2023届云南省凤庆二中高二物理第二学期期中检测试题含解析

2023届云南省凤庆二中高二物理第二学期期中检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在有界匀强磁场中水平放置相互平行的金属导轨，导轨电阻不计，导轨上金属杆ab与导线接触良好，磁感线垂直导轨平面向上（俯视图），导轨与处于磁场外的大线圈M相接，欲使置于M内的小闭合线圈N产生顺时针方向的感应电流，下列做法可行的是A．ab匀速向右运动B．ab加速向右运动C．ab加速向左运动D．ab匀速向左运动2、如图所示为两分子势能与分子间距离之间的关系图象，则下列说法中正确的是A．当两分子间距离r＝r1时，分子势能为零，分子力也为零B．当两分子间距离r＝r1时，分子势能最小，分子力表现为引力C．当两分子间距离r＞r2时，随着r的增大，分子力做负功D．当两分子间距离r＞r2时，随着r的增大，分子势能减小3、物体静止于水平桌面上，则（）A．桌面对物体的支持力的大小等于物体的重力，这两个力是一对平衡力B．物体所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力和反作用力C．物体对桌面的压力就是物体的重力D．物体对桌面的压力的施力物体是地球4、关于磁感应强度的说法中，正确的是（）A．一小段通电导体在磁场中某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零B．一小段通电导体在磁场中某处受到的磁场力越小，说明该处的磁感应强度越小C．磁场中某点的磁感应强度方向，就是放在该点的一小段通电导体所受磁场力方向D．磁场中某点的磁感应强度的大小和方向与放在该点的通电导线所受磁场力无关5、如图所示,在匀强磁场中放置一个电阻不计的平行金属导轨,导轨跟大线圈M相连，导轨上放一根导线ab，磁感线垂直于导轨所在平面，欲使M所包围的小闭合线圈N产生顺时针方向的感应电流,则导线的运动情况可能是()。A．匀速向右运动 B．加速向右运动C．减速向左运动 D．加速向左运动6、两个等量正点电荷位于x轴上，关于原点O呈对称分布，下列能正确描述电场强度E随位置x变化规律的图是()A． B．C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，在竖直方向分布均匀的磁场中水平放置一个金属圆环，圆环所围面积为0.1m2，圆环电阻为0.2Ω．在第1s内感应电流I沿顺时针方向．磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示(其中在4~5s的时间段呈直线)．则A．在0~4s时间段，磁场的方向竖直向下B．在2~5s时间段，感应电流沿逆时针方向C．在0~5s时间段，感应电流先减小再不断增大D．在4~5s时间段，线圈的发热功率为5.0×10-4W8、如图为振幅、频率相同的两列横波在t=0时刻相遇时形成的干涉图样，实线与虚线分别表示波峰和波谷，已知两列波的振幅均为5cm，波速和波长均为1m/s和0.4m。下列说法正确的是（）A．P点始终处于波谷位置B．R、S两点始终处于静止状态C．Q点在t=0.1s时刻将处于平衡位置D．从t=0到t=0.2s的时间内，Q点通过的路程为20cm9、字航员在太空中做实验，如图所示，左边为理想弹簧振动系统，振子连接一根很长的软绳，沿绳方向取x轴．某时刻振子从平衡位置O点以某一初速度向上开始作等幅振动（记为第0次），当振子第五次经过O点时，机械波刚好传播到处．已知振动频率为，振幅为5cm，则下列说法正确的是（）A．绳上产生的机械波，波长为5cmB．绳上产生的机械波，传播速度为100cm/sC．当振子运动的速度最大时，处的质点运动速度也最大D．改变振子振动频率，则波在绳子中传播的速度也随之改变10、如右图所示，光滑固定导轨M、N水平放置，两根导体棒P、Q平行放于导轨上，形成一个闭合回路。当一条形磁铁N极朝下从高处下落接近回路时A．P、Q将互相靠拢 B．产生的电流方向从Q到PC．磁铁的加速度仍为g D．磁铁的加速度小于g三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“探究碰撞中的不变量”实验中,装置如图所示,入射小球1与被碰小球2的质量分别为m1和m2.（1）m1______m2（填大于、小于或者等于）（2）现有下列器材,为完成本实验,必需的器材有_____.A．秒表B．刻度尺C．天平D．圆规（3）用图中的符号来表示1、2两小球碰撞过程中动量守恒的表达式是_______．12．（12分）在“用单摆测量重力加速度”的实验中，由于没有游标卡尺，无法测量小球的直径，实验中将悬点到小球最低点的距离作为摆长，测得多组周期T和的数据，作出图像，如图所示：（1）实验得到的图像是_____________________；（2）小球的直径是______________；（3）实验测得当地重力加速度大小是__________（取三位有效数字）．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，位于竖直平面内的光滑圆弧轨道，半径为R，半径OB沿竖直方向，圆弧轨道上端A点距地面高度为H，质量为m的小钢球在A点由静止释放，落到水平地面上的C点．若当地的重力加速度为g，且不计空气阻力．求：（1）钢球运动到B点时的速度大小；（2）钢球运动到B点时受到的支持力大小；（3）钢球落地点C距B点的水平距离s。14．（16分）如图所示，有两个不计质量的活塞M、N将两部分理想气体封闭在绝热汽缸内，温度均是27℃。M活塞是导热的，N活塞是绝热的，均可沿汽缸无摩擦地滑动，已知活塞的横截面积均为，初始时M活塞相对于底部的高度为，N活塞相对于底部的高度为，现将一质量为的小物体放在M活塞的上表面上，活塞下降。已知大气压强为，（g取）：(1)求下部分气体的压强多大；(2)现通过加热丝对下部分气体进行缓慢加热，使下部分气体的温度变为127℃，求稳定后活塞M、N距离底部的高度。15．（12分）如图所示，在距离水平地面h＝0.8m的虚线的上方，有一个方向垂直于纸面水平向里的匀强磁场．正方形线框abcd的边长l＝0.2m，质量m＝0.1kg，电阻R＝0.08Ω.一条不可伸长的轻绳绕过轻光滑滑轮，一端连线框，另一端连一质量M＝0.2kg的物体A(A未在磁场中)．开始时线框的cd边在地面上，各段绳都处于伸直状态，从如图所示的位置由静止释放物体A，一段时间后线框进入磁场运动，已知线框的ab边刚进入磁场时线框恰好做匀速运动．当线框的cd边进入磁场时物体A恰好落地，此时将轻绳剪断，线框继续上升一段时间后开始下落，最后落至地面．整个过程线框没有转动，线框平面始终处于纸面内，g取10m/s2.求：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小．（2）线框从开始运动至到达最高点，用了多长时间？（3）线框落地时的速度多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】ab匀速向右运动，切割磁感线产生的电动势：E=BLv，可知感应电动势不变，则产生的感应电流不变，故由感应电流产生的磁场也不变，则穿过线圈N的磁通量不变，故N线圈不产生感应电流，故A错误；ab加速向右运动，ab切割磁感线产生的感应电动势：E=BLv，可知感应电动势增大，产生的感应电流增大，故由感应电流产生的磁场也增大，则穿过N的磁通量增大，由右手定则可知，ab产生的感应电流由a流向b，由安培定则可知，穿过N的磁场方向垂直于纸面向里，由楞次定律可知，N中产生逆时针方向的感应电流，故B错误；ab加速向左运动时，感应电动势：E=BLv，可知感应电动势增大，故感应电流增大，故由感应电流产生的磁场也增大，则穿过线圈N的磁通量增大，由右手定则与楞次定律可知，N中产生顺时针方向的感应电流，故C正确；ab匀速向左运动，切割磁感线产生的电动势：E=BLv，可知感应电动势不变，则产生的感应电流不变，故由感应电流产生的磁场也不变，则穿过线圈N的磁通量不变，故N线圈不产生感应电流，故D错误；故选C.2、C【解析】

A.当r＝r2时，分子势能最小，此时分子力为0，故A错误；B.当两分子间距离r＝r1时，分子势能最小，此时分子之间表现为斥力，B错误；CD.由图中可知，当两分子间距离r＞r2时，随着r的增大，分子势能增大，故分子力做负功，C正确，D错误；故选C。3、A【解析】物体保持静止，处于平衡状态；故桌面对物体的支持力大小等于物体的重力大小，这两个力是一对平衡力，故A正确，B错误；压力不是重力，它们的施力物体、受力物体、作用点都不相同，故C错误；物体对桌面的压力的施力物体是物体，故D错误．所以A正确，BCD错误．4、D【解析】

A、通电导线放在磁场中某处不受安培力的作用时，可能是由于通电导线与磁场平行，B并不为零。故A错误。B、一小段通电导体在磁场中某处受到的磁场力越小，可能是磁场与线圈接近平行；不能说明该处的磁感应强度越小；故B错误；C、通电导线在磁场中的受力方向与磁场方向相互垂直；故C错误；D、磁感应强度的定义式采用比值定义法，可知磁感应强度与该点是否放通电导线无关，由磁场本身的特性决定。故D正确。5、D【解析】

导线ab匀速向右运动时，导线ab产生的感应电动势和感应电流恒定不变，大线圈M产生的磁场恒定不变，穿过小线圈N中的磁通量不变，没有感应电流产生。故A错误。导线ab加速向右运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流增加，由右手定则判断出来ab电流方向由a→b，根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向里，穿过N的磁通量增大，由楞次定律判断得知：线圈N产生逆时针方向的感应电流。故B错误。导线ab减速向左运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流增大，由右手定则判断出来ab电流方向由b→a，根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向外，穿过N的磁通量增大，由楞次定律判断得知：线圈N产生逆时针方向的感应电流。故C错误。导线ab加速向左运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流增加，由右手定则判断出来ab电流方向由b→a，根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向外，穿过N的磁通量增大，由楞次定律判断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流，符合题意。故D正确。6、A【解析】

等量同种正点电荷的电场线如图中虚线，据场强的叠加，两正点电荷中点处场强为零，靠近电荷处场强较强，点电荷周围的电场线是排斥状的，场强的方向用正负表示．A．该图与结论相符，选项A正确；B．该图与结论不相符，选项B错误；C．该图与结论不相符，选项C错误；D．该图与结论不相符，选项D错误；故选A.【点睛】熟记等量同(异)种电荷电场线和等势线的分布特点，并能用来分析解决问题．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】在第1s内感应电流I沿顺时针方向，因磁场增强，则根据楞次定律可知，磁场的方向竖直向上，选项A错误；根据楞次定律知，在0～2s时间段顺时针，在2～5s时间，磁场先向上减小，后向下增加，则感应电流的方向：逆时针，故B正确．根据闭合电路欧姆定律得，，知磁感应强度的变化率越大，则电流越大，则在0～5s时间段，感应电流先减小再增大，最后不变．故C错误．在4~5s时间段，感应电流，线圈的发热功率为P=I2R=0.052×0.2=5×10-4W．故D正确．故选BD．点睛：解决本题的关键会运用法拉第电磁感应定律求解电动势的大小，知道B-t线的斜率等于磁感应强度的变化率；会运用楞次定律判断感应电流的方向．8、BCD【解析】

A．P点是谷谷相遇点，是振动加强点，并非始终处于波谷位置，选项A错误；B．R、S两点是峰谷相遇点，振动减弱，因两波振幅相等，可知两点的振幅为零，即始终处于静止状态，选项B正确；C．Q点是谷谷相遇点，振动加强，在t=0时刻位于波谷，因，则在t=0.1s=T时刻将处于平衡位置，选项C正确；D．Q点的振幅为2A=10cm，则从t=0到t=0.2s的时间内，∆t=0.2s=T，Q点通过的路程为2×2A=20cm，选项D正确；故选BCD。点睛：频率相同的两列水波的叠加：当波峰与波峰、可波谷与波谷相遇时振动是加强的；当波峰与波谷相遇时振动是减弱的。运动方向相同时叠加属于加强，振幅为二者之和，振动方向相反时叠加属于减弱振幅为二者之差。9、BC【解析】

A．振子第五次经过O点，则经过了2.5个周期，传播了2.5个波长，x＝2.5λ，解得波长λ＝10cm，故A错误．B．根据波长、频率和波速的关系可知，v＝λf＝100cm/s，故B正确．C．x＝5cm处的质点，与波源相距半个波长，两者振动情况完全相反，当振子运动的速度最大时，x＝5cm处的质点运动速度也最大，故C正确．D．波速由介质决定，与振动频率无关，故D错误．10、AD【解析】

AB．当一条形磁铁从高处下落接近回路时，穿过回路的磁通量增加，根据楞次定律：感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化，可知P、Q将互相靠拢，回路的面积减小一点，使穿过回路的磁场减小一点，起到阻碍原磁通量增加的作用，由于通过回路的原磁场向下增大，则此时感应磁场向上，根据安培定则可知，产生的逆时针的电流，即电流方向从P到Q，故A正确，B错误；

CD．由于磁铁受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁铁的加速度一定小于g，故C错误，D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、大于BCD【解析】

(1)要使两球发生对心正碰，两球半径应相等，为防止入射球碰撞后反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，即：m1、m2大小关系为m1＞m2.(2)小球离开轨道后做平抛运动，由得小球做平抛运动的时间，由于小球做平抛运动时抛出点的高度h相同，则它们在空中的运动时间t相等，验证碰撞中的动量守恒，需要验证：m1v1=m1v1′+m2v2，则：m1v1t=m1v1′t+m2v2t，得m1x1=m1x1′+m2x2，由图所示可知，需要验证：m1OP=m1OM+m2ON，因此实验需要测量的量有：①入射小球的质量，②被碰小球的质量，③入射小球碰前平抛的水平位移，④入射小球碰后平抛的水平位移，⑤被碰小球碰后平抛的水平位移，测量水平位移需要用直尺，测质量需要天平，找平均落点需要用到圆规画最小圆，因此需要的实验器材是BCD．(3)根据分析可知验证的表达式为：m1OP=m1OM+m2ON.12、C【解析】

（1）[1]由得：．则由数学关系得斜率为：，截距为，则可求得：a图的截距为正，则图象为C．（2）[2]b因截距为则．（3）[3]c由，则：．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)3mg(3)【解析】

小球从B点抛出后做平抛运动，根据平抛运动的位移公式求解．（1，2）小球沿圆弧做圆周运动，在B点由牛顿第二定律有由A→B，由机械能守恒有联立解得NB=3mg

根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力大小等于轨道对小球的支持力为3mg

（3）小球离B点后做平抛运动，抛出点高为H-R竖直方向:水平方向

S=vB•t得水平距离点睛：本题主要考查了小球的运动问题，对两个的运动过程分析清楚，然后选择机械能守恒定律