2023届广东省广州、深圳市学调联盟高考物理二调试卷含答案

高考物理二调试卷一、单项选择题〔共8小题，每道题3分，共24分〕1.某同学釆用如下列图的装置来研究光电效应现象。某单色光照射光电管的阴极K时，会发生光电效应现象，闭合开关S，在阳极A和阴极K之间加反向电压，通过调节滑动变阻器的滑片逐渐增大电压，直至电流计中电流恰为零，此时电压表显示的电压值U称为反向截止电压。现分别用频率为v1和v2的单色光照射阴极，测量到的反向截止电压分别为U1和U2，设电子质量为m，电荷量为e，那么以下关系式中不正确的选项是〔

〕A.

频率为V1的单色光照射阴极K时光电子的最大初速度v1m＝

B.

阴极K金属的极限频率V0＝

C.

普朗克常量h＝

D.

阴极K金属的逸出功W＝2.目前，我国在人工智能和无人驾驶技术方面已取得较大突破．为早日实现无人驾驶，某公司对汽车性能进行了一项测试，让质量为m的汽车沿一山坡直线行驶．测试中发现，下坡时假设关掉油门，那么汽车的速度保持不变；假设以恒定的功率P上坡，那么从静止启动做加速运动，发生位移s时速度刚好到达最大值vm．设汽车在上坡和下坡过程中所受阻力的大小分别保持不变，以下说法正确的选项是〔

〕A.

关掉油门后的下坡过程，汽车的机械能守恒

B.

关掉油门后的下坡过程，坡面对汽车的支持力的冲量为零

C.

上坡过程中，汽车速度由增至，所用的时间可能等于

D.

上坡过程中，汽车从静止启动到刚好到达最大速度vm，所用时间一定小于3.如下列图，平行板a、b组成的电容器与电池E连接，平行板电容器P处固定放置一带负电的点电荷，平行板b接地，现将电容器的b板向下稍微移动，那么〔〕A.

点电荷所受电场力增大

B.

点电荷在P处的电势能减少

C.

P点电势减小

D.

电容器的带电量增加4.横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上，如下列图。它们的竖直边长都是底边长的一半。现有三个小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落在斜面上，其落点分别是a、b、c．以下判断正确的选项是〔

〕A.

a球落在斜面上的速度方向与斜面平行

B.

三小球比较，落在c点的小球飞行时间最长

C.

三小球比较，落在b点的小球飞行过程速度变化最快

D.

无论小球抛出时初速度多大，落到斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直5.如下列图，图甲为质点a和b做直线运动的位移一时间图象，图乙为质点c和d做直线运的速度一时间图象，由图可知〔

〕A.

假设t1时刻a、b两质点第一次相遇，那么t2时刻两质点第二次相遇

B.

假设t1时刻c、d两质点第一次相遇，那么t2时刻两质点第二次相遇

C.

t1到t2时间内，b和d两个质点的运动方向发生了改变

D.

t1到t2时间内，a和d两个质点的速率先减小后增大6.将质量为1.00kg的模型火箭点火升空，50g燃烧的燃气以大小为600m/s的速度从火箭喷口在很短时间内喷出．在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为〔喷出过程中重力和空气阻力可忽略〕〔〕A.

30kg•m/s

B.

5.7×102kg•m/s

C.

6.0×102kg•m/s

D.

6.3×102kg•m/s7.质量为m的光滑圆柱体A放在质量也为m的光滑“V〞型槽B上，如图，α＝60°，另有质量为M的物体C通过跨过定滑轮的不可伸长的细绳与B相连，现将C自由释放，那么以下说法正确的选项是〔

〕

D.

当M＝5m时，A和B之间的恰好发生相对滑动8.一质量为m的均匀环状弹性链条水平套在半径为R的刚性球体上，不发生形变时环状链条的半径为，套在球体上时链条发生形变如下列图，假设弹性链条满足胡克定律，不计一切摩擦，并保持静止。此弹性链条的弹性系数k为〔

〕A.

B.

C.

D.

二、多项选择题〔共4小题，每道题4分，共16分〕9.如下列图，理想变压器原、副线圈的匝数比为n1：n2＝2：1，输入端接在u=30100πt〔V〕的交流电源上，R1为电阻箱，副线圈连在电路中的电阻R2＝10Ω，电表均为理想电表。以下说法正确的选项是〔

〕A.

当R1＝0时，电压表的读数为30V

B.

当R1＝0时，假设将电流表换成规格为“5V5W〞的灯泡，灯泡能够正常发光

C.

当R1

D.

当R1＝10Ω时，电压表的读数为6V10.如下列图，A、B、C三个物体分别用轻绳和轻弹簧连接，放置在倾角为θ的光滑斜面上，当用沿斜面向上的恒力F作用在物体A上时，三者恰好保持静止，A、B、C三者质量相等，重力加速度为g。以下说法正确的选项是〔

〕A.

在轻绳被烧断的瞬间，A的加速度大小为2gsinθ

B.

在轻绳被烧断的瞬间，B的加速度大小为gsinθ

C.

剪断弹簧的瞬间，A的加速度大小为gsinθ

D.

突然撤去外力F的瞬间，A的加速度大小为2gsinθ11.如下列图，在绝缘水平面上固定着一光滑绝缘的圆形槽，在某一过直径的直线上有O、A、D、B四点，其中O为圆心，D在圆上，半径OC垂直于OB．A点固定电荷量为Q的正电荷，B点固定一个未知电荷，使得圆周上各点电势相等。有一个质量为m，电荷量为﹣q的带电小球在滑槽中运动，在C点受的电场力指向圆心，根据题干和图示信息可知〔

〕A.

固定在B点的电荷带正电

B.

固定在B点的电荷电荷量为Q

C.

小球在滑槽内做匀速圆周运动

D.

C，D两点的电场强度大小相等12.盘旋加速器的工作原理如图，置于高真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计，磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，A处粒子源产生质量为m、电荷量为+q的粒子，在加速电压为U的加速电场中被加速，所加磁场的磁感应强度、加速电场的频率可调，磁场的磁感应强度最大值为Bm和加速电场频率的最大值fm．那么以下说法正确的选项是〔

〕A.

粒子获得的最大动能与加速电压无关

B.

粒子第n次和第n+1次进入磁场的半径之比为：

C.

粒子从静止开始加速到出口处所需的时间为t＝

D.

假设fm＜，那么粒子获得的最大动能为Ekm＝2π2mfm2R2三、实验题〔共两小题，13题4分，14题8分，共12分〕13.在探究弹力和弹簧伸长的关系时，某同学先按图1对弹簧甲进行探究，然后把弹簧甲和弹簧乙并联起来按图2进行探究。在弹性限度内，将质量为m＝50g的钩码逐个挂在弹簧下端，分别测得图1、图2中弹簧的长度L1、L2如表所示。钩码个数1234L1/cmL2/cm2，要求尽可能多的利用测量数据，计算弹簧甲的劲度系数k＝________N/m〔结果保存两位有效数字〕。由表中数据________〔填“能〞或“不能〞〕计算出弹簧乙的劲度系数。14.某同学设计了一个既可以测电阻由可以测电动势和内阻的实验电路，如图甲所示，实验室提供了一下实验器材：电源E〔电动势为6V，内阻约为1Ω〕定值电阻R0〔阻值约为5Ω〕电流表A〔量程30mA，内阻约为0.5Ω〕电流表B〔量程0.6A，内阻约为1Ω〕电压表C〔量程8V，内阻约为5kΩ〕电压表D〔量程4V，内阻约为3kΩ〕滑动变阻器F〔阻值0﹣10Ω〕滑动变阻器G〔阻值0﹣500Ω〕根据题中所给信息，请答复以下问题〔1〕电流表应选________，滑动变阻器应选________；〔选填器材代号〕〔2〕该同学操作正确无误，用U1、U2、I分别表示电表、、的读数，其数据如表所示：I〔A〕U1〔V〕U2〔V〕根据表中数据求得定值电阻R0＝________Ω〔保存两位有效数字〕，其测量值________真实值〔填＞、＜或＝〕；该同学同时利用上表测得的数据求得电源的电动势和内阻，由误差分析可知，电动势的测量值________电动势的真实值〔填＞、＜或＝〕．〔3〕该同学进一步利用一个辅助电源E′，采用如图乙所示的电路测量电源的电动势，测量过程中，调节R后再调节R1，使得A1的示数变为0，测得多组数据，这样，电源电动势值________电源电动势的真实值〔填＞、＜或＝〕．四、计算题〔三个小题，共30分〕15.如下列图，质量为m＝0.1kg闭合矩形线框ABCD，由粗细均匀的导线绕制而成，其总电阻为R＝0.04Ω，其中长LAD＝40cm，宽LAB＝20cm，线框平放在绝缘水平面上。线框右侧有竖直向下的有界磁场，磁感应强度B＝1.0T，磁场宽度d＝10cm，线框在水平向右的恒力F＝2N的作用下，从图示位置由静止开始沿水平方向向右运动，线框CD边从磁场左侧刚进入磁场时，恰好做匀速直线运动，速度大小为v1，AB边从磁场右侧离开磁场前，线框已经做匀速直线运动，速度大小为v2，整个过程中线框始终受到大小恒定的摩擦阻力F1＝1N，且线框不发生转动。求：〔i〕速度v1和v2的大小；〔ii〕求线框开始运动时，CD边距磁场左边界距离x；〔iii〕线图穿越磁场的过程中产生的焦耳热。16.如下列图，一个初速为零、带电量为e、质量为m的正离子，被电压为U的电场加速后，经过一段匀速直线运动，垂直于边界MN进入磁感应强度为B的匀强磁场，磁场的水平宽度为d〔忽略粒子所受重力〕，求：〔1〕离子在磁场中做圆周运动的半径R；〔2〕离子在磁中运动的时间。17.如图，水平面上有一条长直固定轨道，P为轨道上的一个标记点，竖直线PQ表示一个与长直轨道垂直的竖直平面，PQ的右边区域内可根据需要增加一个方向与轨道平行的水平匀强电场。在轨道上，一辆平板小车以速度v0＝4m/s沿轨道从左向右匀速运动，当小车一半通过PQ平面时，一质量为m＝1kg的绝缘金属小滑块〔可视为质点〕被轻放到小车的中点上，小滑块带电荷量为+2C且始终不变，滑块与小车上外表间的动摩擦因数为μ＝0.2，整个过程中小车速度保持不变，g＝10m/s2．求：〔1〕假设PQ右侧没有电场，木板足够长，在滑块与小车恰好共速时小滑块相对P点水平位移和摩擦力对小车做的功；〔2〕当PQ右侧电场强度取E＝3V/m方向水平向右，且板长L＝2m时，为保证小滑块不从车上掉下，那么电场存在的时间满足什么条件？〔3〕【附加：假设PQ右侧加一个向右的匀强电场，且木板长L＝2m，为确保小滑块不从小车左端掉下来，电场强度大小应满足什么条件？】〔此附加问为思考题，无需作答〕五、选修3-3〔共2个小题，每个小题14分，共28分〕18.有关对热学的根底知识理解正确的选项是〔

〕A.

液体外表张力的方向与液面平行并指向液体内部

B.

低温的物体可以自发把热量传递给高温的物体，最终两物体可到达热平衡状态

C.

当装满水的某一密闭容器自由下落时，容器中的水的压强为零

D.

空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压，水蒸发变慢

E.

在“用油膜法测分子直径〞的实验中，作出了把油膜视为单分子层、忽略油酸分子间的间距并把油酸分子视为球形这三方面的近似处理19.如图，粗细均匀的弯曲玻璃管A、B两端开口，管内有一段水银柱，管内水银面与管口A之间气体柱长为lA＝40cm，右管内气体柱长为lB＝39cm。先将口B封闭，再将左管竖直插入水银槽中，设被封闭的气体为理想气体，整个过程温度不变，假设稳定后进入左管的水银面比水银槽水银面低4cm，大气压强p0＝76cmHg，求：〔1〕A端上方气柱长度；〔2〕稳定后右管内的气体压强。20.以下关于温度及内能的说法中正确的选项是〔

〕A.

物体的内能不可能为零

B.

温度高的物体比温度低的物体内能大

C.

一定质量的某种物质，即使温度不变，内能也可能发生变化

D.

内能不相同的物体，它们的分子平均动能可能相同

E.

温度是分子平均动能的标志，所以两个动能不同的分子相比，动能大的分子温度高21.扣在水平桌面上的热杯盖有时会发生被顶起的现象，如下列图，截面积为S的热杯盖扣在水平桌面上，开始时内部封闭气体的温度为300K，压强为大气强p0．当封闭气体温度上升303K时，杯盖恰好被整体顶起，放出少许气体后又落回桌面，其内部压强立即减为p0，温度仍为303K．再经过一段时间，内部气体温度恢复到300K．整个过程中封闭气体均可视为理想气体。求：〔1〕当温度上升303K且尚未放气时，封闭气体的压强；〔2〕当温度恢复到303K时，竖直向上提起杯盖所需的最小力。

答案解析局部一、单项选择题〔共8小题，每道题3分，共24分〕1.【解析】【解答】解：A、光电子在电场中做减速运动，根据动能定理得：﹣eU1＝0﹣m，那么得光电子的最大初速度v1m＝．A正确，不符合题意。BCD、根据爱因斯坦光电效应方程得：

hν1＝eU1+W

①

hν2＝eU2+W

②由①得：金属的逸出功W＝hν1﹣eUl。联立①②得：h＝，阴极K金属的逸出功W＝，阴极K金属的极限频率ν0＝＝，综上所述，BD正确，不符合题意，C错误，符合题意。故答案为：C。

【分析】光电效应中，当外界的光子能量比较大时，电子获得的能量就大，溢出电子的动能利用公式Ekm=hν﹣W求解即可。其中W是材料的逸出功，v是光子的频率。2.【解析】【解答】A、关掉油门后的下坡过程，汽车的速度不变、动能不变，重力势能减小，那么汽车的机械能减小，A不符合题意；B、关掉油门后的下坡过程，坡面对汽车的支持力大小不为零，时间不为零，那么冲量不为零，B不符合题意；C、上坡过程中，汽车速度由增至，所用的时间为t，根据动能定理可得：，解得，C不符合题意；D、上坡过程中，汽车从静止启动到刚好到达最大速度，功率不变，那么速度增大、加速度减小，所用时间为，那么，解得，D符合题意．故答案为：D

【分析】汽车启动时，可以是恒功率启动，也可能是恒加速度启动，不管是哪种启动方式，结合功率公式P=Fv和牛顿第二定律分析求解即可。3.【解析】解答：A、因电容器与电源始终相连，故两板间的电势差不变，B板下移，那么板间距离d增大，那么板间电场强度E变小，由F=Eq可知电荷所受电场力变小，故A错误；B、板间距离d增大，那么板间电场强度E变小，由U=Ed知，P与a板的电压减小，而a的电势不变，故P的电势升高，由EP=qφ而q为负值，故电势能减小，故B正确；C、由B分析可知，C错误；D、由Q=CU，又有，故C减小，Q减小，故D错误；应选：B分析：电容器与电源相连，那么可知电容器两端的电压不变；由极板的移动可知d的变化，由U=Ed可知板间场强E的变化，再由F=Eq可知电荷所受电场力变化，由EP=qφ判断电势能的变化4.【解析】【解答】解：A、三个小球做的都是平抛运动，从图中可以发现落在a点时，假设其位移与水平方向的夹角为θ，速度方向与水平方向的夹角为α，根据斜面上物体平抛运动位移与水平方向的夹角和速度方向与水平方向的夹角的关系：tanα＝2tanθ，可知a球落在斜面上的速度方向与斜面平行不可能平行，A不符合题意；B、根据题意可知c小球下落的高度最小，根据：，可知落在c点的小球飞行时间最短，B不符合题意；C、速度变化快慢是指物体运动的加速度的大小，三个小球做的都是平抛运动，运动的加速度都是重力加速度g，所以三次运动速度变化的快慢是一样的，C不符合题意；D、无论小球抛出时初速度多大，首先a点上无论如何不可能垂直的，然后看b、c点，竖直速度是gt，水平速度是v0，由于它们的竖直边长都是底边长的一半，由题意知下面的夹角的正切值为：，如果要合速度垂直斜面，把两个速度合成后，需要：，即，那么在经过t时间的时候，竖直方向上的位移为：，水平方向上的一位移：，即假设要满足这个关系，需要水平方向上的位移和竖直方向上的位移都是一样的，显然在图中b、c是不可能完成的，因为在b、c上水平方向位移必定大于竖直方向数的位移，所以落到实两个斜面上的瞬时速度不可能与斜面垂直，D符合题意。故答案为：D。

【分析】物体做平抛运动，水平方向匀速运动，竖直方向自由落体运动，结合小球的末位置，结合运动学公式求解即可。5.【解析】【解答】解：A、由题图可知，t1和t2时刻a、b两个质点的图象相交，均到达同一位置，假设t1时刻为第一次相遇，t2时刻为第二次相遇，A符合题意；B、假设t1时刻c、d两质点第一次相遇，t1到t2时间内，c、d两质点的位移不同，因此t2时刻两质点不可能相遇，B不符合题意；C、根据x﹣t图象的斜率表示速度，知t1到t2时间内，只有b质点的运动方向发生改变，C不符合题意；D、t1到t2时间内，a的速率不变，d质点的速率先减小后增大，D不符合题意。故答案为：A。

【分析】v-t图像中，横坐标为时间，纵坐标为速度，图像与时间轴所围成的面积是位移，图像的斜率是加速度，s-t图像中，横坐标为时间，纵坐标为位移，图像的斜率是速度，通过这些性质结合选项分析即可。6.【解析】【解答】开始总动量为零，规定向下为正方向，根据动量守恒定律得，0=m1v1+P，解得火箭的动量P=﹣m1v1=﹣0.05×600kg•m/s=﹣30kg•m/s，负号表示方向，故A正确，B、C、D错误．应选：A．【分析】在喷气的很短时间内，火箭和燃气组成的系统动量守恒，由动量守恒定律求出燃气喷出后的瞬间火箭的动量大小．7.【解析】【解答】解：当A和B右端挡板之间的作用力为零时，加速度为a0，以A为研究对象，根据牛顿第二定律可得：mgtan30°＝ma0，解得a0＝g；以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得Mg＝〔M+2m〕a0，解得：M＝〔+1〕m，所以A相对B刚好发生滑动时，M＝〔+1〕m。A、当M＝m时，A和B保持相对静止，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得共同加速度为a＝＝g，A不符合题意；B、当M＝2m时，A和B保持相对静止，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得共同加速度为a＝＝0.5g，B符合题意；C、当M＝6m时，A和B发生相对滑动，不可能保持相对静止，C不符合题意；D、当M＝〔+1〕m，时，A和B之间的恰好发生相对滑动，D不符合题意。故答案为：B

【分析】分别对两个物体进行受力分析，利用牛顿第二定律求解物体各自的加速度。8.【解析】【解答】解：在圆环上取长度为△x的一小段为研究对象，这一段的重力为，设其余弹簧对这一小段的作用力为T，对这一小段受力分析如图〔由于时对称图形，对任意一段的受力是一样的〕根据平衡条件可得：T＝＝；弹簧弹力F与弹簧对这一小段作用力的关系如图：由图得：，解得：F＝；不发生形变时环状链条的半径为，套在球体上时链条发生形变如题图所示，那么弹簧的伸长量：x＝2πRsin60°﹣2π•；弹簧弹力与伸长量关系：F＝kx，解得：k＝，ABD不符合题意，C符合题意；故答案为：C。

【分析】对链条进行受力分析，在重力、支持力、弹力的作用下，物体处于平衡状态，合力为零，根据该条件列方程求解弹力，结合伸长量和胡克定律求解劲度系数。二、多项选择题〔共4小题，每道题4分，共16分〕9.【解析】【解答】解：A、当R1＝0时，原线圈电压有效值U1＝V＝30V，副线圈两端电压U2＝＝15V，电压表的读数为15V，A不符合题意；B、当R1＝0时，假设将电流表换成规格为“5V5W〞的灯泡，灯泡正常工作的电流IL＝＝1A，灯泡的电阻为RL＝＝5Ω，灯泡的实际电流I＝A＝1A，灯泡会正常发光，B符合题意；C、R1＝10Ω时，设电流表的读数为I2，那么副线圈两端电压为U2＝I2R2＝10I2，原线圈的电流为I1＝2，原线圈两端电压U1＝U﹣I1R1＝30﹣5I2，根据变压器原理可得：，联立解得：I2＝1.2A，C符合题意；D、当R1＝10Ω时，电压表的读数U2＝I2R2＝12V，D不符合题意。故答案为：BC

【分析】通过交流电压的表达式读出电压的最大值和角速度，计算出电压的有效值和频率，利用变压器原副线圈匝数比与电压的关系求解副线圈的电压即可，再利用欧姆定律求解电流即可。10.【解析】【解答】解：A、把ABC看成是一个整体进行受力分析，有F＝3mgsinθ，在轻绳被烧断的瞬间，AB之间的绳子拉力为零，对A，由牛顿第二定律：F﹣mgsinθ＝maA，解得：aA＝2gsinθ，A符合题意。B、对于C，有F弹＝mgsinθ，在轻绳被烧断的瞬间，对于B，绳子拉力为零，弹力不变，根据牛顿第二定律：F弹+mgsinθ＝maB，解得：aB＝2gsinθ，B不符合题意。C、剪断弹簧的瞬间，对于整体AB，弹簧弹力为零，根据牛顿第二定律：F﹣2mgsinθ＝2maAB，解得：aAB＝gsinθ，而A的加速度大小aA＝aAB，C符合题意。D、突然撤去外力F的瞬间，对整体AB，由牛顿第二定律：F弹+2mgsinθ＝2maAB，F弹＝mgsinθ，解得：aAB＝gsinθ，aA＝aAB，D不符合题意。故答案为：AC

【分析】对物体进行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面两个方向上分解，在沿斜面方向利用牛顿第二定律求解物体的加速度。11.【解析】【解答】解：B、由小球在C点处恰好与滑槽内、外壁均无挤压且无沿切线方向的加速度知：小球在C点的合力方向一定沿CO，且指向O点。A对小球吸引，B对小球排斥，因此小球带负电、B带负电。由∠ABC＝∠ACB＝30°知：∠ACO＝30°AB＝AC＝L；BC＝2ABcos30°＝L由力的合成可得：F1＝F2即：＝QB＝Q，B符合题意A、有前面分析：A对小球吸引，B对小球排斥，B带负电，小球带负电，A不符合题意D、以O为原点，OB为x轴正方向，OC为y轴正方向，槽上某点的坐标为〔x，y〕，那么该点的电势为：φ＝﹣而代入上式解得：φ＝0说明圆周上各点电势相等，小球在运动过程中电势能不变，根据能量守恒得知，小球的动能不变，小球做匀速圆周运动，C符合题意D、根据场强的叠加可知，CD两点场强大小不同，D不符合题意；故答案为：BC

【分析】结合题目中给出的电场线模型，电场力对电荷做正功，电荷的电势能减小，相应的动能就会增加，电场力做负功，电势能增加，电荷的动能减小，结合粒子的速度，利用向心力公式判断是否能做圆周运动即可。12.【解析】【解答】解：A、当粒子在轨迹半径等于D形盒的半径时速度最大，动能最大，那么R＝，粒子获得的最大动能为Ekm＝＝，可知，粒子获得的最大动能与加速电压无关，A符合题意；B、根据动能定理可知，带电粒子第n次加速的速度为：nqU＝解得：v1＝据洛伦兹力提供向心力，所以qvB＝m解得：R1＝同理可得第n+1次的半径：R2＝所以第n次和第n+1次半径之比为：：，B不符合题意；C、设粒子到出口处被加速了n圈，据动能定理得：2nqU＝①当速度最大时：qvB＝m②粒子在磁场中运动的周期：T＝＝③粒子从静止开始加速到出口处所需的时间：t＝nT④联立①②③④式可得：t＝，C符合题意；D、加速电场的频率应该等于粒子在磁场中做圆周运动的频率，即：f＝当磁感应强度为Bm时，加速电场的频率应该为：fBm＝粒子的动能：Ek＝当fBm≥fm时，粒子的最大动能由fm决定，那么：vm＝2πfmR解得：粒子获得的最大动能为Ekm＝2π2mfm2R2，D符合题意。故答案为：ACD

【分析】盘旋加速度器中，磁场对粒子进行偏转，洛伦兹力提供向心力，电场对粒子进行加速，根据向心力公式列方程，可以看出粒子的末速度与电场无关，与磁场有关。三、实验题〔共两小题，13题4分，14题8分，共12分〕13.【解析】【解答】解：由表格中的数据可知，当弹力的变化量△F＝mg＝0.05×9.8N＝0.49N时，弹簧形变量的变化量为△x1＝，根据胡克定律知甲的劲度系数：。把弹簧甲和弹簧乙并联起来时，由胡克定律根据表中数据，类似于上述方法可以计算出并联时总的劲度系数k并，根据k并＝k甲+k乙，可以计算出乙的劲度系数。故答案为：49，能。

【分析】假设两个弹簧的劲度系数，对物体进行受力分析，结合物体的受力情况，利用胡克定律列方程求解即可。14.【解析】【解答】解：〔1〕电源电动势为6V，保护电阻为5Ω，那么电流约为：I＝＝＝1A，故为了能准确测量，电流表应选择B；因内电阻较小，故滑动变阻器应选择较小的F；〔2〕由电路图可知，U2为电阻两端的电压，电流表示数为R中的电流，由图可知电压表示数与电流表示数成正比，那么可知，定值电阻的阻值为：R0＝＝＝4.8Ω；由于采用了电流表外接法，故测量出的电流较大，那么由欧姆定律可知，测量值小于真实值；如果用来测量电动势和内电阻，由于采用相对电源的电流表外接法，因此由于电压表分流作用而使电流表示数偏小，那么测出的电动势偏小；〔3〕由于电压表电支路中电流为零，故电压表不再分流，那么此时电流表测出的电流为干路电流，电压表示数为路端电压，因此测量结果是准确的．故答案为：〔1〕B，F；〔2〕4.8，＜，＜；〔3〕＝

【分析】〔1〕在量程允许的情况下选择小量程的电表即可，结合电源内阻大小选择与之相近的滑动变阻器即可；

〔2〕利用欧姆定律求解定值电阻的阻值即可；电流表外接，电压表分流，使得电流偏大，计算得到的电阻偏小；

〔3〕流过电压表的电流为零，使得电压表的分流为零，故对实验无影响。四、计算题〔三个小题，共30分〕15.【解析】【分析】〔1〕当导体棒受到的安培力等于拉力与摩擦力之和的时候，导体棒速度到达最大，列方程求解此时的速度；

〔2〕结合导体棒的初末速度，对导体棒应用动能定理，求解导体棒运动的距离；

〔3〕结合导体棒初末状态的速度，对导体棒的运动过程应用动能定理，其中导体棒克服安培力做的功即为电路产生的热量。16.【解析】【分析】〔1〕粒子在电场的作用下做加速运动，利用动能定理求解末速度的大小，结合向心力公式求解轨道半径；

〔2〕带电粒子在磁场中受到洛伦兹力，在洛伦兹力的作用下粒子做圆周运动，根据磁场方向、电性和运动方向确定粒子的运动轨迹，利用向心力公式求解周期，结合偏转角度求解运动时间。17.【解析】【分析】〔1〕分别对两个物体进行受