北师大万宁附中2023年高一物理第二学期期中质量跟踪监视试题含解析

北师大万宁附中2023年高一物理第二学期期中质量跟踪监视试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、一物块放在水平地面上，受到水平推力F的作用，力F与时间t的关系如图甲所示；物块的运动速度v与时间t的关系如图乙所示，10s后的速度图象没有画出，重力加速度g取10m/s1．下列说法正确的是（）A．物块滑动时受到的摩擦力大小是6NB．物块的质量为1kgC．物块在0～10s内克服摩擦力做功为50JD．物块在10～15s内的位移为6.15m2、一做匀速圆周运动的人造地球卫星轨道半径增大到原来的3倍后仍做匀速圆周运动，则（）A．根据公式，可知卫星运动的线速度增大到原来的3倍B．根据公式，可知卫星运动的线速度减小到原来的倍C．根据公式，可知卫星运动的线速度增大到原来的倍D．根据公式，可知卫星所需的向心力将减小到原来的3、长为l0的轻杆一端固定一各质量为m的小球，绕另一端O在竖直平面内做匀速圆周运动，如图所示．若小球运动到最高点时对杆的作用力为2mg，以下说法正确的是（）A．小球运动的线速度大小为B．小球运动的线速度大小为C．小球在最高点时所受的合力3mgD．小球在最低点时所受杆的拉力为mg4、如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=3：1B．R1：R2=1：3C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：35、某同学打算通过刻度尺的自由落体运动来测量自己的反应时间（如图）．下落时该同学手对应刻度尺25cm处，当另一名同学将拿尺的手松开之后，该同学捏住的位置是刻度尺5cm处，则该同学的反应时间约为（）A．0.1s B．0.14s C．0.2s D．1.2s6、嫦娥五号探测器由轨道器、返回器、着陆器等多个部分组成。探测器预计在2017年由长征五号运载火箭在中国文昌卫星发射中心发射升空，自动完成月面样品采集，并从月球起飞，返回地球，带回约2kg月球样品。某同学从网上得到一些信息，如表格中的数据所示，请根据题意，判断地球和月球的密度之比为（）A． B． C．4 D．67、如图，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，在将弹簧压缩到最短的整个过程中（）A．小球动能和弹簧弹性势能之和不断增大B．小球重力势能和弹簧弹性势能之和保持不变C．小球重力势能和动能之和增大D．小球重力势能、动能与弹簧弹性势能之和保持不变8、关于开普勒第三定律的理解，以下说法中不正确的是()A．该定律只适用于行星绕太阳的运动B．若地球绕太阳运转的轨道的半长轴为R1，周期为T1，月球绕地球运转的轨道的半长轴为R2，周期为T2，则C．T表示行星运动的自转周期D．k是一个与环绕天体无关的常量9、如图所示，长为L的轻质细绳一端固定在O点，O点离地高度为H（H大于L），另一端系一质量为m的小球，将细绳拉至水平，由静止释放小球，小球到达最低点时，细绳刚好被拉断，小球水平飞出．若忽略空气阻力，则（）A．细绳所能承受的最大拉力F＝3mgB．改变绳长L，则L越大，小球落地时的速度越大C．改变绳长L，当时，小球平抛过程中的水平位移最大D．当时，小球落地时重力的瞬时功率为10、如图所示，卡车通过定滑轮牵引河中的小船，小船一直沿水面运动．则（）A．小船的速度v2总小于汽车速度v1 B．汽车速度v1总小于小船的速度v2C．如果汽车匀速前进，则小船加速前进 D．如果汽车匀速前进，则小船减速前进11、已知一个物体以10m/s的初速度做平抛运动，则当物体竖直位移的大小和水平位移的大小相等时，下列说法正确的是（）A．物体运动了1sB．物体的水平位移的大小为20mC．物体的速度大小为105D．物体的竖直速度与水平速度大小相等12、如图所示，初速为零的电子经电压U1加速后，垂直进入偏转电场偏转，离开偏转电场时侧向位移是y，偏转板间距离为d，偏转电压为U2，板长为L．为了提高偏转灵敏度（每单位偏转电压引起的侧向位移即y/U2），可采用下面哪些办法A．增大偏转电压U2B．增大板长LC．减小板间距离dD．增大加速电压U1二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）在做“研究平抛物体运动”的实验中，可以描绘平抛小球的运动轨迹和求平抛的初速度。（1）关于该实验的装置与操作的说法，正确的是_______。A．斜槽轨道必须光滑B．斜槽末端的切线必须水平C．木板必须竖直安装，且注意小球不和木板发生摩擦D．小球每次应从斜槽同一位置由静止开始下滑（2）如图所示，是小球做平抛运动的轨迹，测得AE、EB间的水平距离EF=DB=0.4m，高度差y1=0.25m，y2=0.35m，则小球的初速度是______m/s，抛出点的坐标为______（g取10m/s2）。14、（10分）在验证牛顿第二定律的实验中的研究对象为小车，设它的质量为M，小桶和砂的质量为m，要求M_______m，可以认为物体受力的大小为_______．该同学在实验中得到如图所示的一条纸带的一部分如下图所示，每相邻两点间还有四点未画出，打点计时器使用的是50Hz的低压交流电，求打点计时器打“1”时，小车的速度v1=___________m/s，小车的加速度a1=___________m/s1．请你依据本实验原理推断第7计数点和第8计数点之间的距离大约是_________m．三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，质量为m的物体A压在放于地面上的竖直轻弹簧B上，现用细绳跨过定滑轮将物体A与另一轻弹簧C连接，当弹簧C处于水平位置且右端位于a点时，弹簧C刚好没有发生变形，已知弹簧B和弹簧C的劲度系数分别为k1和k2，不计定滑轮、细绳的质量和摩擦．将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到b点时，弹簧B刚好没有变形，求a、b两点间的距离．16、（12分）我国北斗卫星导航系统有五颗同步卫星，如果地球半径为，自转周期为，地球表面重力加速度为．求：(1)第一宇宙速度；(2)同步卫星距地面的高度．17、（12分）跳台滑雪是一种极为壮观的运动，运动员穿着滑雪板，从跳台水平飞出，在空中飞行一段距离后着陆．如图所示，设运动员连同滑雪板的总质量m=50kg，从倾角θ=37°的坡顶A点以速度v0=20m/s沿水平方向飞出，恰落到山坡底的水平面上的B处．(g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8)，求：(1)运动员在空中飞行的时间;(2)AB间的距离s.

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】

A.物体在5−10s内做匀速直线运动，则f=F1=4N，故A错误；B.物块匀加速运动的加速度a1=5/5m/s1=1m/s1，根据牛顿第二定律得，F1−f=ma1，解得质量m=kg=1kg.故B错误；C.物块在0s∼10s内的位移为梯形的面积，x=（5+10）×5=37.5m，克服摩擦力做的功Wf=fx=4×37.5J=150J，故C错误；D.在10～15s内，加速度大小a1=-f/m=-4/1=-1m/s1，从10s到最后停下来所用的时间：t1=，则x1==6.15m，故D正确．故选D.2、B【解析】

ABC．根据可得轨道半径增大到原来的3倍，则卫星线速度变为原来的倍，不能通过v=rω分析，因为角速度在变化，也不能根据公式分析，因为g在变化，故AC错误，B正确；D．根据公式可知，轨道半径增大到原来的3倍，则地球提供的向心力将减小到原来的，不能通过分析向心力的变化，因为线速度在变化，故D错误。

故选B。3、C【解析】

在最高点，根据牛顿第二定律可知，解得，故AB错误；小球运动到最高点时对杆的作用力为2mg，故杆对小球为拉力，故在最高点受到的合力为，故C正确；在最低点，根据牛顿第二定律可知，解得，故D错误．故选C。4、B【解析】

AB.由图可得：即R1：R2=1：3故A错误，B正确；C.R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：1，故C错误；D.将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=R2：R1=3：1，故D错误。5、C【解析】

直尺下降的时间就是人的反应时间，根据自由落体运动的位移求出反应时间．【详解】由题可知，刻度尺下落的距离为(25-5)cm=20cm=0.2m由公式得：故应选：C．【点睛】解决本题的关键理解自由落体运动，以及会利用自由落体运动求运动时间．6、B【解析】

设地球的质量为M，月球的质量为M0，地球的密度为，月球的密度为；又忽略星球自转，星球表面上的物体重力等于万有引力。可得，所以，B正确7、AD【解析】

A．对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能这三种形式的能量相互转化，没有与其他形式的能发生交换，也就说小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变。对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的重力势能一直减小，则小球动能和弹簧弹性势能之和不断增大，故A正确；B．在刚接触弹簧的时候这个时候小球的加速度等于重力加速度，在压缩的过程中，弹簧的弹力越来越大，小球所受到的加速度越来越小，直到弹簧的弹力等于小球所受到的重力，这个时候小球的加速度为0，要注意在小球刚接触到加速度变0的过程中，小球一直处于加速状态，由于惯性的原因，小球还是继续压缩弹簧，这个时候弹簧的弹力大于小球受到的重力，小球减速，直到小球的速度为0，这个时候弹簧压缩的最短。所以小球的动能先增大后减小，所以重力势能和弹性势能之和先减小后增加。故B错误；C．弹簧是一直被压缩的，所以弹簧的弹性势能一直在增大。因为小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变，重力势能和动能之和始终减小，故C错误；D．对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能这三种形式的能量相互转化，没有与其他形式的能发生交换，也就说小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变。故D正确。故选AD。点睛：根据能量守恒小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变。其中一个能量的变化可以反映出其余两个能量之和的变化。8、ABC【解析】

A.该定律除适用于行星绕太阳的运动外，也适用卫星绕行星的运动．故A说法错误．B.公式中的是与中心天体的质量有关的，中心天体不一样，值也不一样．地球绕太阳公转的中心天体是太阳，月球绕地球公转的中心天体是地球，值是不一样的．故B说法错误．C.表示行星运动的公转周期．故C说法错误D.是一个与环绕天体无关的常量，与中心天体有关．故D说法正确．本题要求选说法中不正确的，故本题选ABC9、AC【解析】

A、小球到达最低点时，细绳刚好被拉断，设此时拉力为F，根据牛顿第二定律，得，小球从静止释放到最低点，只有重力做功，故机械能守恒，有联立解得：F＝3mg，故A正确；B、小球从开始运动到落地，整个过程只有重力做功，根据机械能守恒定律，有故小球落地速度只与O点离地高度H有关，与绳长无关，故B错误；C、细绳被拉断后，小球从最低点开始做平抛运动，有水平方向：x＝vt，竖直方向：联立整理得由数学关系知，时，小球平抛过程中的水平位移最大．故C正确；D、当时，小球在竖直方向自由落体运动位移为h＝H﹣L，竖直方向速度为，小球落地点重力的瞬时功率为P＝mgvy联立解得故D错误．10、BC【解析】

船的速度等于沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，根据平行四边形定则，有，由上可知，汽车速度v1总小于小船的速度v2，如果汽车匀速前进，随着夹角θ在增大，则小船加速前进．所以BC正确，AD错误．故选BC。11、BC【解析】A、根据12gt2=v0t得：t=C、物体的竖直分速度vy=gt=10×2m/s=20m/s，根据平行四边形定则知，物体的速度为：v=v02+点睛：根据水平位移和竖直位移相等，结合运动学公式求出平抛运动的时间，根据速度时间公式求出竖直分速度，结合平行四边形定则求出物体的速度大小；解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。12、BC【解析】粒子经电场加速后，根据动能定理有：得电子加速后的速度粒子进入偏转电场做类平抛运动：水平方向：L=vt可得粒子运动时间竖直方向：所以要增加侧向位移y，可以增大偏转电压U2，增加板长L，或减小极板距离d，或减小加速电压U1故BC正确．点晴：粒子经电场加速后根据动能定理可以求出加速后的表达式，粒子进入偏转电场做类平抛运动，根据类平抛知识求解粒子偏转的侧向位移，由此分析即可．二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、BCD4（−0.8m，0.2m）【解析】

（1）[1]A．实验时只要把小球从斜槽轨道的同一位置由静止释放即可保证小球离开轨道时的速度相等，斜槽轨道不需要光滑，故A错误；B．为保证小球离开轨道后做平抛运动，斜槽末端的切线必须水平，故B正确；C．小球在竖直平面内做平抛运动，木板必须竖直安装，如果小球与木板发生摩擦，小球的运动轨迹会发生改变，因此小球不能和木板发生摩擦，故C正确；D．要保证小球的做平抛运动的速度相等，小球每次应从斜槽同一位置由静止开始下滑，故D正确。故选BCD。（2）[2][3]设小球抛出时初速度的大小为v，拋出点M的坐标为（x，y），显然x<0，y>0小球从M到A，在水平方向上运动的时间在竖直方向上，有同理，小球从M到E，可得小球从M到B，可得联立以上各式，解得，，14、远大于mg0.490.880.0974【解析】

[1][1]将两者看做一个整体，对整体有对小车有，联立可得只有当时，