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文档简介

2022-2023学年高一下物理期末模拟试卷注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、(本题9分)一汽车由静止加速到20m/s所用时间为5.0s。若此过程中汽车的运动可视为匀加速直线运动,则其加速度的大小为A.0.25m/s2 B.4.0m/s2 C.15m/s2 D.25m/s22、质量为M的木块位于粗糙的水平面上,若用大小为F的水平恒力拉木块,使其速度由0增大到v,这一过程合力做功W1,木块加速度为a1,,然后拉力方向不变,大小变为恒为2F,又作用一段时间,使其速度由v增大到2v,这一过程合力做功W2,加速度为a2,下列关系正确的是()A.W2=W1,a2=2a1,B.W2=2W1,a2<2a1C.W2>3W1,a2=2a1D.W2=3W1,a2>2a13、(本题9分)洗衣机的脱水筒采用带动衣物旋转的方式脱水,下列说法中不正确的是()A.脱水过程中,衣物是紧贴筒壁的B.加快脱水筒转动角速度,脱水效果会更好C.靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好D.水会从筒中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故4、(本题9分)如图所示,a和b是电场中的两个点,其电场强度大小分别为Ea和Eb,电势分别为φa和φb。下列说法中正确的是A.Ea>Ebφa>φbB.Ea>Ebφa=φbC.Ea<Ebφa>φbD.Ea=Ebφa<φb5、(本题9分)如图所示,竖直放置的两个平行金属板A、B带等量的异种电荷,A板带负电荷,B板接地。一带负电的粒子固定在A、B两板中间的一点P处。若将A板向左平移到虚线位置,则P点的电场强度E和该粒子的电勢能EP的变化情况是A.E不变,EPB.E不变,EPC.E改变,EPD.E改变,EP6、(本题9分)某航天飞机在完成任务后,在点从圆形轨道I进入椭圆轨道Ⅱ,为轨道Ⅱ上的近地点,如图所示,关于航天飞机的运动,下列说法正确的是()A.在轨道Ⅱ上经过点的速度小于在轨道I上经过点的速度B.在轨道Ⅱ上经过点的加速度小于在轨道I上经过点的加速度C.在轨道Ⅱ上经过点的速度可能大于第一宇宙速度D.在轨道Ⅱ上运动的周期大于在轨道I上运动的周期7、(本题9分)宇宙中两颗相距较近的天体称为“双星”,它们以两者连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动,而不至于因万有引力的作用吸引到一起.设两者的质量分别为m1和m2且则下列说法正确的是()A.两天体做圆周运动的周期相等B.两天体做圆周运动的向心加速度大小相等C.m1的轨道半径大于m2的轨道半径D.m2的轨道半径大于m1的轨道半径8、(本题9分)如图所示,小孩与雪橇的总质量为m,大人用与水平面成θ角的恒定拉力F将雪橇沿水平地面向右匀速移动了一段距离L.已知雪橇与地面间的动摩擦因数为μ,则关于各力对雪橇做功的说法正确的是A.拉力对雪橇做功为B.滑动摩擦力对雪橇做功为C.支持力对雪橇做功为D.雪橇受到的各力对雪橇做的总功为零9、(本题9分)如图所示为大型电子地磅电路图,电源电动势为E,内阻为r0。不称重物时,滑片P在A端;称重物时在压力作用下使滑片P下滑,滑动变阻器接入电路的阻值发生变化,通过电流表的示数即可显示被称物体的重量值。已知P的滑动过程,弹簧始终未超出弹性限度,则闭合开关S后A.不称重物时电流表的不数为零B.达到最大称重值时电路中的电流为I=C.电流表示数越大,则说明所称物体越重D.所称物体越重,电源的总功率越大10、一辆小汽车在水平路面上由静止启动,在前5s内做匀加速直线运动,5s末达到额定功率,之后保持额定功率运动,其v-t图象如图所示。已知汽车的质量为m=1×103kg,汽车受到的阻力为车重的0.1倍,g取10m/sA.汽车在前5s内的牵引力为3×10B.汽车在前5s内的牵引力为5×10C.汽车的额定功率为100kwD.汽车的最大速度为60m/s11、如图所示,一轻绳通过小定滑轮O与小球B连接,另一端与套在竖直杆上的小物块A连接,杆固定且足够长。开始时用手握住B使A静止在P点,细线伸直。现释放B,A向上运动,过Q点时细线与竖直杆成60°角,R点位置与O等高。(不计一切摩擦,B球未落地)则A.物块A过Q点时,A、B两物体的速度关系为vA=2vBB.物块A由P上升至R的过程中,物块A的机械能增加量等于小球B的机械能减少量C.物块A由P上升至R的过程中,细线对小球B的拉力总小于小球B的重力D.物块A由P上升至R的过程中,小球B所受重力的瞬时功率先增大后减小12、(本题9分)下列关于物理学史的描述,正确的是A.牛顿发现万有引力定律,而万有引力常量是由卡文迪许测出的B.库仑利用库仑扭秤得出库仑定律,同时测出静电力常量C.密立根提出在电荷的周围存在着由它产生的电场,并测出元电荷的电荷量D.富兰克林命名了正负电荷二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、(6分)(本题9分)某兴趣小组通过物块在斜面上运动的试验,探究合外力做功与物体动能的变化的关系.他们的实验装置如图甲所示,PQ为一块倾斜放置的木板,在Q处固定一个速度传感器(用来测量物体每次通过Q点时的速度v),每次实验,物体从不同高度h处由静止释放,但始终保持斜面底边长L=0.5m不变.他们最后做出了如图乙所示的v2-h图象.图象与横轴的交点为0.25.(1)图象乙不过坐标原点的原因是________________________________.(2)物块与斜面间的滑动摩擦因数μ=________.(3)若最后得到的图象如图丙所示,则可能的原因是(写出一个)________________.(4)若更换光滑的斜面,重复上述步骤得到如图乙所示的图象,图象的斜率将________.(填增大减小不变)14、(10分)(本题9分)如图所示是“研究平抛物体运动”的实验装置图,通过描点画出平抛小球的运动轨迹。(1)以下是实验过程中的一些做法,其中合理的是_____。A.安装斜槽轨道,使其末端保持水平B.每次小球释放的初始位置可以任意选择C.每次小球应从同一高度由静止释放D.为描出小球的运动轨迹,描绘的点可以用折线连接(2)实验得到平抛小球的运动轨迹,在轨迹上取一些点,以平抛起点O为坐标原点,测量它们的水平坐标x和竖直坐标y,图2中y﹣x2图象能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是_____。(3)图3是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹,O为平抛的起点,在轨迹上任取三点A、B、C,测得A、B两点竖直坐标y1为5.0cm,y2为45.0cm,A、B两点水平间距△x为40cm,则平抛小球的初速度v0为_____m/s,若C点的竖直坐标y3为60.0cm,则小球在C点的速度vC为_____m/s(结果保留两位有效数字,g取10m/s2)。三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(12分)如图所示,细线下吊着一个质量为M的沙袋(可看作质点),构成一个单摆,摆长为l。一颗质量为m的子弹以水平速度v0射入沙袋并留在沙袋中,随沙袋一起摆动,已知重力加速度为g,求:(1)子弹射入沙袋后沙袋的速度大小v;(2)子弹射入沙袋过程中生热是多少Q;(3)子弹和沙袋一起上升的最大高度h.16、(12分)(本题9分)一束初速度不计的电子流在经U=5000V的加速电压加速后在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场,如图所示,若板间距离d=1.0cm,板长=5.0cm,电子电量e=C,那么(1)电子经过加速电场加速后的动能为多少?(2)要使电子能从平行板间飞出,两个极板上最多能加多大的电压?17、(12分)(本题9分)在如图所示的电路中,电源电动势E=6 V,内阻r=1 Ω。D为直流电动机,其电枢线圈电阻R=2 Ω,限流电阻R(1)通过电动机的电流是多大;(2)电动机输出功率是多少。

参考答案一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、B【解析】

汽车做初速度为零的匀加速直线运动,根据速度时间公式求得加速度.【详解】根据速度时间公式可知,,故B正确;故选B。2、D【解析】

由牛顿第二定律得:F-Ff=ma1;2F-Ff=ma2,由于物体所受的摩擦力Ff=μFN=μmg,即Ff不变,所以;由动能定理:;,故选D.3、D【解析】

A.脱水过程中,衣物做离心运动而甩向桶壁.故A正确.B.F=ma=mω2R,ω增大会使向心力F增大,而转筒有洞,不能提供足够大的向心力,水滴就会被甩出去,增大向心力,会使更多水滴被甩出去,脱水效果会更好,故B正确;C.中心的衣服,R比较小,角速度ω一样,所以向心力小,脱水效果差.故C错误;D.水滴依附的附着力是一定的,当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时,水滴被甩掉.故D错误。本题选择不正确的,故选D。4、A【解析】

由于电场线的疏密反映场强的大小,a点处电场线密,则a点的电场强度强,即Ea>Eb;顺着电场线电势降低,可知a点电势高于b点,即φa>φb;A.Ea>Ebφa>φb与结论相符;B.Ea>Ebφa=φb与结论不相符;C.Ea<Ebφa>φb与结论不相符;D.Ea=Ebφa<φb与结论不相符;5、A【解析】

据题可知,电容器所带电量Q不变,根据C=QU、C=εS4πkd、E=Ud,得E=4πkQεS,则知电场强度E不变,【点睛】本题是电容器动态变化分析问题,关键要掌握C=QU、C=εS4πkd、6、A【解析】

A.在轨道II变轨到轨道I时,需要在轨道II上经过A点时点火加速,故在轨道Ⅱ上经过A点的速度小于在轨道I上经过A点的速度,A正确;B.在两个轨道上经过A点时,轨道半径相同,根据可得在两个轨道上经过A点时的加速度相等,B错误;C.第一宇宙速度是近地轨道上的环绕速度,为卫星的最大环绕速度,所以经过A点时的速度小于第一宇宙速度,C错误;D.由于在轨道I上运行的半长轴大于在轨道II上的半长轴,根据可知在轨道I上的周期大于在轨道II上的周期,D错误.7、AD【解析】双星围绕两者连线上的某一点做匀速圆周运动,故两者周期相同,所以A正确;双星间万有引力提供各自圆周运动的向心力有:m1a1=m2a2,因为两星质量不等,故其向心加速度不等,所以B错误;双星圆周运动的周期相同故角速度相同,即有:m1r1ω2=m2r2ω2,所以m1r1=m2r2,又因为m1>m2,所以r1<r2,所以C错误,D正确.故选AD.8、AD【解析】

雪橇所受的各力都是恒力,可根据恒力F做功的计算公式:W=FLcosθ,θ为F与S之间的夹角,来分析计算各力做的功;根据动能定理可分析合力的功的大小.【详解】对雪橇受力分析,如图:拉力做功为WF=FLcosθ,故A正确;雪橇竖直方向受力平衡,有:N+Fsinθ=mg得:N=mg-Fsinθ;则摩擦力为:f=μN=μ(mg-Fsinθ);摩擦力做功为:Wf=-fl=-μ(mg-Fsinθ)L,故B错误;支持力做功为:WN=NLcos90°=0,故C错误;由于雪橇做匀速运动,根据动能定理可知,合力的功为零,故D正确.故选AD.【点睛】本题考查功的计算,要明确恒力F做功的计算公式:W=FLcosθ,θ为F与S之间的夹角.注意功的公式只适用于恒力做功.9、CD【解析】

A.不称重时,P在A端,接入电路的电阻最大,电流最小,但不为零,故A错误;B.达到最大称重值时,滑动端到达B端,此时滑动变阻器接入电路的电阻为零,则电路中的电流为I=EC.所称物体越重,P越向下,接入的电阻越小,电流越大,故C正确;D、总功率P总=EI,E不变,所称物体越重,电流I越大,则电源的总功率越大,故D正确。10、BC【解析】

AB.汽车受到的阻力为f=0.1×1×103×10N=1×103C.t=5s末功率达到额定功率,汽车的额定功率为P=Fv=1×D.当牵引力等于阻力时,汽车达最大速度,则最大速度vm11、ABD【解析】

A.物块A过Q点时,将物块A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向,沿绳子方向的分速度等于B的速度,即vB=vAcos60°,得vA=2vB;故A正确.B.物块A由P上升至R的过程中,对于A、B组成的系统,由于只有重力做功,所以系统的机械能守恒,则物块A的机械能增加量等于小球B的机械能减少量;故B正确.C.物块A由P上升至R的过程中,小球B的速度先增大后减小,物块上升至R时B球的速度为零,则小球B的加速度先向上后向下,先处于超重状态后处于失重状态,则细线对小球B的拉力先大于小球B的重力,后小于小球B的重力;故C错误.D.物块A由P上升至R的过程中,小球B的速度先增大后减小,由P=mgv知小球B所受重力的瞬时功率先增大后减小;故D正确.12、ABD【解析】

牛顿发现万有引力定律,而万有引力常量是由卡文迪许测出的,选项A正确;库仑利用库仑扭秤得出库仑定律,同时测出静电力常量,选项B正确;法拉第提出在电荷的周围存在着由它产生的电场,密立根测出元电荷的电荷量,选项C错误;富兰克林命名了正负电荷,选项D正确;故选ABD.二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、存在摩擦阻力;0.5;释放物块时存在初速度;不变;【解析】

设斜面的长为s,倾角为θ.由动能定理得(mgsinθ-μmgcosθ)s=即mgh-μmgL=,v2=2gh-2μgLv2与h是一次函数,不过原点的原因是存在摩擦阻力,由图像可知,当h=0.25m时,v=0,代入v2=2gh-2μgL得μ=0.5,若图像发生了弯曲,说明释放物块时存在初速度,或者是释放位置高度大于h.由v2=2gh-2μgL知斜率k=2g为定值,若更换光滑的斜面,图像的斜率不变.14、ACC2.04.0【解析】

第一空.“研究平抛物体运动”的实验过程中:A.末端水平是必须的,否则就不是平抛,故选项A正确;BC.在描点时,要保证是同一条抛物线,则每次释放小球应从静止开始从同一位置释放,故选项B错误,选项C正确;D.连线是用平滑的曲线连起来,选项D错误。第二空.实验得到平抛小球的运动轨迹,在轨迹上取一些点,以平抛起点O为坐标原点,测量它们的水平坐标x和竖直坐标y,根据平抛规律:,所以y﹣x2图象是一条过原点的直线,故选项C符合要求;第三空.图3是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹,O为平抛的起点,在轨迹上任取三点A、B、C,测得A、B两点竖直坐标y1为5.0cm,y2为45

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