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文档简介

2021-2022学年福建省莆田市大济中学高二物理联考试卷含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.关于单摆的运动,下列说法中正确的是

A.单摆摆动过程中,摆线的拉力和摆球重力的合力为回复力

B.摆球通过平衡位置时,所受合力为零

C.摆球通过平衡位置时,所受回复力为零

D.摆球摆动过程中,经过最大位移处时所受合力为零参考答案:C2.如图所示电路中,电源的内电阻为r,R1、R3、R4均为定值电阻,电表均为理想电表.闭合电键S,当滑动变阻器R2的滑动触头P向右滑动时,电表的示数都发生变化,下列说法错误的是(

)A.电压表示数变大

B.电流表示数变小C.外电路等效电阻变大

D.内电路消耗的功率变大参考答案:D3.回旋加速器的原理如图7所示,它由两个铜质D形盒D1、D2构成,其间留有空隙,下列说法正确的是A.粒子从磁场中获得能量

B.粒子从电场中获得能量C.粒子在D形盒中的运动周期不变

D.粒子在D形盒中的运动周期逐渐变长参考答案:BC4.如图是某时刻t两列波的叠加图,S1、S2是相干波源,它们的振动情况完全相同,发出两列完全相同的水波,波峰、波谷分别用实线、虚线表示,下列说法正确的是(

)A.B质点始终位于波谷处,D质点始终位于波峰处B.经过半个周期,B质点变为波峰,D质点变为波谷C.只有D质点振动始终加强D.C、E两质点振动现在减弱,过半个周期会加强参考答案:5.(多选)如图所示,平行板电容器的两个极板为A、B,B板接地,A板带有电荷量+Q,板间电场有一固定点P,若将B板固定,A板下移一些,或者将A板固定,B板上移一些,在这两种情况下,以下说法正确的是()A.A板下移时,P点的电场强度不变,P点电势不变B.A板下移时,P点的电场强度不变,P点电势升高C.B板上移时,P点的电场强度不变,P点电势降低D.B板上移时,P点的电场强度减小,P点电势降低参考答案:AC二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.如图是某正弦式电流的图象,则此正弦式电流的周期为_______s,电流的峰值为_______A.参考答案:0.02;0.57.电磁感应现象中能量的转化:在电磁感应现象中,能量转化和守恒定律同样适用,由于机械运动而产生感应电流时,感应电流的电能是由外界的

能量转化为

能。无机械运动而产生的感应电流,感应电流的电能是由产生变化的电路中的电能转化而来的。参考答案:8.(5分)如图所示,一根长为l的轻绳一端固定在O点,另一端拴一质量为m的小球,拉起小球使轻绳水平伸直,然后无初速释放小球,小球运动至轻绳达到竖直位置的过程中,当轻绳和水平方向的夹角为____________时小球重力做功的瞬时功率的值最大,最大值为____________。参考答案:arccot,

9.(3分)在光源与光屏之间放置两个与光屏平行的偏振片P、Q旋转其中任一偏振片在光屏上看到的现象是

。(亮度不变、时亮时暗、没有光照到屏上)参考答案:时亮时暗10.如图所示,框架面积为S,框架平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直,则穿过平面的磁通量为

,若使框架绕OO′转过60°角,则穿过线框平面的磁通量为

;若从初始位置转过90°角,则穿过线框平面的磁通量为

;若从初始位置转过180°角,则穿过线框平面的磁通量变化量为

.参考答案:BS,BS;0;﹣2BS【考点】磁通量.【分析】图示时刻,线圈与磁场垂直,穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积.当它绕轴转过θ角时,线圈在磁场垂直方投影面积为Scosθ,磁通量等于磁感应强度与这个投影面积的乘积.线圈从图示转过90°时,磁通量为零.【解答】解:线圈与磁场垂直,穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积.故图示位置的磁通量为:Φ=BS;使框架绕OO′转过60°角,则在磁场方向的投影面积为S,则磁通量为BS;线圈从图示转过90°的过程中,S垂直磁场方向上的投影面积逐渐减小,故磁通量逐渐减小,当线圈从图示转过90°时,磁通量为0;若从初始位置转过180°角,则穿过线框平面的磁通量变化量为﹣BS﹣BS=﹣2BS;故答案为:BS,BS;0;﹣2BS11.水平放置的平行金属导轨相距为d,导轨一端与电源相连,垂直于导轨平面的匀强磁场的磁感应强度为B,方向如图所示.长为L的金属棒ab静止在导轨上,棒与导轨成600角,此时,通过金属棒的电流为I,则金属棒所受的安培力大小为______.参考答案:通电导体垂直于磁场的长度为:故安培力的大小为:12.如右图所示,是研究平行板电容器电容的实验装置,其中极板A接地,极板B与静电计相接,静电计外壳也接地。在实验中,若将A极板稍向左移动一些,增大电容器两极板间的距离,电容器所带的电量可视为不变,这时可观察到静电计金属箔张角会_________;两极板间的距离增大后,两极板间的电场强度__________。(填“变大”“变小”或“不变”)参考答案:变大、不变13.用n1、n2分别表示主动轮和从动轮的转速,D1、D2分别表示主动轮和从动轮的直径,设传动过程中带与带轮之间无相对滑动,证明带传动的传动比为:i==.参考答案:考点:线速度、角速度和周期、转速.分析:同缘传动边缘点线速度相等,根据v=rω,ω=2πn列式求解即可.解答:解:同缘传动边缘点线速度v相等,根据v=rω,有:v=;根据ω=2πn,n与ω成正比,即:;故带传动的传动比为:i==;答:证明如上.点评:本题关键是明确同缘传动边缘点线速度相等,然后结合线速度、角速度关系公式列式分析,基础题目.三、实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.(6分)示波管的工作原理如图所示:①灯丝的作用:通电后经

加热使

发射电子。②阳极的作用:和

形成加速电场。③偏转电极的作用:使电子在

方向偏转,通过荧光屏上的波形曲线,显示加在

极板上的电压信号随时间的变化规律。参考答案:①阴极、阴极;②阴极;③水平、竖直、竖直15.(4分)如图所示,圆筒的底面直径为12cm,里面装有某种透明液体。若紧贴筒壁竖立一根刻度尺,它的20cm刻度恰好与液面相平,小于20cm的刻度都在液面以下。眼睛在液面斜上方沿刻度尺对面向液面边缘观察,看到29cm刻度和4cm刻度的像恰好重合。由此可以求出该液体的折射率等于

参考答案:4/3四、计算题:本题共3小题,共计47分16.如图所示,质量为m、边长为L的正方形线框,从有界的匀强磁场上方由静止自由下落,线框电阻为R。匀强磁场的宽度为H。(L<H),磁感强度为B,线框下落过程中ab边与磁场边界平行且沿水平方向。已知ab边刚进入磁场和刚穿出磁场时线框都作减速运动,加速度大小都是。求:(1)ab边刚进入磁场时与ab边刚出磁场时的速度大小;(2)cd边刚进入磁场时,线框的速度大小;(3)线框进入磁场的过程中,产生的热量。参考答案:(1)由题意可知ab边刚进入磁场与刚出磁场时的速度相等,设为v1,则结线框有:

-------------------------1分

---------------------1分

-----------------1分

--------------------1分

解得:

------------------------------1分(2)设cd边刚进入磁场时速度为v2,则cd边进入磁场到ab边刚出磁场应用动能定理得:

------------2分

解得:

--------------2分

(3)由能和转化和守恒定律,可知在线框进入磁场的过程中有

--------------------2分

解得产生的热量:Q=mgH

--------------1分17.(10分)如图所示,直角玻璃三棱镜置于空气中,已知=60°,

=90°,一束极细的光于AC的中点D垂直AC面入射,AD=a,棱镜的折射率n=,求:

(1)光从棱镜第一次射入空气时的折射角。(2)光从进入棱镜到它第一次射入空气所经历的时间(设光在真空中传播速度为c)。参考答案:解析:18.如图所示,在平面直角坐标系xOy的第四象限有垂直纸面向里的匀强磁场,一质量为m=5.0×10-8kg、电量为q=1.0×10-6C的带电粒子,从静止开始经U0=10V的电压加速后,从P点沿图示方向进入磁场,已知OP=30cm.(粒子重力不计,sin37°=0.6,cos37°=0.8)(1)求带电粒子到达P点时速度v的大小;(2)若磁感应强度B=2.0T,粒子从x轴上的Q点离开磁场,求OQ的距离;(3)若粒子不能进入x轴上方,求磁感应强度B′满足的条件.参考答案:(1)20m/s(2)0.90m(3)B′>5.33T试题分析:(1)粒子处于加速阶段,则由动能定理可求出速度大小;

(2)粒子仅在洛伦兹力作用下,做匀速圆周运动,由牛顿第二定律可求出运动的半径大小,再根据几何关系,建立已知长度与半径的关系,从而即可求得;

(3)由于带电粒子不从x轴射出,根据几何关系可得半径的取值范围,再

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