专题十-有机合成题专题练习

.z专题10有机合成【知识要点再现】一、有机物的合成有机合成的实质是通过化学反响使有机物的碳链增长、缩短或在碳链上引入、调换各种官能团，以得到不同类型、不同性质的有机物。有机物的合成的常规方法及解题思路有：1．官能团的引入(1)引入羟基(-OH)：①烯烃与水加成；②醛(酮)与氢气加成；③卤代烃碱性水解；④醛的氧化；⑤酯的水解等。(2)引入卤原子(-*)：①烃与*2取代；②不饱和烃与H*加成；③醇与H*取代等。(3)引人双键：①*些醇或卤代烃的消去引入C=C；②醇的氧化引入C=0双键等。2．官能团的消除(1)通过加成消除不饱和键。(2)通过消去或氧化或酯化消除羟基(-0H)。(3)通过加成或氧化等消除醛基(-CHO)。3．官能团的衍变根据合成需要(有时题目信息中会明示*些衍变途径)，可进展有机物的官能团衍变，以使中间产物向产物递进。常见的有三种方式：(1)利用官能团的衍变关系进展衍变，如RCH20H→醛→羧酸。(2)通过*种化学途径使一个官能团变为两个，如CH3CH20H→HOCH2CH20H。(3)通过*种手段，改变官能团的位置。4．碳骨架的增减(1)增长：有机合成中碳链的增长，一般会以信息形式给出，常见方式为有机物与H反响以及不饱和化合物间的加成、聚合等。(2)变短：如烃的裂化，*些烃(如苯的同系物、烯烃)的氧化，羧酸盐脱羧反响等。三、有机物的推断有机推断的实质是综合应用各类有机物官能团性质、相互转变关系的知识，结合具体的实验现象和数据计算，综合分析，并在新情景下加以迁移的能力。解答有机推断题的常用方法有：1．根据物质的性质推断官能团，如：能使溴水反响而褪色的物质含碳碳双双键、三键“-CHO〞和酚羟基；能发生银镜反响的物质含有“-CHO〞；能与钠发生置换反响的物质含有“-OH〞；能分别与碳酸氢钠镕液和碳酸钠溶液反响的物质含有“-COOH〞；能水解产生醇和羧酸的物质是酯等。2．根据性质和有关数据推知官能团个数，如：-CHO→2Ag→Cu20；2-0H→H2；2-COOH(CO32-)→CO23．根据*些反响的产物推知官能团的位置，如：(1)由醇氧化得醛或羧酸，-OH一定连接在有2个氢原子的碳原子上；由醇氧化得酮，-OH接在只有一个氢原子的碳原子上。(2)由消去反响产物可确定“-OH〞或“-*〞的位置。(3)由取代产物的种数可确定碳链构造。(4)由加氢后碳的骨架，可确定“C=C〞或“C≡C〞的位置。能力点击：以一些典型的烃目类衍生物(溴乙烷、乙醇、乙酸、乙醛、乙酸乙酯、脂肪酸、甘油酯、多羟基醛酮、氨基酸等)为例，了解官能团在有机物中的作用．掌握各主要官能团的性质和主要化学反响，并能结合同系列原理加以应用．注意：烃的衍生物是中学有机化学的核心内容，在各类烃的衍生物中，以含氧衍生物为重点．教材在介绍每一种代表物时，一般先介绍物质的分子构造，然后联系分子构造讨论其性质、用途和制法等．在学习这一章时首先掌握同类衍生物的组成、构造特点(官能团)和它们的化学性质，在此根底上要注意各类官能团之间的衍变关系，熟悉官能团的引入和转化的方法，能选择适宜的反响条件和反响途径合成有机物．’【题型例如】1．A、B都是芳香族化合物，1molA水解得到1molB和1mol醋酸，A、B的分子量都不超过200，完全燃烧都只生成C02和H20，且B分子中碳和氢元素总的质量百分含量为65.2％(即质量分数为0.652)。A溶液具有酸性，不能使FeCl3溶液显色。(1)A、B分子量之差为;(2)1个B分子中应该有个氧原子。(3)A的分子式是,(4)B可能的三种构造简式是：,,.解析:此题借助不完全的数据，推导分子式和推测可能的构造简式，考察有机化学根底知识和逻辑思维能力，几个小问是引导答题的台阶。A水解后得到B和醋酸，从酯的水解的通式A+H20一B+CH3COOH可以看出A与B的分子量之差为60-18=42。B的分子量不超过200-42=158，因A分子中含有羧基(由A溶液显酸性，但不能使FeCl3溶液显色推知)，则B分子中也应含有羧基，且水解后的B属醇类，应含有一个羟基，这样B分子中至少应含有3个氧原子，以此为突破口，反求B的分子量为16×3／(1-0.652)=138<158合理(假设B有4个氧原子，其分子量应为16×4／(1一O．652)=184>158不合题设，应舍去)，从而确知B的分子量为138，一个B分子中含有3个氧原子。再由138—17，可确定残基为-C6H4，应为苯环：从而确认B的分子式为C7H603，相应的A的分子式为C9H804。既然B有羧基，羟基和苯环，就可以写出邻、间、对位羟基苯甲酸的3种构造简式。答案：(1)42；(2)3；(3)C9H8042.松油醇是一种调香香精，它是a、β、γ三种同分异构体组成的混合物，可由松节油分馏产品A(下式中的18是为区分两个羟基而人为加上去的)经以下反响制得：(1)a-松油醇的分子式。(2)a-松油醇所属的有机物类别是．a．醇b．酚c.饱和一元醇(3)a-松油醇能发生的反响类型是．a．加成b．水解c．氧化(4)在许多香料中松油醇还有少量以酯的形式出现，写出RCOOH和a-松油醇反响的化学方程式：。(5)写构造简式：β-松油醇，γ-松油醇。分析(1)根据碳原子在有机化合物中形成四个共价键的原则，题中给出的构造中碳不满足四个共价键的由氢原子来补充(2)醇是羟基跟链烃基直接相连的有机物；酚是羟基是跟苯环直接相连的有机物，所以a-松油醇属于醇类，且为二元醇．(3)a-松油醇是饱和的环状二元醇，醇可以发生氧化反响和消去反响等．(4)酯化反响中，羧酸脱去羧基中的羟基，醇脱羟基氢．(5)醇脱水时，可能产生多种烯烃．羟基邻位上有氢原子就可以脱水生成烯烃．解答(1)C10H180〔2〕a〔3〕a、c点评：解答此题时，主要依据醇的一般化学性质和醇发生反响时对醇分子构造的要求，如醇脱水生成烯烃、醇的催化氧化等．3．化合物A最早发现于牛奶中，它是人体内代谢的中间体，可由马铃薯、玉米淀粉等发酵制得A,A的钙盐是人们喜爱的补钙剂之一．A在*种催化剂的存在下进展氧化，其产物不能发生银镜反响．在浓硫酸存在下，A可发生如以下列图所示的反响：试写出：(1)化合物的构造简式A：，B：。c：。(2)化学方程式A→E：。A→F：。(3)反响类型：A→E是，A→F是．分析：A在浓硫酸作用下发生脱水反响，且生成能使溴水褪色的有机物E，说明A分子构造中含有-OH，E是不饱和有机化合物；A在浓硫酸作用下能跟乙酸发生反响，进展一步说明A分子构造中含有-OH；A在浓硫酸作用下能跟乙醇反响，说明A是羧酸．根据上述推理A可能有两种构造：CH3-CHOH-COOH或CH20H-CH2-COOH。由A在浓硫酸作用下可生成六元环状化合物可推出A的构造为CH3-CHOH-COOH．(3)反响类型：A→E是消去反响，A→F是取代反响(或酯化反响)点评：理解烯烃、醇、羧酸、酯以及相应官能团的构造和性质是解好此题的根底，从普通酯向环状酯的思维迁移是此题的难点，解题应当注意多元醇的酯、多元酸的酯、环状酯、高分子酯类物质．4．有两种有机化合物A和B，分子式分别为C2H60和C2H40，：①B氧化得C，复原得A；②A能脱水生成烯烃F；③F能跟溴水反响得D；④D与氢氧化钠水溶液反响，得到溶于水的产物E。(1)写出A和B的构造简式。(2)写出上述①至④各反响的化学方程式，并对E命名。【命题目的】这是一道根底知识测试题，要求概念清楚，反响机理明确。【解题关键】醛是既有氧化性又有复原性，醛氧化生成酸，醛复原生成醇。【正确解答】A为C2H60，符合通式H2n+10H，故可能属于饱和的一元醇；B为C2H40，符合通式H2n+1CHO，有可能属于饱和一元醛。B能发生氧化反响且生成C，又能发生复原反响生成A，则可推测B是CH3CH0，CH3CHO氧化生成CH3C00H即为C，复原为CH3CH20H，即为A。A能脱水生成烯烃F，F则为C2H4，C2H4能跟溴水反响得D，则发生加成反响，D为CH2BrCH2Br；D又可与Na0H水溶液反响得到可溶于水的E，则发生的为卤代烃的水解，E为CH2OHCH2OH。【答案】(1)A、B的构造简式分别：CH3CH2OH,HCHO.(2)①2CH3CH0+02→2CH3COOHCH3CH0+H2→CH3CH20H②CH3CH20H→H20+CH2=CH2↑③CH2=CH2+Br2→CH2Br—CH2Br④CH2BrCH2Br+2H2O→CH2OHCH2OH+2HBrE为乙二醇。根底训练1．以下卤代烃在氢氧化钠的醇溶液中能发生消去反响的是()A．1-溴丙烷B．一溴-2，2一二甲基丙烷C．一溴环己烷D．苯基一溴甲烷(C6H5-CH2Br)2．以下反响属于取代反响的是()A.乙醇与浓硫酸共热到140ºCB.乙醇与氧气反响生成乙醛C．乙醇燃烧生成二氧化碳和水D．乙醇与浓硫酸共热到170ºC3．证明苯酚具有弱酸性的实验是()A.跟氢氧化钠溶液反响生成苯酚钠变浑B.参加浓溴水能生成白色沉淀C.苯酚和水的浊液经加热后变得澄清D．苯酚钠溶液中通入过量CO2气体后，溶液变浑浊4．在催化剂作用下，1-丙醇被氧化成*有机物化合物，跟有机化合物*不是同分异构体的关系是(AB)5．鉴别甲苯、苯乙烯、苯酚、丙烯酸(CH3CH2COOH)溶液可选用()A.酸性高锰酸钾溶液和三氯化铁溶液B.酸性高锰酸钾溶液和溴水C.三氯化铁溶液和氢氧化钠溶液D．溴水和碳酸钠溶液6．以下物质中，在一定条件下既能发生银镜反响，又能发生水解反响的是()A.甲酸甲酯B蔗糖C．葡萄糖D．麦芽糖7．丙烯醛的构造简式为CH2=CH-CH0，有关它的化学性质描述不正确的选项是()A.在催化剂作用下跟足量氢气反响只能生成丙醛B.能与新制氢氧化铜的悬浊液反响C.能发生加成聚合反响生成聚丙烯醛D.具有可燃性8．在酸性条件下可以水解生成两种不同的物质A和B，且A和B的相对分子质量相等．则该物质可能是()A.麦芽糖B.蔗糖C.甲酸乙酯D．氯乙烷9．血液中有一种含铜的呈现蓝色的蛋白质分子，其相对分子质量约151000．该分子中铜的质量分数约为O.34％，则平均每个铜蓝蛋白分子中的铜原子数为()A．2B．4C．6D．810．*有机物甲经氧化后得乙(分子式为C2H302C1)；而甲经水解后可得丙。1mol丙和2mol乙反响得一种含氯的酯(分子式为C4H804Cl2)．由此推断甲的构造简式为()A．C1CH2CH20HR.HC00CH2ClC．C1CH2CHOD．HOCH2CH2OH能力提高：1．*酯燃烧后，生成等物质的量的二氧化碳和水，如将该酯水解可得羧酸B和醇B，把醇C氧化得到羧酸D，且B和D互为同分异构体，则该酯是()A．CH3CH2COOCH(CH3)2B．CH3CH2C00CH2CH=CH2C．(CH3)2CHC00CH2CH(CH3)2D．CH3CH2CH2C00CH2CH(CH3)22．常用解热镇痛药——扑热息痛的构造简式为：对它的表达有①能与NaHCOs溶液反响，②能发生水解反响，③不能与浓溴水发生取代反响，④遇三氯化铁溶液显紫色．其中正确的选项是()A．①和②B.①和④C．②和③D.②和④3．环己烯可以通过丁二烯与乙烯发生环化加成得到：(也可表示为：实验证明，以下反响中反响物分子的环外双键比环内双键更容易被氧化：现仅以丁二烯为有机原料，无机试剂任选，按以下途径合成甲基环己烷：请按要求填空：(1)A的构造简式是，B的构造简式是。(2)写出以下反响的化学方程式和反响类型：反响④，反响类型．反响⑤，反响类型．4．烷基苯在高锰酸钾的作用下，侧链被氧化成羧基，例如：C6H5CH3C6H5COOH化合物A～E的转化关系如图(1)所示，：A是芳香化合物，只能生成3种一溴化合物，B有酸性，c是常用增塑剂，D是有机合成的重要中间体和常用化学试剂(D也可由其他原料催化氧化得到)，E是一种常用的指示剂酚酞，构造如图(2)。写出A、B、C、D的构造简式．5．A、B、C、D都是只含C、H、0三种元素的有机物，在常温下，A为气态，B、C是液态，D是无色晶体．A、B均具有强烈的刺激性气味，C具有香味，D有甜味．它们具有一样的最简式，分别在足量氧气中完全燃烧后，其燃烧所消耗氧气的物质的量与产生二氧化碳的物质的量相等．答复以下问题：(1)上述有机物的最简式是．(2)上述有机物可能的构造