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文档简介
第第页江苏省南通市如皋市2023-2024学年高三上学期8月诊断测试数学试题(PDF版含答案)如皋市2024届高三上学期8月诊断测试
数学试题
2023.08
注意事项(请考生作答前认真阅读以下内容):
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、考生号、座位号填写在答题卡上,并用2B铅笔填涂准考证号.
2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔在答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑:如需改动,
用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试卷上.
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上。
4.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后,将试卷和答题卡一并交回.
5.试卷共4页,共22小题;答题卡共2页.满分150分.考试用时120分钟.
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符
合题目要求的.
1
1.2已知Ax|1,Bx|x4xm0,若AB,则实数m的取值范围(▲).
x1
A.[0,)B.(,3]C.[3,0]D.(,3][0,)
2.一个圆锥的侧面展开图是一个半圆,则该圆锥的内切球的表面积和圆锥的侧面积的比为(▲).
A.2:3B.3:2C.1:2D.3:4
3.设a>0,且2iza21i,若z在复平面内对应的点在直线x2y0上,则a(▲).
A.1B.1C.2D.4
4.圆C:(x1)2(y1)21上两动点A,B满足△ABC为正三角形,则OAOB的最大值为(▲).
A.23B.22C.223D.223
5.文化广场原名地质宫广场,是长春市著名的城市广
场.现某兴趣小组准备在文化广场上对上都太阳鸟雕塑
塔的高度进行测量,并绘制出测量方案示意图,A为太
阳鸟雕塑最顶端,B为太阳鸟雕塑塔的基座(即B在A
的正下方),在广场内(与B在同一水平面内)选取C、
D两点.测得CD的长为m.兴趣小组成员利用测角仪可测得的角有ACB、ACD、BCD、ADC、
BDC,则根据下列各组中的测量数据,不能计算出太阳鸟雕塑塔高度AB的是(▲).
A.m、ACB、BCD、BDCB.m、ACB、BCD、ACD
C.m、ACB、ACD、ADCD.m、ACB、BCD、ADC
高三8月诊断测试数学试题第1页(共4页)
{#{ABSYKQogAAABAAARgCUQEACAGQkAGAAKgORFAEMAAACBFABAA=}#}
6.在△ABC中,点O是BC的三等分点(靠近点B),过点O的直线分别交直线AB,AC于不同两点M,
11
N,若ABmAM,ACnAN,m,n均为正数,则的最小值为(▲).mn
A.2B.12C.12223D.1
333
7.已知等比数列an的首项为1,公比为q,Sn是数列an的前n项和,则“q0”是“nN,Sn0恒
成立”的(▲).
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
8.函数fxsinxsin2x的最大值为(▲).
2
3
A.B.33C.535D.
2484
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题
目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
x2y29.已知F为椭圆1(ab0)的一个焦点,A,B为该椭圆的两个顶点,若AF3,BF5,
a2b2
则满足条件的椭圆方程为(▲).
222
A.xy1B.xy
22
1C.xy
2x2y2
1D.1
439516152521
10.函数f(x)sinxcosx,则(▲).
A.f(x)为偶函数B.f(x)的最小正周期是π
C.f(x)
π
在0,上单调递增D.f(x)的最小值为1
2
11.已知函数f(x)的定义域1,1,满足fxfyfxy1,且f()1.当x0时,f(x)0,
1xy2
则下列说法正确的是(▲).
A.f(x)是定义在1,1上的偶函数
B.f(x)在1,1上单调递增
a1C.若1,a
2ann1
2n1
1a2,则
fa2
nn
D.当A,B是钝角△ABC的两个锐角时,fsinAfcosB
高三8月诊断测试数学试题第2页(共4页)
{#{ABSYKQogAAABAAARgCUQEACAGQkAGAAKgORFAEMAAACBFABAA=}#}
m
12.如果一个凸n面体共有m个面是直角三角形,那么我们称这个凸n面体的直度为,则(▲).
n
3
A.三棱锥的直度的最大值为1B.直度为的三棱锥只有一种
4
4
C.四棱锥的直度的最大值为1D.四棱锥的直度的最大值为
5
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.7个人分乘三辆不同的汽车,每辆车最多坐3人,则不同的乘车方法有▲种.(用数字作答)
14.在正方体ABCDA1B1C1D1中,AB4,O为AC1的中点,若该正方体的棱与球O的球面有公共点,
则球O的半径的取值范围是▲.
2
15.y过点(2,2)能作双曲线x21的两条切线,则该双曲线离心率e的取值范围为▲.
a2
5e
16.若xex5,lny1,则xy▲.y
四、解答题:本题共6小题,共70分.请在答.题.卡.指.定.区.域.内.作.答.,解答时应写出文字说明、证
明过程或演算步骤.
17.(本小题满分10分)
如图,在棱长为2的正方体ABCDA1B1C1D1中,E,F分别是C1D1,AB的中点.
(1)证明:直线BC1//平面A1ECF.
(2)求点B到平面A1ECF的距离.
18.(本小题满分12分)
已知a,b,c为△ABC的内角A,B,C所对的边,m(sinCsinB,sinBsinA),n(cb,a),
mn且.
(1)求C;
(2)若a2,△ABC的面积为23,且AB3DB,求CD.
高三8月诊断测试数学试题第3页(共4页)
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19.(本小题满分12分)
x
已知函数f(x)xlnxe.
x
(1)求f(x)的最大值;
x
(2)证明:1x3e3xfx
x
20.(本小题满分12分)
*
已知数列an的前n项和为Sn(nN),当n2时,满足nSn1nS1n2Sn.
(1)证明:2a2a1a3;
(2)证明:数列{an}为等差数列;
(3)若a12,公差dN*,则是否存在n,d,使得Sn15?若存在,求出所有满足条件的n,d,
若不存在,请说明理由.
21.(本小题满分12分)
一只口袋装有形状、大小完全相同的5只小球,其中红球、黄球、绿球、黑球、白球各1只.现从口袋
中先后有放回地取球2n次nN*,且每次取1只球.
(1)当n3时,求恰好取到3次红球的概率;
X,X为奇数
(2)X表示2n次取球中取到红球的次数,Y,求Y的数学期望(用n表示).
0,X为偶数
22.(本小题满分12分)
在平面直角坐标系xOy中,已知圆G:x2(y1)21与抛物线C:x22py(p0)交于点M,N(异
于原点O),MN为该圆的直径,过点E(0,2)作直线交抛物线于A,B两点,过A,B两点分别作抛物线
C的切线交于点P.
(1)证明:点P的纵坐标为定值;
(2)若F是抛物线C的焦点,证明:PFAPFB.
高三8月诊断测试数学试题第4页(共4页)
{#{ABSYKQogAAABAAARgCUQEACAGQkAGAAKgORFAEMAAACBFABAA=}#}如皋市2024届高三上学期8月诊断测试
数学参考答案2023.08
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.
题号12345678
答案BABDBCAB
二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.全部选对得5分,部分选对得2分,有选错得0分.
题号9101112
答案BCDADBCAD
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
题号13141516
答案1050[22,23]5e
(1,2)(2,21)
3
四、解答题:本题共6小题,共70分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.
(1)证明:如图,连接EF,
因为E,F分别是C1D1,AB的中点,所以EC1BF,EC1//BF,
所以四边形EFBC1为平行四边形,则EF//BC1,
又EF平面A1ECF,BC1平面A1ECF,所以BC1//平面A1ECF.
(2)解:连接EB,设点B到平面A11ECF的距离为h.VEBFCSCC
2
,
3BFC13
在EFC中,EF22,ECFC5,
S1EFC22526.2
126
又因为VEBFCVBEFC,所以6h,解得h.333
高三8月诊断测试数学参考答案第1页共6页
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18.
解:(1)因为mn,所以(sinCsinB)(cb)(sinBsinA)a0,
由正弦定理得:(cb)(cb)(ba)a0,即a2b2c2ab,
2
cosCab
2c21
由余弦定理得:,
2ab2
因为0C,所以C;
3
(2)S1ABCabsinC
1
2b323,解得b4,
222
因为AB3DB,所以D为AB的三等分点,AD2DB,
CDCBBDCB1
则BACB1(CA12CB)CACB,
3333
所以,
即CD43.
3
19.
ex
解:(1)f(x)xlnx,定义域为(0,),
x
1exf(x)1(x1)(x1)(xe
x)
则,
xx2x2
令
即在
时,exx1x
令,得f(x)在(0,1]上单调递增,在(1,)上单调递减,
高三8月诊断测试数学参考答案第2页共6页
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所以f(x)maxf(1)1e.
x
(2)e证明:要证1x33xf(x),即证x32x1lnx,
x
令
令得x1,即在,
即x1lnx
即欲证x32x1lnx,只需证x32x1x1.也就是证明x33x20.(*)
设(x)x33x2(x0),则(x)3x23,令(x)0,得x1.
当x(0,1)时,(x)0;当x(1,)时,(x)0.
当x1时,(x)取到最小值(1)0.
x
故(*)e式成立,从而1x33xf(x)成立.
x
20.
解:(1)当n3时,3S23S1S3,所以3S23S1S3,即3a2a1a2a3,
即2a2a1a3,即证;
(2)因为nSn1nS1(n2)Sn(n2),即0nS1n(SnSn1)2Sn(n2)
且SnSn1an(n2),S1a1,所以2Snna1nan(n2),
则2Sn1(n1)a1(n1)an1(n3),
两式相减,可得2Sn2Sn12ana1nan(n1)an1(n3),
整理得(n2)ana1(n1)an1(n3),
所以(n1)an1a1nan(n2),
两式相减,可得(n1)an1(n2)annan(n1)an1(n3),
整理得(n1)(an1an12an)0(n3),且n10,
所以an1an12an0(n3),即当n2时,{an}成等差数列,
高三8月诊断测试数学参考答案第3页共6页
{#{ABSYKQogAAABAAARgCUQEACAGQkAGAAKgORFAEMAAACBFABAA=}#}
又由(1)可知,a1,a2,a3成等差数列,
所以数列{an}为等差数列;
(3)Snan(n1)d假设存在符合题意的n,d,则由n1,2
152nn(n1)d可知,,当n1时,上式显然不成立,
2
当n2(2n15)2时,d*n(n1),因为dN,且2n15为奇数,n(n1)为偶数,
2(2n15)2(2n15)
所以n(n1)必为奇数,若
12
n(n1),则n5n300(n2),无正整数解,
2(2n15)
所以3n(n1),整理得3n
27n300(n2),解得2n4,
d2(2n15)当n2时,19N,符合题意,n(n1)
2(2n15)
当n3时,d7N,符合题意,n(n1)
d2(2n15)23当n4N时,,不符合题意,n(n1)6
综上,存在n2,d19及n3,d7符合题意.
21.
解:(1)当n3时,从装有5只小球的口袋中有放回的取球6次,共包含56种情况.
C3434
“3”AAC3434256记恰好取到次红球为事件,事件包含6种情况.故P(A)66555
.
3125
256
答:当n3时,恰好取到3次红球的概率为.
3125
(2)由题意知,随机变量Y的所有可能取值为0,1,3,5,…,2n1(nN*).
2i1
P(Y2i1)C2n4
2n(2i1)
则
52n
.
2i12n(2i1)
(2i1)P(Y2i1)(2i1)C2n4
52n
[(2i1)(2n)!]42n(2i1)
(2i1)!(2n2i1)!
52n
高三8月诊断测试数学参考答案第4页共6页
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2nC2i42n(2i1)
2n12n(0in1,iN).5
所以E(Y)0P(Y0)1P(Y1)3P(Y3)
5P(Y5)…(2n1)P(Y2n1)
2n
(C042n1C242n3C42n52n2
52n2n12n12n1
4C2n14).
令xnC
02n12
2n14C2n14
2n3C42n14
2n5C2n22n14,
yC12n232n452n6n2n14C2n14C2n14C
2n10
2n14,
则xyC042n1C12n222n3nn2n12n14C2n14
C342n4C42n52n102n12n14C2n14
(41)2n152n1,
xyC042n1C142n222n3nn2n12n1C2n14
C32n442n14C2n14
2n5C2n102n14
(41)2n132n1,
52n132n1x.E(Y)2n
2n12n12n12n1
所以n所以2nx
2n53n(53)
25n
2n5252n
.
n(52n1Y3
2n1)
故的数学期望为
2n.5
22.
证明:(1)由题意可知该圆与抛物线交于一条直径,由对称性可知交点坐标为(1,1),(1,1),
代入抛物线方程可得2p1,所以抛物线的方程为x2y;
x2221x
2
2
设A(x1,x1),
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