2021年湖南省株洲市中考物理试卷和答案

第第#页(共31页)第第2页(共31页)度v=10m/min,则电机收绳的速度也为lOm/min；由动滑轮的特点可知双绳起吊时重物提升速度；已知单绳起吊时，重物最大提升高度h=12m，重物提升速度10m/min,由速度公式变形可求得重物上升到最大高度所需时间；由P=-公式变形可求得此过程电机消耗的电能；t起吊过程克服绳子重力、摩擦，动滑轮重力等做的功都属于额外功。答案:图中双绳起吊的滑轮随物体一起运动，则此装置是动滑轮；已知绳长和电机收绳速度恒定，由表格可知，单绳起吊重物提升速度v=10m/min,则电机收绳的速度也为10m/min；双绳起吊重物时，由动滑轮的特点可知，重物提升速度v物=!v=物2丄X10m/min=5m/min；2单绳起吊时，重物最大提升高度h=12m,由v=.可得,t重物上升到最大高度所需时间t=^=21=.=1.2min；vv10m/min由P=出可得，此过程电机消耗的电能；tW=Pt=800WX1.2X60s=5.76X104J；起吊过程克服绳子的摩擦、克服绳子重力、动滑轮重力做功等都属于额外功。故答案为：(1)动；5；(2)1.2；5.76；(3)提升动滑轮做功。26•解析：(1)分析表中数据可求出“12片”的油汀取暖器3挡的功率;根据Q吸=5肛可求出吸收的热量；根据P=疋可求出电阻；R当转动旋钮处于位置H(金属片连接a、b两触点)时，两电热丝组成并联电路；当转动旋钮处于位置M(金属片连接b、c两触点)时，只有上面电热丝接入电路；当转动旋钮处于位置M(金属片连接c、d两触点)时，只有下面电热丝接入电路；据此分析。答案:(1)分析“9片”“10片”“11片”三种规格的油汀取暖器可知，3挡功率等于1挡、2挡功率之和，而每种规格都有两根电热丝、三个挡位和相同的电路图，所以，“12片”的油汀取暖器3挡的功率为1挡与2挡功率之和，即为1000W+1200W=2200W；导热油吸收的热量为：Q吸=cmAt=2・1X103j/(kg・°C)X4kgX100°C=8・4X105j；“10片”的油汀取暖器在2挡正常工作时，功率P=1000W,由P=ll可得，此时电热丝的电阻为：R=ll==48.4ftRP100OV由图可知，当转动旋钮处于位置H(金属片连接a、b两触点)时，两电热丝组成并联电路；当转动旋钮处于位置M(金属片连接b、c两触点)时，只有上面电热丝接入电路；当转动旋钮处于位置M(金属片连接c、d两触点)时，只有下面电热丝接入电路；由题可知，当图中旋钮处于位置M(金属片连接b、c两触点)时对应的挡位是2,根据P=疋可知，在电压一定时，电功率与电阻R成反比，当转动旋钮处于位置H时，两电热丝组成并联电路，此时总电阻最小，功率最大，故位置H对应的挡位是3。故答案为：(1)2200；(2)8.4；(3)48.4；(4)3。27•解析：(1)根据图乙可知，当飞机静止时，所受重力与支持力平衡，大小相等，即G=F，由公式G=mg可求得飞机的质量；支根据图乙可知，飞机起飞前的滑行的距离，由公式W=Fs可求得飞机发动机做的功；飞机刚好离地时，获得的升力大小等于飞机的重力，即F升升=G，由升力与速度的关系式F升=日2可求得其速度的大小；升由乙推导出支持力F支与滑行距离s之间的关系式，再结合飞支机的受力关系G=F升+F支推导出滑行距离s与滑行速度v之间的升支关系式。答案:⑴根据图乙可知，当飞机静止时，所受重力与支持力平衡，大小相等，即G=F0=1080N,支0飞机的质量为：g10N/kg根据图乙可知，飞机起飞前的滑行的距离为：s=30m,飞机发动机做的功为：W=Fs=300NX30m=9000J；(2)飞机刚好离地时，获得的升力大小等于飞机的重力，即F=G=1080N,由F升=呵2可得，飞机的速度为:沪｛｛辔打=12m/s；(3)在乙中，设支持力F与滑行距离s之间的关系为:F=ks+b,支支代入数据有：1080N=kX0m+b①TOC\o"1-5"\h\z0N=kX30m+b②由①②两式可得：k=-36,b=1080,即:支持力F与滑行距离s之间的关系为：F=(1080-36s)N,支支滑行过程中飞机的受力关系为：G=F升+F支,结合关系式F升=唧升支升可得：1080N=cv2N+(1080-36s)N,代入c=7・5N・S2/m2可得：滑行距离s与滑行速度v之间的关系式为：s=m。24v故答案为：(1)108；9000；(2)1080；12；(3)s=m。2428•解析：电池刚充满电时，电流应该为0；根据P=UI进行分析;先求出前50min的平均充电功率，再由W=Pt求出电能。答案：我们知道，电池刚充满电时，电流应该为0,故虚线表示的电流，实线表示的是电压；由图像可知，前50min电流保持不变，电压成正比增大，由P=UI可知，前50min充电功率也成正比增大，从50min到200min电压保持不变，电流逐渐变小，故充电功率变小；由图可知，开始充电时的充电功率为：P0=U0I0=12.5VX4A=50W,第50min充电功率为：P=UI=19.5VX4A=78W,mmm则前50min内的平均充电功率为：P===64W,22已知电池充电的前50min储存的电能达到满电时的50%,不计发热损耗，则该