慢启动阶段。第3轮时，达到门限值，进入拥塞避免阶段，所以拥塞窗口大小为9KB，如表5-5所示。表5-5cwndRTT超时第1轮第2轮第3轮第4轮cwnd12489第6章应用层1.下列TCP/IP应用层协议中，可以使用传输层无连接服务的是（）。A．FTP B．DNS C．SMTP D．HTTP【解析】选B。DNS使用传输层的UDP协议，其他三个应用都使用TCP协议，所以选B。2.无须转换即可由SMTP协议直接传输的内容是（）。A．JPEG图像 B．MPEG视频 C．EXE文件 D．ASCII文本【解析】选D。由于SMTP协议限定只能传送ASCII文本，因此选D。3.下列关于FTP协议的叙述中，错误的是（）。A．数据连接在每次数据传输完毕后就关闭B．控制连接在整个会话期间保持打开状态C．服务器与客户端的TCP20端口建立数据连接D．客户端与服务器的TCP21端口建立控制连接【解析】选C。了解FTP协议基本知识，直接选出C。控制连接是持续的，数据连接是非持续的，控制连接服务器使用21号端口，数据连接服务器使用20号端口。4.假设所有域名服务器均采用迭代查询方式进行域名解析。当H4访问规范域名为的网站时，域名服务器在完成该域名解析过程中，可能发出DNS查询的最少和最多次数分别是（）。A．0，3 B．1，3 C．0，4 D．1，4【解析】选C。域名服务器的缓存中如果有域名对应的IP地址，就不需要查询，最少次数为0。最多情况下，本地域名服务器依次迭代向根域名服务器、顶级域名服务器（.com）、权限域名服务器（）、权限域名服务器（）查询，共4次。5.通过POP3协议接收邮件时，使用的传输层服务类型是（）。A．无连接不可靠的数据传输服务B．无连接可靠的数据传输服务C．有连接不可靠的数据传输服务D．有链接可靠的数据传输服务【解析】选D。由于POP3协议的传输层使用的是TCP协议，选D。6.某浏览器发出的HTTP请求报文如图6-23所示。图6-23第6题图下列叙述中，错误的是（）。A．该浏览器请求浏览index.htmlB．index.html存放在上C．该浏览器请求使用持续连接D．该浏览器曾经浏览过6.【解析】选C。HTTP请求报文的头部行Connection:close表示非持续连接。持续连接的头部行是Connection:keep-alive。持续连接或非持续连接是HTTP协议的一个重要特性，应该认知其头部。题目说明这是浏览器发出的报文，包含cookie。然而cookie值是由服务器生成，发送给客户端的。这就