2021年吉林省延边州高考物理质检试卷

2021年吉林省延边州高考物理质检试卷（2月份）

1.下列关于物理学史的说法正确的是（）

A.伽利略在做铜球沿斜面运动的实验时，倾角较大的斜面“冲淡”重力的作用更

明显，使得测量时间更容易

B.发现电流磁效应的物理学家是安培

C.牛顿发现了万有引力定律并测出引力常量的大小

D.首先发现电磁感应现象的物理学家是法拉第

2.电影^浪地球》火爆春节假期，成为大家热议的话题。影片中提到太阳大约在几

十亿年后，会逐渐进入红巨星时期，核心温度逐渐升高，当升至某一温度时，太阳

内部的氮元素开始聚变成碳，即氢闪。氢闪的核反应方程为学He一铲C,已知记。

和胃He的质量分另ij为Tn,=12.0000a和？=4.0026a,lu=931MeV/c2,c为光

速。则太阳在发生氮闪过程中释放的能量约为（）

A.5MeVB.lMeVC.MeVD.14MeV

3.如图所示，某同学疫情期间在家锻炼时，对着墙壁练习打乒乓

球，球拍每次击球后，球都从同一位置斜向上飞出，其中有两

次球在不同高度分别垂直撞在竖直墙壁上，不计空气阻力，则

球在这两次从飞出到撞击墙壁前（）

A.在空中飞行的时间可能相等

B.飞出时的初速度竖直分量可能相等

C.撞击墙壁的速度大小可能相等

D.飞出时的初速度大小可能相等

4.磁吸车载手机支架使用灵活方便，支撑强韧有力，角度可自由调整，备受车主青睐。

如图所示，当手机背面贴着的引磁片靠近支架的磁扣时，手机就会牢牢地被吸附在

车载支架上。某次在平直公路上匀速行驶过程中，由于微小颠簸，手机平面与竖直

方向夹角缓慢减小了一定角度，若磁扣对手机的吸引力不变，则该过程中关于手机

受力的说法中正确的是（）

A.手机总共受到三个力的作用

B.车载支架对手机的摩擦力逐渐减小

C.车载支架对手机的弹力逐渐增大

D.车载支架对手机的作用力不变

5.三等长绝缘棒AB、BC、CA连成正三角形，每根棒

上均匀分布等量同种电荷，测得图中P、。两点（均

为相应正三角形的中心）的电势分别为SP和WQ,若

撤去AC棒，则P、Q两点的电势0p'和WQ'分别为（）

.，2

A.(pP=~<PPB.(pP=-<PP

c.（pQ=<pQ+l（ppD.（f>Q=\（PQ+\（PP

6.如图所示，点L】和点名称为地月连线上的拉格朗日点。在Li点处的物体可与月球同

步绕地球转动。在42点处附近的飞行器无法保持静止平衡，但可在地球引力和月球

引力共同作用下围绕人点绕行。我国中继星鹊桥就是绕G点转动的卫星，嫦娥四号

在月球背面工作时所发出的信号通过鹊桥卫星传回地面，若鹊桥卫星与月球、地球

两天体中心距离分别为％、R2,信号传播速度为C。则（）

A.鹊桥卫星在地球上发射时的发射速度大于地球的逃逸速度

B.处于L点的绕地球运转的卫星周期接近28天

嫦娥四号发出信号到传回地面的时间为=取吧

C.tC

D.处于人点绕地球运转的卫星其向心加速度的小于地球同步卫星的加速度

7.如图所示，M、N是两个平行金属板，右侧有一圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直

于纸面向里，圆心为。，A、B、C、。、E、F六个点将圆六等分。有两个质量相同

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且不计重力的带电粒子a、b,分别由靠近M板的P点由静止释放，穿过N板后，

沿A。方向进入磁场，粒子a、b分别从E点和F点离开磁场，下列说法正确的是（）

A.两带电粒子的带电性质相同

B.M板的电势高于N的电势

C.两带电粒子在磁场中的运动时间之比为9：1

D.两带电粒子〃、人的电荷量之比为1：9

8.如图所示为某种电吹风机电路图，图中a、b、c、d为四个固定触点。绕。点转动

的扇形金属触片P，可同时接触两个触点，触片尸位于不同位置时，吹风机可处于

停机、吹冷风和吹热风三种状态。图示状态刚好为触片P接触c、4两点。已知电

吹风吹冷风时的输入功率为60W,小风扇的额定电压为60匕正常工作时小风扇的

输出功率为为52W,变压器为理想变压器，则下列说法中正确的是（）

A.当扇形金属触片P与触点c、d接触时，电吹风吹热风

B.当扇形金属触片P与触点”、人接触时，电吹风吹冷风

C.小风扇的内阻为80

D.变压器原、副线圈的匝数比为?=?

7123

9.某实验小组的同学欲“探究小车动能变化与合外力对它所做功的关系”，在实验室

设计了一套如图甲所示的装置。图中A为小车，B为打点计时器，C为弹簧测力计，

尸为小桶（内有沙子），一端带有定滑轮的足够长的木板最初水平放置，不计绳与滑

轮的摩擦。实验时，先小车单独放在长木板上，再把长木板不带滑轮的一端垫起适

当的高度，以平衡摩擦力，然后按图甲安装整个装置。安装完毕后，先接通电源再

松开小车，打点计时器在纸带上打下一系列点迹。

（1）该同学在一条比较理想的纸带上，从点迹清楚的某点开始记为零点，顺次选取

一系列点，分别测量这些点到零点之间的距离x,计算出它们与零点之间的速度平

方差△/=〃2一诏，弹簧秤的读数为尸，小车的质量为相，然后建立△户-%坐

标系，通过描点法得到的图像是i条过原点的直线，如图乙所示，则这条直线的斜

率的意义为(填写表达式)。

(2)本实验中是否必须满足小桶(含内部沙子)的质量远小于小车的质量______(填

“是”或“否”)。

10.为精确测量电源的电动势和内阻，实验小组设计了图甲所示电路，图中S2为单刀双

掷开关，定值电阻Ro=40。实验时先闭合开关Si，然后将S2先后接到1和和2,

移动滑动变阻器滑片，记录多组电压表和电流表的读数U和和/,最后通过描点得

到图乙所示的两条U-/关系图线。

(1)请根据图甲，在图丙中将单刀双掷开关连入电路。

(2)若只考虑系统误差，当单刀双掷开关拨向1时，r湖r方当单刀双掷开

关拨向2时，E洲E/：填“大于”、“等于”或“小于”)。

(3)根据图乙可知电源电动势E=V,根据乙图数据可得电源内阻r=

。(结果保留2位小数)。

11.在抗击新冠疫情过程中，智能送餐机器人发挥了重要的作

用。如图所示，某次送餐机器人给10，”远处的顾客上菜，

要求全程餐盘保持水平，菜碗不能相对餐盘移动。已知，

菜碗与餐盘之间的动摩擦因数为0.25,机器人上菜最大速

度为2.5m/s。机器人加速、减速运动过程中看成匀变速直

线运动，最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度取g=

2

10m/so求：

(1)机器人的最大加速度；

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(2)机器人上菜所用的最短时间。

12.如图甲所示，两根电阻不计的光滑平行金属导轨月。尸、MNE相距L=1.6m,轨道

的PQ和和段为圆弧轨道,分别与固定在水平面上的QF段和NE段平滑连接，

轨道右端足够长。金属杆杆ab和和cd锁定在图示位置，此时杆杆ab距离水平轨

道的竖直高度为为h-0.8m,杆cd到圆弧轨道末端的距离为x=2.5m,杆和cd

与两金属导轨垂直且接触良好，已知杆R?、cd的质量均为m=0.4kg、电阻均为R=

0.40,金属导轨的水平部分处于竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度B随时

间r变化的规律如图乙所示，取重力加速g=10m/s2.

(1)求0〜2s内通过杆ab感应电流的大小和方向；

(2)t=2s时刻自由释放杆ab,保持杆cW处于锁定状态，待杆ab进入磁场运动与=

0.1257n时，立即解除杆cd锁定，求：从t=0开始计时杆cd中产生的焦耳热。

13.以下有关热学内容的叙述，正确的是()

A.PM2.5在空气中的运动属于分子热运动

B.用N.表示阿伏加德罗常数，M表示铜的摩尔质量，p表示实心铜块的密度，那

么铜块中一个铜原子所占空间的体积可表示为多

PNA

C.完全失重状态下悬浮的水滴呈球状是液体表面张力作用的结果

D.晶体一定具有规则的形状，且有各向异性的特征

E.理想气体等压膨胀过程一定吸热

14.拔火罐是传统中医理疗方式，以罐为工具，利用燃火等方法产生负压，造成局部瘀

血，以达到通经活络、消肿止痛、祛风散寒等作用的疗法。如图，将一团燃烧的轻

质酒精棉球（体积不计）扔到罐内，酒精棉球将要熄灭时，将罐盖于人体皮肤上，罐

内密封着一定质量的气体（可看作理想气体），此时罐内温度为T,之后由于罐壁导

热良好，罐内温度降低，人体皮肤就会被吸起。已知火罐容积为V,罐口面积为S,

大气压强为一个标准大气压Po,环境温度为

①若罐内温度降低到室温时，进入罐内的皮肤体积为g,求火罐对皮肤产生的拉力

Fi；

②若标准状态下1〃?。/任何气体的体积为VQ,阿伏加德罗常数为N4,求罐内气体的

分子数。

15.某同学利用计算机绘制了6两个摆球的振动图像如

图所示，由图可知，两单摆摆长之比?=______。在

lb

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t=0.75s时，匕球相对平衡位置的位移是

16.如图所示的矩形玻璃砖，下底面镀银，厚为2d,一束

单色光沿OC方向射到玻璃石专上表面，折射后经下底

面反射后再经上表面射出•已知OC与玻璃砖上表面

成30。角，玻璃砖对该单色光的折射率为丁，光在真空中的传播速度为以求:

①光在玻璃砖中传播的时间；

②光射出玻璃砖上表面的出射点与入射点间的距离。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：A、伽利略在做铜球沿斜面运动的实验时，倾角较小的斜面“冲淡”重力

的作用更明显，使得测量时间更容易，故4错误：

B、奥斯特发现了电流的磁效应，故8错误；

C、牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量，故C错误；

。、根据物理学史可知，法拉第首先发现了电磁感应现象，故。正确。

故选：D。

根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记

忆，这也是考试内容之一.

2.【答案】B

【解析】解：氧闪过程的质量亏损△m=3mHe-mc=0.0078u,

根据爱因斯坦质能方程得△£■=z\mc2=0.0078Ux931MeVa7MeV；故ACQ错误，B

正确；

故选：Bo

求出质量的亏损，再根据爱因斯坦质能方程求出释放的核能。

解决本题的关键掌握爱因斯坦质能方程，并理解质量亏损与核能的关系。

3.【答案】D

【解析】解：人将乒乓球的运动逆过程处理，即为平抛运动，两次的竖直高度不同，

两次运动时间不同，故A错误；

3、在竖直方向上做自由落体运动，因两次运动的时间不同，故初速度在竖直方向的分

量不同，故8错误；

C、两次水平射程相等，但两次运动的时间不同，则两次撞击墙壁的速度不同，故C错

误；

竖直速度大的其水平速度就小，根据速度的合成可知飞出时的初速度大小可能相等，

故。正确。

故选：。。

由于两次乒乓球垂直撞在竖直墙面上，该运动的逆运动为平抛运动，结合平抛运动在水

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平方向和竖直方向上的运动规律分析求解。

根据速度合成规律可分析撞击墙壁的速度大小。

此题考查了平抛运动的规律，应采用逆向思维，将斜抛运动变为平抛运动处理，知道平

抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律。

4.【答案】D

【解析】解：A、手机处于静止状态，受力平衡，手机受到重力wg、支架的支持力M

摩擦力/以及磁片的吸引力凡共受到四个力的作用，故A错误；

B、设手机平面与竖直方向夹角。，车载支架对手机的摩擦力/=mgcosO,当。减小时,

摩擦力逐渐变大，故8错误；

C、设手机平面与竖直方向夹角。，车载支架对手机的弹力N=mgsin。+F,当。减小时，

车载支架对手机的弹力逐渐减小，故C错误；

。、车载支架对手机的作用力与手机的重力等大反向，则车载支架对手机的作用力不变,

故。正确。

故选：。。

手机平面与竖直方向夹角缓慢减小，所以手机始终受力平衡，沿手机支架和垂直手机支

架两个方向正交分解，分别列平衡方程即可求解。

本题主要考查了共点力平衡条件的运用，主要本题中缓慢一词的含义。

5.【答案】A

【解析】解：根据对称性，AB.BC、AC三根绝缘棒在尸点产生的电势以及AC棒在。

点产生的电势相同，设为31；AB、BC棒在。点产生的电势相同，设为@2。根绝电势的

叠加原理，有

IP

<pP=3(pr，<PQ=(Pi+2<p2,联立可得3=：9，(p2-\<PQ~^(PP

撤去AC棒后，P、。两点的电势分别为

-P

<pP'=2(pr=-cpP,<pQ=2<p2=<PQ3<P>故A正确，5CZ)错误；

故选：Ao

利用对称性和电势叠加原理求出每根带电绝缘棒在尸、。两点产生的电势，再解撤去AC

棒之后两点的电势。

本题考查电势的叠加，注意每根带电绝缘棒产生的电势与其他棒无关，只与该点到棒距

离还有带电绝缘棒本身带电荷量以及电荷分布有关。

6.【答案】BD

【解析】解：A、逃逸速度是卫星脱离地球引力束缚的速度，即为第二宇宙速度，可知，

“鹊桥”的发射速度应小于逃逸速度，故A错误；

8、根据题意知中继星“鹊桥”绕地球转动的周期与月球绕地球转动的周期相同，约为

28天，故B正确；

C、鹊桥卫星与月球、地球两天体中心距离分别为％、R2,到地表的距离要小一些，则

嫦娥四号发出信号到传回地面的时间为,要小于t=匕士拽，故C错误；

C

D、由Q=丁®可知处于点绕地球运转的卫星其向心加速度由小于月球的向心加速度，

由&=等，可知月球的向心加速度小于同步卫星的向心加速度，则卫星其向心加速度由

小于地球同步卫星的加速度&2，故。正确。

故选：BD。

地球的逃逸速度就是地球的第二宇宙速度。卫星与月球同步绕地球运动，角速度相等,

根据u=a)r,a=32r及a=等，比较线速度和向心加速度的大小。

本题考查万有引力的应用，在解题时要注意“鹊桥”中转星与月球绕地球有相同的角速

度这个隐含条件，要掌握卫星的加速度公式a=等，并能熟练运用。

7.【答案】AD

【解析】解：A、由题意可知，两粒子在磁场中都是向

下偏转，由左手定则可知，两粒子都带负电，两粒子带

电性质相同，故4正确；

8、两带电粒子带负电，在电场中加速，所以M板的电

势低于N板的电势，故B错误；

。、设磁场区域的半径为R,两个粒子运动轨迹如图所示，由几何知识得:ra=Rtan60°=

V3/?«r=Rtan300=—

0b3

粒子在电场中加速，由动能定理得：qU=1mv2-0,

2

粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m^

解得：q=群，

由题意可知，粒子的质量，小U、B都相等,

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则粒子电荷量之比：%=¥=:,故。正确；

Qb忧9

C、粒子在磁场中做圆周运动的周期：7=黑，则：?=?=;

qB1bQa1

粒子在磁场中转过的圆心角：%=60°，eb=120°,

粒子在磁场中的运动时间为：t=^r

两粒子在磁场中的运动时间之比为：？=膂

联立解得：善=5,故C错误。

tb2

故选：AD.

根据粒子在磁场中偏转方向结合左手定则即可分析出粒子电性，进而可以确定电场中M

板与N板电势的高低；

应用动能定理求出粒子进入磁场时的速度，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向

心力，应用牛顿第二定律求出粒子的比荷；

根据粒子周期公式与转过的圆心角求出粒子运动时间，然后求出时间之比。

本题考查带电粒子在加速电场中的加速运动和带电粒子在磁场中的匀速圆周运动以及

左手定则的应用；粒子在加速电场中的运动运用动能定理解决，磁场中运用洛伦兹力提

供向心力与几何关系结合去解决.

8.【答案】CD

【解析】解：A3、电动机与电热丝同时接入电路时吹热风，触片尸与触点。、。接触吹

热风，与触点6c接触吹冷风，故AB错误：

C、吹冷风时，流过风扇的电流/=学=竺4=14,风扇内阻消耗的功率「热=。人一

U260

P毋=60W-52W=8W,根据P热=可得，「=80.故C正确；

。、根据变压器的原线圈、副线圈的匝数与电压的关系：詈=今=等=?故。正确：

九2oU5

故选：CD。

当只有电动机接入电路时吹冷风；电动机与电热丝同时接入电路时吹热风；小风扇消耗

的功率转化为机械功率和线圈上的热功率，即可求得。

本题考查电功率公式的应用，难点是明白触点在不同位置时电路的连接情况，还要知道

电源电压不变时，电阻越小电功率越大。

9.【答案】否

【解析】解：(1)由动能定理可得：W=Fx=-mv2--mvl-|m(v2-v^)

所以：=竺，x

m

则可知△V2-X图象的斜率等于更，

m

(2)本实验由弹簧测力计直接读出绳子的拉力，不需要用小桶(含内部沙子)的重力代替

绳子的拉力，所以不需要满足小桶(含内部沙子)的质量远小于小车的质量.

故答案为：⑴*(2)否­

(1)由动能定理得到△o2与X的表达式，再分析图象斜率的意义.

(2)本实验不需要满足小桶(含内部沙子)的质量远小于小车的质量.

本题考查了创新方法探究功与速度的关系，关键是列出动能定理方程然后结合数学函数

进行分析出截距与斜率的物理意义.不能将该实验与探究牛顿第二定律的实验混淆，本

实验不需要满足小桶(含内部沙子)的质量远小于小车的质量这个条件.

10.【答案】大于小于3.051.08

【解析】解：(1)按电路图连接实物，注意单刀双掷开

关要接三个接线柱，导线不能交叉，如图所示；

(2)拨向1时，由闭合电路欧姆定律有：E=U+/(&)+

心+r),

从图象斜率看到，图象的斜率得到值是R.与r+R。的和，所以测量值偏大;

拨向2时，由闭合电路欧姆定律有：E=U+(/+微■)(&+r),即

Rv

Er+R

U=3皿一或皿0，从纵截距看到电动势的测量值小于真实值；

RyRy

(3)从以上分析知道，开关拨向1时，测得的电动势等于真实值，而拨向2(电流表的外

接)，电动势的测量值小于真实值，所以从图乙可以看出电源电动势E=3.051/。

开关拨向1时，由闭合电路欧姆定律有：E=U+/(Ro+R4+r),

开关拨向2时，由闭合电路欧姆定律有：E=U+(/+^)(/?0+0,即0=己重-潼

由图乙知：瓷。=&+%+「，己需=2954,=

代入数据解得：r=1.08/2

故答案为：(1)如图所示；(2)大于、小于；(3)3.05、1.08

(1)根据图示电路图连接实物电路图；

(2)根据图示电路图与实验步骤分析实验误差，两种接法均是电表的内阻造成的，要分

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析各图中是电流还是电压偏大或小，导致U-/图象比的真实的U-/图象发生偏转，从

而确定内阻和电动势误差；

(3)根据图示电路图与图示图象结合，由实验原理列方程求出电源电动势与内阻。

本题考查了测量电源电动势内阻的实验，并且对电表的不同连接方式所产生的误差进行

了分析，解题的关键是：结合闭合电路中的欧姆定律及U-/图象分析误差、以及电源

电动势、内阻、电压表内阻和电流表内阻等在U-/图象上的意义。

11.【答案】解：(1)设菜碗(包括菜)的质量为相，以最大加速度运动时，菜碗和托盘保

持相对静止，由牛顿第二定律得：f=ma

则：/'WAn=代mg

根据牛顿第二定律可得/=ma

解得：a<fig=0.25x10m/s2=2.5m/s2

即最大加速度：。机=2.5m/s2

(2)机器人以最大加速度达到最大速度，然后匀速运动，再以最大加速度减速运动，所

需时间最短.

加速达到最大速度所需时间：匕=产

解得：q=||s=Is

通过的位移：Si=

解得Si=gx2.5xIm=1.25m

同理，减速运动时间：匕=G=1s,位移：s3==1.25m

匀速运动位移：s2=d-sr-s3

解得S2=(10-1.25-1.25)m=7.5m

匀速运动时间：12=^

解得t2=£S=3S

所以最短时间：t=tl+t2+t3

解得：t=5s

答：(1)机器人的最大加速度为2.5zn/s2；

(2)机器人上菜所用的最短时间为5s。

【解析】(1)菜碗与餐盘不发生相对滑动时，此时菜碗受到的摩擦力为最大静摩擦力,

根据牛顿第二定律求得加速度大小；

(2)由运动学公式求出各阶段的时间与位移，然后求出总的时间.

本题考查了求加速度、运动时间问题，分析清楚物体运动过程，应用牛顿第二定律、运

动学公式即可正确解题.

12.【答案】解：(1)0〜2s内，杆仍与cd形成的闭合回路中，由法拉第电磁感应定律

得：

E=—=—S

△tAt

又S=Lx

据图象可得号=0.577s

根据闭合电路欧姆定律得

/=—2R

联立解得/=2.54

由楞次定律可知杆ab中感应电流方向由a指向b：

(2)0〜2s内，cd棒内为恒定电流，产生的热量为

Qi=I2Rt

解得Qi=5/

杆岫由静止开始下滑至水平轨道时速度设为孙，对外杆，根据机械能守恒定律得

mgh=

解得:v0=4m/s

H杆发生位移与过程中通过闭合回路的电荷量设为好

则q=/△t

根据闭合电路欧姆定律得7=。

2R

由法拉第电磁感应定律得：

5=丝=竺S

△tAt

设杆必发生位移为巧时速度为女时，对血棒，由动量定理有

-BIL△t=mvx-mv0

解得%=3m/s

解除杆M锁定后，直到最后稳定，设两棒的共同速度为"共，杆油和杆cd组成的系统

合外力为零，系统的动量守恒，取水平向右为正方向，由动量守恒定律可得

mVi=2mvji：

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解得=|m/s

2s以后，系统生热Q=gnu若-3

导体棒cd上产生的热量（22=日

联立解得Q2=1.157

全过程导体棒以产生的焦耳热。总=Q1+<?2

解得Q总=615/

答：（1）0〜2s内通过杆必感应电流的大小为2.54,方向由a指向b；

（2）从t=0开始计时杆cd中产生的焦耳热为6.15人

【解析】（1）0〜2s时间内，金属杆必和M锁定在图示位置，根据法拉第电磁感应定律

求出回路产生的感应电动势，由闭合电路欧姆定律求出通过血棒的电流大小，由楞次

定律判断感应电流方向；

（2）ab棒下滑过程，根据机械能守恒定律求出ab棒到达NQ处时的速度。从ab棒进入

磁场到与=处的过程，运用动量定理求出油棒到达X1=1m处的速度。解除杆W

锁定后，油棒受到向左的安培力，做减速运动，cd棒在安培力作用下向右加速运动，

稳定后加棒和cd棒将以相同的速度作匀速直线运动，两棒组成的系统合外力为零，系

统的动量守恒，由动量守恒定律求稳定时共同速度，由能量守恒定律求cd棒产生的焦

耳热。

本题是双杆问题，考查电磁感应中的动量守恒定律，关键要正确分析两棒的运动情况，

知道帅棒进入磁场后〃棒解除锁定时，系统的合外力为零，遵守动量守恒定律和能量

守恒定律，类似于完全非弹性碰撞。

13.【答案】BCE

【解析】解：A、PM2.5是指空气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物，其运动是由于来

自空气分子的各个方向的撞击不平衡所引起的，属于布朗运动，不是分子热运动，故A

错误；

B、M表示铜的摩尔质量，表示铜的密度，则铜的摩尔体积U=一个铜原子所占空

间的体积可表示为％=/=萼，故B正确；

C、完全失重状态下悬浮的水滴呈球状是因为液体表面存在张力，故C正确;

。、晶体分单晶体和多晶体，只有单晶体具有规则形状，各向异性，而多晶体没有规则

形状，各向同性，故。错误；

E、理想气体等压膨胀过程，根据牛=。可知温度升高，故内能增加，根据热力学第一

定律△[/=（?+/,可知对外做功，一定吸收热量，故E正确。

故选：BCE。

布朗运动是指悬浮在液体或气体中的微粒所做的永不停息的无规则运动。晶体分单晶体

和多晶体，只有单晶体具有规则形状，各向异性，而多晶体没有规则形状，各向同性。

本题考查热学知识，主要考查基本物理概念以及定律，难度较小。

14.【答案】解：①由于皮肤的形状可以发生变化而进入罐内，

y

根据理想气体状态方程得：皿=也竺@

TTo

解得：为=甯

火罐内外压强