2022年猿辅导高考物理模拟试卷（一）

2022

年猿辅导高考物理模拟试卷（一）⼀⼆题号得分总分⼀、选择题。（共

48

分）本题共

8

小题，每题

6

分，共

48

分。在每小题给出的四个选项中，第

1~5

题只有一项符合题目要求，第

6~8

题有多想符合题目要求。全部选对的得

6

分，选对但不全的得

3

分，有选错的得

0

分。1.我国自主研发的聚变—裂变混合反应堆的主体部分由“聚变堆芯”和“裂变包层”等组成，“聚变堆芯”中氘、氚燃料发生푈可控热푈核聚变反应，输出大量高能中푃푢子，“裂푃푢变包层”中的푈

在高能中2389223923923923992929494子的作用下可转变为，

푃푢经过两次衰变后可变成，发生裂变反应能够稳定、可23994控푋

地输푋

出巨大的能量푥

。1

个核“푃捕푢捉”一푋个中子푋发生裂变反应，可产生两个푚

中푚等质푚量的新푚核23912941212푛、，同时产生

个中子푐

。已知核、

核、

核和中子的质量分别为、、和，光在真空中的传播速度为

，下列说法正确+的是（⟶

）+A.“聚变堆芯”中发生的核反应方程为

2H

3H3H

1n푈

衰变为

푃푢

发生了

2

次

훼

衰变239239112

09294B.C.

新核

푋

的比结合能小于푃푢

核的比结合能239194푃푢

核发生裂变反应释放的能量

Δ퐸

=

[푚

−

푚

−

푚

−

(푥

−

1)푚

]푐23929412푛D.

1

个2.在光滑的水平面上，一滑块的质量

푚

=

2

kg，在水平面上受水平方向上恒定的外力

퐹

=

4

N（方向未知）作푣

用=

下5

m运/动s

，如图所푃示给出了滑块在水平푃푄面上运动的一훼段=轨3迹7，滑si块n

3过7

푃=、0푄.6两点时速度大小均为。滑块在

点的速度方向与连线的夹角°，°，则下列说法正确的是（）A.

水平恒力

퐹

的方向与

푃푄

连线成

53°

角B.

滑块从

푃

到

푄

的时间为

6

sC.

滑块从

푃

到

푄

的过程中速度最小值为

5

m/sD.

푃、푄

两点的距离为

12

m3.如图，正方形线框

푃푄푀푁

由四根相同的导体棒连接而成，固定于匀强磁场中，线框平面与磁感应强度方푃푄向푀垂푁直，线框顶点

푀、푁

与直流电源两端相接，已知导体棒

푀푁

受到的安培力大小为

퐹，则线框受到的安培力大小为（

）-1-42A.

2

퐹B.퐹C.퐹D.

0334.如图所示，一带正电的粒子以一定的初速度进入某点电荷

푄

产生的电场中，沿图中弯曲的虚线轨迹先后经퐸过电场中的푎푏푎、푏

两点6，0

其中

푎

点的场强大小为

퐸

，方向与푎푏

连线成

30°

角；푏

点的场强푎푏大小为

，方向与

连线成

°

角，粒子只受电场力的作用。下列说法中正确的是（）A.

点电荷

푄

带正电B.

푎

点的电势低于

푏

点电势C.

从

푎

到

푏，系统的电势能减小D.

粒子在

푎

点的加速度大于在

푏

点的加速度5.如图所示，长度为

푙

的轻杆上端连着一质量为

푚

的小球

퐴（可视为质点），杆的下端用铰链固接于水平地面上的

푂

点。置于同一水平面上的立方퐴体

퐵퐵恰与

퐴

接触，立方体

퐵

的质量为

푀。今有3

7微小sin扰37动，=

0使.6杆

向co右s

3倾7

倒=，0.各8

处摩擦均不计，而푔与刚脱离接触的瞬间，杆与地面夹角恰为

°(°，°)，重力加速度为

，则下列说法正确的是（）A.

퐴、퐵

质量之比为

27：25B.

퐴

与

퐵

刚脱离接触的瞬间，퐴、퐵

速率之比为

3：5C.

퐴

落地时速率为√2푔푙3D.

퐴

与

퐵

刚脱离接触的瞬间，퐵

的速率为√

푔푙56.我国于

2020

年

7

月成功发射火星探测器“天问

1

号”，预计“天问

1

号”经过

10

个月左右的飞行将到达火星，着陆火星表面并进行巡视探测。假设探测器在푎

火星表面和地球表面以相同的速度竖直푏

上抛一物体，其在地球上落回抛出点的时间是火星上的

倍，已知地球半径与火星半径之比为。不计地球和火星的自转及其表面气体的阻力。下列说法正确的是（）-2-A.

地球绕太阳运动周期的平方与火星绕太阳运动周期的平方之比为

푏3B.

地球表面与火星表面的重力加速度大小之比为

푎

∶

1C.

地球与火星的质量之比为

푏∶

푎2√√푎D.

地球与火星的第一宇宙速度大小之比为

푏

∶7.网红景点“长江索道”已成为重庆旅游的一张靓丽名片，如图

1

所示为长江索道上运行的轿厢，为研30究轿厢及厢中乘客的受力和运动情况，建立如图

2

所示物푚理模型，倾斜直索道与水平面夹角为°，载人轿厢沿钢索做直线运动，轿厢底面水平，质量为

的人站立于轿厢底面且和轿厢壁无相互作用，人和轿厢始终保持相对静止，某次运行中测得人对轿厢底面的压力恒定为

1.2푚푔，푔

为重力加速度，则下列说法正确的是（）A.

轿厢一定沿钢索向上运动C.

轿厢对人的摩擦力水平向右B.

轿厢的加速度一定沿钢索向上D.

人对轿厢的作用力大小为

1.4푚푔8.如图所示，左侧变压器原、副线圈的匝数之比为

2

∶

5，输入电压有效值为

10

V

的正弦交变电流。连接两理想变压器10的W输电线的总电阻为

10

훺，右侧变压器原、副线圈的匝数之比为

2

∶

1，输电线上损失的功率为。下列说法正确的是（）A.

负载电阻的阻值为

3.75

ΩB.

负载电阻的阻值为

7.5

ΩC.

负载电阻的电功率为

15

WD.

负载电阻的电功率为

25

W⼆、⾮选择题。（共

62

分）共

62

分。第

9~12

题为必考题，每个试题考生都必须作答，第

13~14

题为选考题，考生根据要求做答。9.某同学利用如图甲所示的电路测量一电源的电动势和内阻，其中电压表

푉

的内阻很大，电流表

퐴的内阻为

2.5

Ω。-3-（1）请根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中实物间的连线补充完整。（2）为保证电路安全，实验开始前，应使电阻箱的푈阻值

。（选填“最大퐼”或“最푈小−”퐼

)。（结果均保留三位有效数字）（3）改变电阻箱的阻值，记录多组电压V表的示数

以及Ω电流表对应的示数

，作出图像，如图丙所示。则该电源的电动势为、内阻为10.

采用如图所示的装置验证动量守恒定律。将两个小球用细线悬挂起来，静止时两球相切，球心等高，两细线恰好竖直。保持细线伸直，将

퐴

球向左拉起，由静止开始释放，两球碰撞后，퐴

球被反弹向左摆动。则：（1）两球质量关系为푚푚><=퐴퐵（选填“퐴”、“

”或“

”）。ℎ퐴퐵1（2）取两球静止时球心处为参考面，测ℎ出

ℎ球向左拉起的最大高度

；两球碰撞后，测出

球与球第一次弹起分别能达到的最大高度（用上述物理量表示）。23和。本实验中能验证碰撞前后动量守恒的表达式为：（3）实验中所需要的测量仪器有：、。（4）下列做法中对上面的验证动量守恒表达式有影响的是：。A.

起始小球在最低处静止时，细线长度略有不等，但两球心等高B.

起始小球在最低处静止时，两细线上端系在同一点上C.

퐴

球开始释放时有一定的初速度D.

两球碰撞过程中有机械能损失E.

퐵

球摆到最高点的位置记录不准确11.

1890

年，汤姆孙利用气体放电管研究阴极射线，发现了电子，从而认识到原子是可以分割的。气体放电管的示意图如图甲所示。气体放电管的基本原理是在

퐷

和퐷

两极板区域施加电场或磁场，12电子在电场或磁场中퐴

发生偏转，通푣

过偏转情况可分析电子的性质。具体情况可以퐸抽象成如图퐵

乙所0示的模型，퐴퐵电子从

点以初速度

水6平0

进퐴入퐵竖直向上的퐿匀强电场，电场强度为

，然后从

点射出。已知连线和电场方向夹角为

°，

的长度为

，求：-4-(1)

电子的比荷(2)

撤去电场，在原来的电场区域内施加垂直纸面的磁场，电子仍从

퐴

点以初速度

푣

水平进入，从0퐵

点射出，则磁场的大小和方向12.

如图所示，两根足够长的平行金属导轨固定在倾角

휃

=

30°

的斜面上，导轨电阻不计，间距

퐿

=0.4

m，导轨所在空间被分成区域Ⅰ和Ⅱ，两区域的边界与斜面的交线为

푀푁，区域Ⅰ中的匀强磁场0.5方T向垂直斜面向下，区域Ⅱ푚中的=

匀0.1强k

g磁场方向푅垂直=

斜0.1面훺向上，两磁场푎푏的磁感应强度大푎푏小均为

퐵

=11。在区域Ⅰ中，将质푚

量=

0.4

kg、푅电阻=

0.1훺的金属条푐푑

放在导轨上，

刚好不下22滑；在푐푑区域Ⅱ中将质量、电阻푎푏

的푐푑光滑导体棒

置于导轨上，由静止开始下滑，

在푐푑滑动过程中始푎终푏

处于区域Ⅱ的磁场中，

푐、푑

始终与导轨푥

=垂3直.8且m两端푔

与导10轨m/保s持良好接2触，从开始下滑到

刚要向上滑动的过程中，

滑动的距离。

取。求：(1)

푎푏

刚要向上滑动时，푐푑

的速度大小(2)

此过程中

푐푑

上产生的热量

푄(3)

此过程中

푐푑

运动的时间

푡13.

回答下列问题：(1)

在“油膜法估测油酸分子的大小”实验中，所用油酸酒精溶液体积浓度为

0.10%，且知一滴油酸酒精溶液的体积

푉

=

4.8

×

10mL。油酸未完全散开时就开始测量油酸膜的面积，会导致计−3푆

=

40

cm，2算结果

（填“偏大”“偏小”m或“不变”）；若一滴油酸酒精溶液形成的油膜面积则可测出油酸分子的直径为。(2)

如图所示，一定质量的理想气体在状态

퐴

时压强为

1.5

×

10Pa，经历

퐴

⟶

퐵

⟶

퐶

⟶

퐴

的过5程，已知

퐵

⟶

퐶

过程中气体做功数值是

퐶

⟶

퐴

过程中气体做功数值的

3

倍，求：-5-（Ⅰ）气体在状态

퐵

和

퐶

时的压强。（Ⅱ）整个过程中气体与外界交换的热量。14.

回答下列问题：(1)

一列简谐横波沿

푥

轴正方向传播，푡

=

6

s

时的波形如图（푎）所示。在

푥

轴正方向，距离原点小于一个波长的

퐴

点。其振动图象如图（푏）所示。本题所涉及质点均已起振。下列说法正确的是。（填正确答案标号，选对

1

个得

2

分，选对

2

个的

4

分，选对

3

个得

5

分，每选错

1

个扣

3

分，最低得푥分=为30m分）푥

=

7

mA、平衡位置在与的质点具有相同的运动状态B、퐴

点的平衡位置与原点的距离在

0.5

m

到

1

m

之间C、푡

=

9

s

时，平衡位置在

푥

=

1.7

m

处的质点加速度方向沿

푦

轴正方向D、푡

=

13.5

s

时，平衡位置在

푥

=

1.4

m

处的质点位移为负值E、푡

=

18

s

时，平衡位置在

푥

=

1.2

m

处的质点速度方向沿

푦

轴负方向(2)

如图，泳池底部半球形玻璃罩半径为

푟。内为空气，其球心处有一个点光源

푆。푆

发射的光通过罩内空气穿过厚度不计的玻璃罩。进入水中，最后有部分光线折射出水面。在水面形成圆形光斑。4（i）水深

ℎ

=

2

m，水对光的折射率取

，计算光斑的直径푑；3（ii）若光源发出的是白光，考虑到色散，问出射水面的光斑边缘颜色为红色还是紫色，并说明理由。-6-参考答案与解析⼀、选择题1.

【答案】D【解析】解：A、核反应方程两边质量数不相等，故

A

错误；B、质量数没有变化说明未发生

훼

衰变，质子数增加了

2，每发生一次

훽

衰变就有一个中子转化成一个质子，所以发生了

2

次

훽

衰变，故

B

错误；1C、比结合能越大核子核越稳定，该裂变反应由于存在质量亏损放出大量的能量，所以生成物푋比反应物푃푢

更稳定，比结合能也更大，故

C

错误；Δ

퐸

=

[푚

−

푚

−

푚

−

(푥

−

1)푚

]푐23994212푛D、根据爱因斯坦质能方程知裂变反应释放的能量故选：D。，故

D

正确。2.

【答案】D【解析】A

项、滑块过

푃、푄

两点时的速度大小相等，根据动能定理得

퐹푥

cos

훽

=

Δ퐸=

0，得

훽

=

90°，k即水平恒力푃

퐹

与

푃푄

连线垂直且指向轨퐹迹的凹侧，故

A퐹错误；B

项、把

点的速度分解在沿水平力

和垂直水平力

两个方向上，沿水平力

方向上滑块先퐹퐹4做匀푣减速后5

×做s

i匀n

3加7

速直线运动，有

푎

==m/s

=

2

m/s

，当

퐹

方向速度为零时，时间为22푚2푡

==s

=

1.5

s，根据对称性，滑块从

푃

到

푄

的时间为

푡

=

2푡

=

2

×

1.5

s

=

3

s，故

B퐹′푎2°错误；퐹퐹푣

=

푣

cos

37

=

5

×

0.8

m/s

=

4

m/s′C

项、当

方向速度为零时，只有垂直

方向的速度°，此时速度方向与

퐹

垂퐹

直，速度最小，故

C

错误；D

项、垂直

的方向上物块做匀速直线运动，有故选：D。푥푃푄

=

푣

푡

=

4

×

3

m

=

12

m，故

D

正确。′

′3.

【答案】B【解析】解：由已知条件可知

푀푃푄푁

边的有效长度与

푀푁

相同，等效后的电流方向也与

푀푁

相同，边

푀푃푄푁

的电阻等于边

푀푁

的电阻的三倍，两者为并联关系，1设

푀푁

中的电流大小为

퐼，则

푀푃푄푁

中1的电流1为퐼，设

푀푁

的长为

퐿，由题意知：퐹

=

퐵퐼퐿3所以边

푀푃푄푁

所受安4培力为：퐹=

퐵⋅

퐼⋅퐿

=

퐹，方向与

푀푁

边所受安培力的方向相同，′33故有：퐹

=

퐹

+

퐹=퐹，故

B

正确，A、C、D

错误。′3故选：퐵。答案解析

第

1

⻚（共

8

⻚）4.

【答案】C【解析】将

퐸

、퐸푏

延长相交，交点即为

푄

点的位置，如图所示：푎A

项、由上图可知场源电荷在

푄

位置，电场方向指向场源电荷，故电荷为负电荷；故

A

错误；B

项、由上图可知，푅>

푅

，且点电荷的电场中等势面是以场源电荷为圆心的同心圆，沿着电场푎푏线方向，电푎

势逐푏

渐降低，故

푎

点的电势高于

푏

点电势，故

B

错误；푄C

项、从

到

，电场力对带正电的粒子做正功，系统的电势能减小，故

C

正确；D

项、由上图可知，푅>

푅

，且根据

퐸

=

푘可知粒子在

푎

点的场强小于在

푏

点的场强，故粒子푅푎푏2在

푎

点的加速度小于在

푏

点的加速度，故

D

错误；故选：C。5.

【答案】A【解析】本题主要考查机械能守恒定律11选项分析：A

项，脱离接触之前，由机械能守恒定律

푚푔푙(1

−

sin

37°)

=푚푣

+

푀푣

，解得

푚：푀

=

27：25，2222퐴퐵故

A

项正确퐴。B

项，杆对

的作用力先是支持カ后是拉カ，

与

刚脱离接触的瞬间，杆对

的作用力等于零，퐴퐵퐴퐴

的速度方向垂直于杆，水平方向的分速度等于

퐵

的速度，解

푣

sin

37°

=

푣

得

푣

：푣

=

5：3，故퐴퐵퐴퐵11B

项错误。C

项，脱离接触之后由机械能守恒定律

푚푔푙

sin

37°

=푚푣

−

푚푣2222퐴9푔푙解得

푣

=√，故

C

项错误。5D

项，퐴

与

퐵

刚脱离接触的瞬间

퐵

对

퐴

也没有作用力，퐴

只受重カ作用，根据牛顿第二定律

푚푔

sin

37°

=푣3푔푙3

3푔푙2푚，解得

푣

=

√푣

=√，故

D

项错误。퐴푙555퐴퐵综上所述，本题正确答案为

A。6.

【答案】CD【解析】本题考查了万有引力定律及其应用。解：A、根据开普勒第三定律得：答案解析

第

2

⻚（共

8

⻚）푇푇푇22=12푟푟3312푇푟23解得：=，因为题目中已知地球半径与火星半径之比为

푏，不知道地球和火星到太阳的距11푟2322离，故

A

错误。푡B、对物体做竖直上抛运动有：푣

=

푔

×202푣解得：푡

=0푔由题意知

푡

=

푎푡푔1故=地，故

B火错误。푔2푎地火퐺푀푚C、在星球表面，根据物体受的万有引力等于重力得：=

푚푔푅푔푅2解得：푀

=퐺푀푏2联立解得：=，故

C

正确。푀푎地火D、第一宇宙速度指物体在卫星表面附近做匀速圆周运动的速度，在卫星表面，根据牛顿第二定푣律得：2푚푔

=

푚푅解푣

得：푣푔=

푅√푔푅푏=

√=√，故

퐷

正确。푣푔

푅푎地地地火火火故选：C、D。7.

【答案】BC【解析】A、B、C

项、某次运行中测得人对轿厢底面的压力恒定为

1.2푚푔，大于人的重力，则人和轿厢有竖直向上的分加速度，又人和轿厢的加速度方向一定沿钢索方向，故人有水平向右的分加速度，说明人受到了轿厢底面对人的水平向右的摩擦力作用，人和轿厢始终保持相对静止，故轿厢的加速度一定沿钢索向上，但不能确定轿厢的运动方向，故

A

错误，B、C

正确；D

项、以人为研究对象，在竖直方向有퐹

−

푚푔

=

푚푎N푦푎则人在水平方向的加速度

푎=푦tan

30°푥在푓

=水푚平푎方向，根据牛顿第二定律有푥则轿厢对人的作用力大小为

퐹

=√퐹

+

푓22N答案解析

第

3

⻚（共

8

⻚）√39联立代入数据可得

퐹

=푚푔5√39푚푔5由牛顿第三定律可知，人对轿厢的作用力大小为故

D

错误。故选：B、C。8.

【答案】AC【解析】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题设左侧퐼

变压器线圈上的电压푈，且

푈

퐼=

10V1电퐼

流=

퐼

，副线圈上的电压

，电流

，右侧变压器原线圈上的电压

3，电流

3，且1242푈퐼23副푃

线=圈퐼上푟

的电压

푈

，电流퐼

，由题意可知，损耗的功率为422热2代

入퐼

数=据퐼

解=得1A：퐼

=

1A23퐼푛故12퐼푛有2=1代入数据解得：퐼

푃

=

푃=

2.5A1故

负푃载=

电퐼

푅阻功率为−

푃

=

25

W

−

10

W

=

15

W2输入损4퐼푛又34퐼푛而4=3则

퐼=

2A4푃15故

푅

==훺

=

3.75

훺，故

B、D

错误，A、C

正确。퐼2224故选：A、C。⼆、⾮选择题9.

【答案】最大

5.90

7.50【解析】（1）根据图甲电路图连接实物图如下：答案解析

第

4

⻚（共

8

⻚）（2）为保证电路安全，实验开始前，应使电阻箱的阻值最大。（퐸3=）푈分+析퐼图(푟甲+电푅

路)

图，根据闭合电路欧姆定律得：퐴，整푈

理=

得퐸

−：퐼(푟

+

푅

)퐴，Δ푈5.90

−

5.00结合图像得：퐸

=

5.90

V，푟

=

||

−

푅퐴

=훺

−

2.5

훺

=

7.50

훺。Δ퐼90

×

10−310.

【答案】<푚√ℎ

=

−푚

√ℎ

+

푚

√ℎ天平

刻度尺

B、C、E퐴1퐴2퐵30【解析】（1）两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量小于被碰球的质量，即

푚<

푚

。퐴퐵（2）设碰撞前瞬间

퐴

的速度大小为

푣

，碰撞后瞬间，퐴

的速度大小为

푣

，퐵

的速度大小为

푣

，由퐴퐵1动能定理得：퐴

球下摆过程，对

퐴

球：푚

푔ℎ

=

푚

푣

−

022퐴1퐴01퐴

球碰撞后反弹过程，对

퐴

球：−푚

푔ℎ

=

0

−

푚

푣22퐴2퐴퐴1碰撞后

퐵

摆动过程，对

퐵

球：−푚푔ℎ

=

0

−

푚

푣22퐵3퐵퐵两球碰撞过푚

程√ℎ系统=

动−푚量√守ℎ恒+，푚以√向ℎ右为正方向，由动量守恒定律得：푚푣

=

−푚

푣

+

푚

푣

，퐴0퐴퐴퐵퐵퐴1퐴2퐵3整理得：（3）实验需要用天平测小球的质量，需要用刻度尺测量小球的高度。（4）A

项、起始小球在最低处静止时，细线长度略有不等，但两球心等高，两球发生对心正碰，对验证动量守恒表达式没有影响，故

A

错误；B

项、起始小球在最低处静止时，两细线上端系在同一点上，两球碰撞时的速度方向不是水平方向，对퐴验证动量守恒表达式有影响，故

B

正确；C

项、

球开始释放时有一定的初速度，小球到达最低点时的速度偏大，对验证动量守恒表达式有影响，故

C

正确；D

项、两球碰撞过程系统动量守恒，两球碰撞过程中有机械能损失对验证动量守恒表达式没有影响，故퐵D

错误；E

项、

球摆到最高点的位置记录不准确，影响小球速度的测量，对验证动量守恒表达式有影响，故

E

正确。故选：B、C、E。答案解析

第

5

⻚（共

8

⻚）11.

【答案】（1）

电子的比荷为4푣203퐸퐿。（2）

撤去电场，在原来的电场区域内施加垂直纸面的磁场，电子仍从

퐴

点以初速度

푣

水平进入，从03퐸퐵

点射出，则磁场的大小、方向垂直纸面向里。4푣0【解析】（1）

从

퐴

点进入竖直向上的匀强电场，电子做类平抛运动：垂直于电场线方向：퐿

sin

60°

=

푣푡01沿电场的反方向：퐿

cos

60°

=푎푡22根据牛顿第二定律有：푞

퐸푞

=4푣푚2

푎联立以上几式可得：=0

。푚3퐸퐿（2）

撤去电场，加上磁场后，电子做匀速圆周运动：由几何关系可得轨迹半径：푟

=

퐿푣2洛伦兹力提供向心3퐸力：푞푣퐵

=

푚

0푟0联立解得：퐵

=

0

，方向垂直纸面向里。4푣12.

【答案】（1）

푎푏

刚要向上滑动时，푐푑

的速度大小为

5

m/s（2）

此过程中

푐푑

上产生的热量为

1.3

J（3）

此过程中

푐푑

运动的时间为

1.38

s【解析】（1）

最初

푎푏

刚好不下滑，根据平衡有：푓=

푚

푔

sin

휃，m1푎푏

刚要向上滑动时，根据平衡有：푓

+

푚

푔

sin

휃

=

퐵퐼퐿，m1퐸퐵퐿푣感应电流的大小：퐼

==，푅

+

푅푅

+

푅1212代入数据，联立解得：푣

=

5

m/s（2）

设在此过程中

푎푏

上产生的热量为

푄

，′1根푄据能푅量守恒得：푚푔푥

sin

휃

=

푚

푣

+

푄

+

푄

，2′222=2

=

1，푄푅′1代入数据解得：푄

=

1.3

J（3）

在此过程中，规定沿斜面向下为正方向，对

푐푑

棒运用动量定理得：푚2푔

sin

휃⋅푡

−

퐵퐼퐿⋅푡

=

푚2푣，整理得：푚푔

sin

휃⋅푡

−

푞퐵퐿

=

푚

푣，22퐸Δ휙퐵퐿푥又：푞

=

퐼Δ푡

=2

⋅Δ푡

==，푅

+

푅푅

+

푅푅

+

푅11212代入数据，联立解得：푡

=

1.38

s13.

【答案】答案解析

第

6

⻚（共

8

⻚）（1）

偏大；1.2

×

10−9푝푝（2）

（Ⅰ）由图可知，气体从状态

퐴

到状态

퐵

体积不变，为等容变化，根据查理定律可知：

퐵퐵

=퐴푇푇퐴解得气体在状态

퐵

时的压强为：푝=

4.5

×

10

Pa5퐵由图可知，气体从状态

퐵

到状态

퐶

温度不变，为等温变化，根据玻意耳定律可知：푝푉

=

푝

푉퐵퐵퐶퐶解得气体在状态

퐶

时的压强为：푝=

1.5

×

10

Pa5푐（Ⅱ）由图可知，퐶

⟶

퐴

过程中，气体发生等压变化，外界对气体做功为：푊=

푝

(푉

−

푉

)

=퐶퐴푐퐶퐴300

J已知

퐵

⟶

퐶

过程中气体做功数值是

퐶

⟶

퐴

过程中气体做功数值的

3

倍，则

퐵

⟶

퐶

过程中气体对外做功为：푊=

−900J퐵퐶由图可知，퐴

⟶

퐵

过程气体体积不变，发生等容变化，外界对气体不做功，因此整个过程中外界对气体做功为：푊

=

푊+

푊

=

−600

J퐶퐴퐵퐶整个过程中气体的内能增加量为：Δ푈

=

0根据热力学第一定律：Δ푈

=

푄

+

푊解得整个过程中气体与外界交换的热量为：푄

=

600

J【解析】（1）

油