广东省东莞市2022年-2023年届九年级（上）期末物理试卷（解析版）

2022-2022学年广东省东莞市九年级（上）期末物理试卷

一、选择题（每题3分，共30分）

1.下列实例中，有力对物体做功的是（）

A.跳水运动员从跳台跳下

B.背着书包在水平路面上前进

C.举重运动员举起杠铃停在空中

D.小球在光滑水平面上滚动

2.关于功、功率、机械效率的说法，正确的是（）

A.做功越多，功率越大

B.做功越快，功率一定越大

C.做功时间越短，功率一定越大

D.机械效率越高，功率越大

3.如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（）

A.图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少

B.图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大

C.图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少

D.图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大

4.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）

A.温度高的物体含有的热量多

B.冰水混合物吸热时，温度不变，内能增大

C.物体的温度不变，其内能就一定不变

D.物体的内能增加，一定是从外界吸收了热能

5.把长短相同、粗细不同的两根银格合金线串联接入电路，电路如图所示，则电路中（)

A.粗导体的电阻大于细导体的电阻

B.粗导体的电阻等于细导体的电阻

C.粗导体的电流大于细导体的电流

D.粗导体的电流等于细导体的电流

6.如图所示，闭合开关S,当滑片P向右端滑动的过程中，下列分析正确的是（）

晨1»—^―

LRa

A.电流表的示数增大，电灯L变亮

B.电压表的示数增大，电灯L变暗

C.电流表的示数不变，电灯L变亮

D.电压表的示数减小，电灯L变暗

7.根据表中的数据，下列判断正确的是（）

一些物质的比热容［J/（kg«℃）］

水4.2X103铝0.88X103

煤油、冰2.1X103干泥土0.84X103

沙石0.92X103铜0.39X103

A.不同物质的比热容不可能相同

B.在阳光照射下，干泥土比湿泥土升温慢

C.因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地昼夜温差大

D.质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多

8.随着科技的发展，东莞生产的"誉新"牌LED灯上标有“220V11W"的字样，其亮度与普通的60W

白炽灯相当，下列说法正确的是（）

A.该LED灯只能在220V电压下工作

B.该LED灯的实际功率是11W

C.该LED灯正常发光时的功率是11W

D.该LED灯每秒消耗的电能是11W

9.下列用电器工作时，能量转化的主要形式与电饭锅相同的是（）

A.电热水壶B.空调C.电风扇D.洗衣机

10.为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统.当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关

S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，

指示灯熄灭.下列设计最合理的电路图是（

二、填空题（共7小题，每小题3分，满分21分）

11.氢气球释放后，若它的运动可看成是匀速上升，则上升过程中氢气球的动能—（选填“增大”、

"不变"或"减小"），重力势能（选填"增大"、"不变"或"减小"），机械能（选填"增大"、"不变"

或“减小”）.

12.如图所示，某滑轮组将一个重为48N的物体匀速提升0.2m,作用在绳子自由端的拉力为20N,

则绳子自由端移动的距离为—，该滑轮组的有用功是—，机械效率为—.

13.一壶水在炉火上加热，水温升高，这是通过—方式改变其内能的，完全燃烧100g酒精所放出

的热量为—J,若其放出的热量有70%被水吸收，能使10kg的水从20℃升高到—℃.[qi0,s=3X

107J/kg,c*=4.2X103J/（kg*℃）

14.如图所示，甲图中将用丝绸摩擦过的玻璃棒与用丝线悬挂着的轻质小球靠近，如果小球被吸引，

那么小球带电或.乙图中油罐车的尾部总装有一根拖在地上的铁链，这是为了.

甲乙

15.某水电壶工作2min,使图示电能表的转盘转过150r,则电水壶消耗的电能为kW・h,电功率

为kW,这些电能可供一只"22010W”的节能灯正常工作h.

16.如图所示，某单缸四冲程汽油机正处于冲程，此冲程的能量转化是能转化为能.

17.图甲是小伟探究“导体中电流与电阻的关系"的实验电路图.图乙是他根据实验数据描绘出的I-R

关系图象.由图象可知：当电压一定时，电流与电阻成—（选填"正比"或"反比"）；他每次控制电

阻的两端电压为V不变.若电源电压为4.5V,实验中R的阻值分别为5Q、10Q、15。、20Q、25Q,

那么滑动变阻器的阻值至少为—Q.

三、作图题（每题3分，满分6分）

18.根据如图所示的实物图，请画出相应的电路图.

19.请按要求，用笔画线代替导线，将图所示的实物图连接成完整电路.要求：Li、L2并联，S控制

整个电路.

四、实验题（共3小题，满分20分）

20.为研究A、B两种液体的吸热能力，某同学如图所示的装置进行实验探究，两种液体的质量和初

温都相同.

（1）如图甲所示，将A、B两种液体分别放入规格相同的两个烧杯中，先后加热，加热时要用同一

酒精灯，目的是—.

（2）写出图甲所示装置的错误：.改正错误后，分别记录加热时间和液体温度，数据如表所示:

加热时间/min0123456

A的温度/℃90929496989898

B的温度/℃90939699102102102

（3）分析可知，—（填"A"或"B"）液体的吸热能力较强；加热4分钟后，A、B两种液体温度均不

再升高，原因是.

（4）在对实验进行反思时，他们认为原方案可以优化，因此设计了图乙所示的改进方案，与原方案

相比，该方案具有的优点是—.（写出了一个优点即可）.

甲乙

21.在探究"物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中如图所示，让同一铁球从斜面的不同高度由静

止释放，水平撞击同一木块，请回答下列问题：

（1）该实验的目的是研究—（选填"铁球"或"木块"）的动能大小与—的关系.

（2）该实验是通过观察—来说明铁球动能的多少，所运用的实验方法是—.

（3）实验中，小球的高度越高，木块运动的距离越远，由此可得出的结论是.

（4）如果某次实验中，木块运动到了长木板的末端之外，则可以通过—（选填"增大"或"减小"）

木块的质量来加以改进.

ZrT/

22.如图甲所示，在测定“小灯泡电功率"的实验中，电源电压为4.5V,小灯泡额定电压为2.5V,电阻

约为10C.（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接成完整的实验电路.

（2）连接电路时，开关应—（选填"闭合"或"断开"）.

（3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动到一处（选填"A"或"B"）.

（4）闭合开关后，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示为—V,若要测量小灯泡的额定

功率，应将图甲中滑片P向—（选填"A"或"B"）端移动，使电压表的示数为2.5V.

（5）小明同学移动滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数，丙绘制成图丙所示的I-U图象,

根据图象信息，小灯泡的实际功率随实际电压的增大而—（选填"增大"、"减小"或"不变"），小灯泡

的额定功率是W.

（6）实验中，小明发现闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不亮，电流表无示

数，电压表示数接近4.5V,则电路故障可能是.

五、计算题（共2小题，满分13分）

23.如图所示，叉车在10s内将质量为2t的大理石沿竖直方向匀速提升了1m,发动机所做的功是5

X104J,求：

（1）叉车提升大理石做的功是多少？

（2）叉车提升大理石做的功率是多少？

（3）叉车提升大理石做的机械效率是多少？

24.如图所示电路中，电源电压保持6V不变.

（1）当闭合开关S,断开开关Si时，电流表的示数为0.2A,求电阻R2的阻值.

（2）当同时闭合开关S和Si时，电流表的示数为0.6A,求电阻Ri消耗的电功率和通电lOmin电路

消耗的电能是多少.

六、综合题（共2小题，满分10分）

25.小明利用如图所示的装置，探究电流通过导体时产生热量的多少与电阻大小的关系：在两个相同

的烧瓶中盛着质量和温度都相同的煤油，煤油中都浸泡着一段金属丝，R甲VR乙.

（1）实验中通过观察来比较电流产生的热量的多少.

（2）把甲乙两电阻丝采用串联的连接方式，其目的是为了控制通电时间、—相等.

（3）通电一段时间后，小明发现—烧瓶中温度计的示数大，表明其它条件相同时，导体的电阻

越—，产生的热量越多.

（4）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，加热的液体选用煤油而不用水，主要是由于—.

（5）增加计时器，利用该实验装置—（选填"能"或"不能"）研究通电时间一定时导体产生的热量

与电流的关系.

26.炎热的夏天，电扇给我们带来了丝丝凉意，小林同学观察到教室里电风扇吹出的风时大时小，爱

动脑筋的他思考：电风扇吃出的风的强度与哪些因素有关呢？并对此提出了两个猜想:

猜想一：电风扇吹出的风的强度与扇叶的转速有关；

猜想二：电风扇吹出的风的强度与距离电风扇的远近有

为验证上述猜想，小林同学设计了图甲装置：将纸板B固定在支架上（支架未画出），硬纸板A与轻

杆固定后悬挂在纸板B上的转轴0处，纸板A和轻杆可绕转轴0来回自由摆动而不会与纸板B碰撞,

且纸板A很丰富纸板B两平面垂直，将电风扇放在纸板A左侧并正对纸板A.图中s是纸板A自然下

垂时（虚线）到电风扇的水平距离；。是电风扇吹动纸板A向右下垂时（虚线）的夹角，0越大，说

明电风扇吹出的风强度越强

（1）实验时小林发现，用于实验的电风扇转速不能调，于是他先对猜想二进行了探究.保持电风扇

的转速不变，移动电风扇，使s分别等于0.30m、0.50m>0.70m、0.90m,在纸板B上分别描下纸板

A被电风扇吹动后稳定时轻杆的位置a、b、c、d,如图乙所示（轻杆和纸板A未画出），分别连接0a、

Ob、0c、0d,比较四次实验中6的大小，可得出的结论是.

（2）为了探究猜想一，小林同学想通过在电风扇的电路中增加一个滑动变阻器与电风扇的电动机

（选填"串联"或"并联"），除增加一个滑动变阻器外，其他器材仍与图甲相同，在探究过程中，还有

保持—不变.

（3）你认为电风扇吃出的风的强度还可能与因素有关.（写出一个合理因素即可）.

2022-2022学年广东省东莞市九年级（上）期末物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（每题3分，共30分）

1.下列实例中，有力对物体做功的是（）

A.跳水运动员从跳台跳下

B.背着书包在水平路面上前进

C.举重运动员举起杠铃停在空中

D.小球在光滑水平面上滚动

【考点】力是否做功的判断.

【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，二者缺一不

可，据此分析判断.

【解答】解：

A、跳水运动员从跳台跳下，受重力的作用，并且在重力的方向移动了距离，重力对人做功，符合题

思•

B、背着书包在水平路面上前进，移动的方向和受力方向垂直，在力的方向上没有移动距离，不做功,

不符合题意.

C、举重运动员举起杠铃停在空中，有力作用在物体上，但是没有移动距离，没有力做功，不符合题

忌.

D、小球在光滑水平面上，依靠的是小球的惯性，水平方向上虽然移动了距离，但是没有力的作用，

不做功，不符合题意.

故选：A.

2.关于功、功率、机械效率的说法，正确的是（）

A.做功越多，功率越大

B.做功越快，功率一定越大

C.做功时间越短，功率一定越大

D.机械效率越高，功率越大

【考点】功率大小的比较；功；机械效率.

【分析】功是能量转化的方式，功率是表示做功快慢的物理量，机械效率是指所做的有用功与总功的

比值.据此分析解答.

【解答】解：A、由公式P=g可知，不知道做功时间，做功越多，功率不一定越大，故A错误；

B、功率是表示做功快慢的物理量，做功越快，功率一定越大，故B正确；

C、由公式P=2可知，不知道做功的多少，做功时间越短，功率不一定越大，故C错误；

D、因为机械效率是指有用功与总功的比值，功率是表示做功的快慢，机械效率高的机器功率不一定

大，故D错误.

故选B.

3.如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（）

A.图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少

B.图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大

C.图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少

D.图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大

【考点】做功改变物体内能.

【分析】（1）根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题.

（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物

体的内能就会减小.

【解答】解：A、图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内

能增加；故A错误；

B、图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小；故B错误；

C、图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少；故C正确；

D、图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，气缸内气体的内

能减少；故D错误.

故选：c.

4.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）

A.温度高的物体含有的热量多

B.冰水混合物吸热时，温度不变，内能增大

C.物体的温度不变，其内能就一定不变

D.物体的内能增加，一定是从外界吸收了热能

【考点】温度、热量与内能的关系.

【分析】（1）热量是过程量，热量不说含有；

（2）晶体的熔化特点，吸收热量，内能增加，但温度不变.

（3）物体的温度不变，其内能可能不变，也可能增大；

（4）改变内能的方式：热传递和做功.

【解答】解：A、不能说物体含有热量，因为热量是一个过程量，故A错误；

B、冰水混合物吸热时，是晶体的熔化过程，此时吸收热量，温度保持不变，但内能增大，故B正确；

C、物体的温度不变，其内能可能不变，也可能增大；例如晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，

但内能增大，故C错误；

D、物体的内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故D错误.

故选B.

5.把长短相同、粗细不同的两根镇格合金线串联接入电路，电路如图所示，则电路中（）

甘

A.粗导体的电阻大于细导体的电阻

B.粗导体的电阻等于细导体的电阻

C.粗导体的电流大于细导体的电流

D.粗导体的电流等于细导体的电流

【考点】串联电路的电流规律；影响电阻大小的因素.

【分析】（1）影响电阻大小的因素有：长度、材料、横截面积和温度，在材料和温度相同时，导体越

长、横截面积越小，电阻越大；

（2）串联电路中各处的电流相等.

【解答】解：由题意可知，两根锲铭合金线的长度相同，粗细不同,

因其它条件相同时，导体的横截面积越小，电阻越大，

所以，粗导体的电阻小于细导体的电阻，故AB错误；

因串联电路中各处的电流相等，

所以，粗导体的电流等于细导体的电流，故C错误、D正确.

故选D.

6.如图所示，闭合开关S,当滑片P向右端滑动的过程中，下列分析正确的是（）

y■—1»—^―

LRa

A.电流表的示数增大，电灯L变亮

B.电压表的示数增大，电灯L变暗

C.电流表的示数不变，电灯L变亮

D.电压表的示数减小，电灯L变暗

【考点】电路的动态分析.

【分析】由电路图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测量电路的电流;

根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化和电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化

和灯泡两端电压的变化，根据P=|2R可知灯泡实际功率的变化和灯泡亮暗的变化.

【解答】解：将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；

根据1=1可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；

根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，即电压表示数变小；

由P=UI可知，灯泡的实际功率变小，故灯泡变暗.

故选D.

7.根据表中的数据，下列判断正确的是（）

一些物质的比热容［J/（kg・°C）］

水4.2X103铝0.88X103

煤油、冰2.1X103干泥土0.84X103

沙石0.92X103铜0.39X103

A.不同物质的比热容不可能相同

B.在阳光照射下，干泥土比湿泥土升温慢

C.因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地昼夜温差大

D.质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多

【考点】比热容的概念.

【分析】①质量是1kg的某种物质温度升高吸收的热量，叫做这种物质的比热.同种物质，状态

不同，比热容不同；不同物质，比热容一般不同；

②质量相同的不同物质，吸收相同热量时，温度变化用公式△t=@比较；

CID

③质量相同的不同物质，升高温度相同时，需要的热量多少用公式Q=cm△t分析.

【解答】解：

A、不同种物质比热容可能相同，如煤油和冰的比热容相同，此选项错误；

B、水的比热容较大，所以湿泥土的比热容比干泥土要大一些.在阳光照射下，由公式△t=@可知，

CID

干泥土温度升高的更快.此选项错误；

C、沿海地区水多；内陆地区水少、沙石多.因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，

吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼

夜的温差小.此选项错误；

D、质量相等的铝块和铜块，升高相同的温度，由于铝的比热容比铜的比热容大，根据吸热公式Q=cm

△t可判断，铝块吸收的热量多.此选项正确.

故选D.

8.随着科技的发展，东莞生产的"誉新"牌LED灯上标有"220V11W”的字样，其亮度与普通的60W

白炽灯相当，下列说法正确的是（）

A.该LED灯只能在220V电压下工作

B.该LED灯的实际功率是11W

C.该LED灯正常发光时的功率是11W

D.该LED灯每秒消耗的电能是11W

【考点】额定电压；电功计算公式的应用；额定功率；实际功率.

【分析】（1）用电器上标注的为额定电压和额定功率；

（2）灯的实际功率随实际电压的变化而变化；

（3）用电器正常工作时的电功率为额定功率.

（4）依据W=Pt分析解答.

【解答】解：A、"220V"为灯泡正常工作时的电压，说明其工作时工作电压不能超过220V,可以小于

等于220V,故A错误;

B、灯的实际功率随实际电压的变化而变化，故B错误；

C、灯在220V电压下正常工作，则此时发光功率为11W,故C正确；

D、若灯正常工作，则由W=Pt可得每秒钟消耗的电能为：W=llWXls=llJ,故D错误.

故选C.

9.下列用电器工作时，能量转化的主要形式与电饭锅相同的是（）

A.电热水壶B.空调C.电风扇D.洗衣机

【考点】电功的实质.

【分析】电能通过用电器后，可以转化为其他形式的能量.需要从每个用电器的能量转化来分别进行

分析.

【解答】解：电饭锅工作时，主要将电能转化为内能，属电热器.

A、电热水壶是将电能转化为内能，与电饭锅的能量转化相同，符合题意；

B、空调依靠压缩机工作，将电能转化为机械能，不合题意；

C、电风扇主要将电能转化为机械能，不合题意；

D、洗衣机主要将电能转化为机械能，不合题意.

故选A.

10.为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统.当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关

Si闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，

指示灯熄灭.下列设计最合理的电路图是（

【考点】串、并联电路的设计.

【分析】由题意知，只有坐在座椅上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮

了，说明指示灯被S2短路了.

【解答】解：A.指示灯与S1串联后与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路

熄灭，但出现电源短路，故A不符合题意；

B.两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，故B不符合题意；

C.两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，故C不符合题意；

D.指示灯与勾串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不

会出现电源短路，故D符合题意.

故选D.

二、填空题（共7小题，每小题3分，满分21分）

11.氢气球释放后，若它的运动可看成是匀速上升，则上升过程中氢气球的动能不变（选填"增

大"、"不变"或"减小"），重力势能增大（选填"增大"、"不变"或"减小"），机械能增大（选填"增

大"、"不变"或"减小"）.

【考点】动能和势能的大小变化；机械能.

【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度.

（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度.

（3）机械能=动能+势能.

【解答】解：气球匀速上升，质量不变，速度不变，动能不变.质量不变，高度增加，重力势能增大.动

能不变，重力势能增大，机械能增大.

故答案为：不变；增大；增大.

12.如图所示，某滑轮组将一个重为48N的物体匀速提升0.2m,作用在绳子自由端的拉力为20N,

则绳子自由端移动的距离为0.6m，该滑轮组的有用功是9.6J，机械效率为80%.

【考点】有用功和额外功；机械效率的计算.

【分析】（1）由题意可知连接动滑轮的绳子股数为3股，绳子自由端移动距离是物体上升距离的3

倍.

（2）有用功是克服物体重力做的功，用W^=Gh计算；

（3）总功等于绳子自由端动力做的功，用W.小FS计算；再利用滑轮组机械效率公式片等曳><100%

W总

就可以计算出该滑轮组的机械效率.

【解答】解：

（1）由图知，n=3,则绳子自由端移动距离s=3h=3X0.2m=0.6m；

（2）有用功：WWi=Gh=48NX0.2m=9.6J；

（3）总功：Wa=Fs=20NX0.6m=12J,

机械效率：。=孕包=需1><100%=80%.

W总14」

故答案为：0.6m；9.6J；80%.

13.一壶水在炉火上加热，水温升高，这是通过热传递方式改变其内能的,完全燃烧100g酒精

所放出的热量为3X106J,若其放出的热量有70%被水吸收，能使10kg的水从20℃升高到

70℃.[q酒精=3X107j/kg,c水=4.2X103j/（kg«℃）

【考点】热传递改变物体内能；热量的计算；燃料的热值.

【分析】（1）热传递可以改变物体的内能，其实质是能量的转移；根据Q=mq求出酒精完全燃烧放出

的热量；

（2）已知利用的热量为总热量的70%,求出水吸收的热量，再根据Q.ga=cm（t-t0）求出水升高到的

温度.

【解答】解：（1）一壶水在炉火上加热，水温升高，这是通过热传递方式改变其内能的；

76

酒精完全燃烧放出的热量：Q,K=mq=0.1kgX3.0X10J/kg=3X10J；

（2）由n=誓得，水吸收得热量：

Q放

Q放=3X106JX70%=2.1X106J,

根据由Q*cm(t-to)可得水升高到的温度:

t=t0+躯=2。℃+—乎g——=70℃.

J

cm4.2X10(kg'1C)X10kg

故答案为：热传递；3X106；70.

14.如图所示，甲图中将用丝绸摩擦过的玻璃棒与用丝线悬挂着的轻质小球靠近，如果小球被吸引，

那么小球带负电或不带电.乙图中油罐车的尾部总装有一根拖在地上的铁链，这是为了将

摩擦产生的电荷导走，避免燃油起火.

甲乙

【考点】电荷间的相互作用规律；物体带电现象.

【分析】（1）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体可以吸引

不带电体.

（2）油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走，属于静电危害的防止.

【解答】解：

用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，若此时用它靠近轻质小球，发现小球被吸引，即表明小球可能带负电,

也可能不带电；

在运输过程中，油与油罐摩擦，会使油罐带电；在油罐车的尾部总装有一根拖在地上的铁链，能及时

将电荷导入大地，避免放电产生的火花引燃汽油.

故答案为：负；不带电；将摩擦产生的电荷导走，避免燃油起火.

15.某水电壶工作2min,使图示电能表的转盘转过150r,则电水壶消耗的电能为0.05kW・h,电

功率为1.5kW,这些电能可供一只"22010W"的节能灯正常工作5h.

【考点】电能表参数的理解与电能的求法.

【分析】①已知电能表每消耗lkW・h的电能，转盘就转过3000r；可求转动150r消耗的电能；然后

利用P=；求出电功率；

②已知消耗的电能和电功率，根据公式p=?求出工作时间.

【解答】解：

转过150r消耗的电能W=^^kW・hX150=0.05kW«h；

□uuu

0.05kW・h

电功率P=—=2=1.5kW,

t60h

由P=+得,这些电能可供一只"22010W”的节能灯正常工作:

W0.05kWwh

t=--7-=To=5h.

p10X1okW

故答案为：0.05；1.5；5.

16.如图所示,某单缸四冲程汽油机正处于压缩冲程,此冲程的能量转化是机械能转化为内

能.

【考点】内燃机的四个冲程.

【分析】汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据进气门和排气门的开关情况和活塞的运动

方向来判断冲程的类型；

知道在压缩冲程中是机械能转化为内能的过程.

【解答】解：

由图可知，气缸的进气门、排气门都关闭，活塞上移，是压缩冲程；在内燃机的压缩冲程中机械能转

化为内能.

故答案为：压缩；机械；内.

17.图甲是小伟探究"导体中电流与电阻的关系”的实验电路图.图乙是他根据实验数据描绘出的I-R

关系图象.由图象可知：当电压一定时，电流与电阻成反比（选填"正比"或"反比"）；他每次控

制电阻的两端电压为2^V不变.若电源电压为4.5V,实验中R的阻值分别为5Q、10Q、15Q、

20Q、25Q,那么滑动变阻器的阻值至少为20Q.

【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验.

【分析】（1）根据图乙中实验数据描绘出的I-R关系图象可解答此题;

（2）由图乙中实验数据并根据欧姆定律公式可计算出电阻的两端电压值；

（3）利用串联分压公式可以解决此题.

【解答】解：（1）由乙图中实验数据描绘出的I-R关系图象可知：当电压一定时，电流随着电阻阻

值的增大而减小，所以电流与电阻成反比；

(2)由乙图数据可知：当R=5Q时，C0.5A,此时U=IR=5CX0.5A=2.5V；

当R=10Q时，l=0.25A,此时U=IR=0.25AX10Q=2.5V；

一直到R=25C时,l=0,1A,此时U=IR=0.1AX25Q=2.5V

（3）每次控制电阻的两端电压为2.5V时，电源电压为4.5V,根据串联电路电压特点，滑动变阻器

R_U=25支维

需要承担电压为2V,实验中R的阻值最大为25Q,利用串联分压公式:可

R滑-U滑-R滑2V

得R滑=20d

故答案为:反比;2.5；20.

三、作图题（每题3分，满分6分）

18.根据如图所示的实物图，请画出相应的电路图.

【考点】根据实物图画电路图.

【分析】根据实物电路图，应用电流流向法分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接情况，然后根

据实物电路图作出实验电路图.

【解答】解：

由实物电路可知，电流从电源正极出发，经开关，然后电路分为两条支路，一路经电流表和灯Li，回

到电源负极，另一路径灯L2回到电源负极，电路图如图所示：

-0—

T|_

19.请按要求，用笔画线代替导线，将图所示的实物图连接成完整电路.要求：Li、L2并联，S控制

整个电路.

【考点】实物的电路连接.

【分析】两灯并联，3只控制LI、S2只控制l_2,S在干路上.

【解答】解：要求Li、L2并联，S控制整个电路，则S在干路上；结合原图可知，Si与Li串联、S2与

1_2串联，连接的实物图如下所示：

四、实验题（共3小题，满分20分）

20.为研究A、B两种液体的吸热能力，某同学如图所示的装置进行实验探究，两种液体的质量和初

温都相同.

（1）如图甲所示，将A、B两种液体分别放入规格相同的两个烧杯中，先后加热，加热时要用同一

酒精灯，目的是使AB两种液体相同时间内吸收相同的热量.

（2）写出图甲所示装置的错误：温度计的玻璃泡接触了容器底.改正错误后，分别记录加热时

间和液体温度，数据如表所示：

加热时间/min0123456

A的温度/℃90929496989898

B的温度/℃90939699102102102

（3）分析可知，A（填"A"或"B"）液体的吸热能力较强；加热4分钟后，A、B两种液体温度均不

再升高，原因是AB两种液体均已达到沸点.

（4）在对实验进行反思时，他们认为原方案可以优化，因此设计了图乙所示的改进方案，与原方案

相比，该方案具有的优点是该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相

等.（写出了一个优点即可）.

甲乙

【考点】探究比热容的实验.

【分析】（1）根据加热装置放出的热量关系分析液体吸收热量的关系；

（2）温度计的使用规则，温度计的玻璃泡要全部浸入液体中，但不能碰到容器壁和容器底；

（3）让相同质量的两种物质吸收相同的热量，通过比较温度的变化来比较吸热能力；当液体温度到

达沸点时，继续加热，温度不变；

（4）从能否让水和煤油在相同时间内吸收相同热量来分析图示实验，得出结论.

【解答】解：（1）选用两套完全相同的装置分别给甲、乙两种液体加热时，加热装置在相同时间内放

出的热量相同，确保加热相同时间两液体吸收的热量相同；

（2）根据温度计的正确使用方法可知，图中所示装置的错误之一是温度计的玻璃泡接触了容器底；

（3）由表格中数据知，相同质量的AB两种液体加热相同的时间，即吸收相同的热量，发现A的温

度变化较小，根据QQcmat可知，A液体的比热容大，即A液体的吸热能力较强；

因为当液体温度到达沸点时，继续吸热，温度不变，所以加热4分钟后，AB两种液体温度均不再升

高，说明两种液体温度都到达了沸点.

（4）由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用"水浴法”对AB同时加热，该方案避免两次加热，用同

一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等.

故答案为：（1）使AB两种液体相同时间内吸收相同的热量；（2）温度计的玻璃泡接触了容器底；（3）

A；AB两种液体均已达到沸点；（4）该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的

热量相等.

21.在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中如图所示，让同一铁球从斜面的不同高度由静

止释放，水平撞击同一木块，请回答下列问题：

（1）该实验的目的是研究铁球（选填"铁球"或"木块"）的动能大小与速度的关系.

（2）该实验是通过观察木块被撞击后运动的距离的大小来说明铁球动能的多少,所运用的实验

方法是转换法.

（3）实验中，小球的高度越高，木块运动的距离越远，由此可得出的结论是质量一定，速度越大,

动能越大.

（4）如果某次实验中，木块运动到了长木板的末端之外，则可以通过增大（选填"增大"或"减小"）

木块的质量来加以改进.

【考点】探究影响物体动能大小的因素.

【分析】（1）此实验把动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越远表明铁球的动能越大；

（2）实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让铁球沿斜面的同一高度下

落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一铁球，这样可以保证铁球

的质量相同；动能的大小通过观察木块移动的距离来反映出来；

（3）为使铁球到达水平面的速度不同，让其从斜面的不同高度处滚下，观察木块被推动的距离来比

较物体动能的大小；

（4）木块移动的越远，说明重力势能转化的动能就越大，可以从增大木块的质量来分析.

【解答】解：（1）实验中，保持铁球在斜面上的不同高度由静止释放，是为了控制铁球到达下端时具

有不同的速度，研究铁球的动能大小与速度的关系；

（2）实验中通过观察木块被撞击后运动的距离的大小来间接判断物体动能的大小，来说明铁球对木

块做功的多少，从而判断出铁球具有的动能的大小，这是转换法的运用；

（3）实验中铁球从同一斜面的不同高度由静止释放，为的是使小球到达水平而获得不同的速度，小

球的高度越高，木块运动的距离越远，由此可得出的结论是质量一定，速度越大，动能越大；

（4）某次实验中，木块运动到了长木板的末端之外，则可以通过增大木块的质量，从而增大摩擦阻

力的方法来加以改进.

故答案为：（1）铁球；速度；（2）木块被撞击后运动的距离的大小；转换法；（3）质量一定，速度越

大，动能越大；（4）增大.

22.如图甲所示，在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V,小灯泡额定电压为2.5V,电阻

约为10Q.（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接成完整的实验电路.

（2）连接电路时，开关应断开（选填"闭合"或"断开"）.

（3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动到A处（选填"A"或"B"）.

（4）闭合开关后，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示为2.2V,若要测量小灯泡的

额定功率，应将图甲中滑片P向B（选填"A"或"B"）端移动，使电压表的示数为2.5V.

（5）小明同学移动滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数，丙绘制成图丙所示的I-U图象，

根据图象信息，小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大（选填"增大"、"减小"或"不变"），小

灯泡的额定功率是0.5W.

（6）实验中，小明发现闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不亮，电流表无示

数，电压表示数接近4.5V,则电路故障可能是灯泡断路.

【考点】电功率的测量.

【分析】（1）由灯泡的额定电压确定电压表的量程，电压表与灯泡并联，注意电压表的正负接线柱；

（2）为保护电路，连接电路时，开关应断开；

（3）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动到阻值最大处；

（4）根据电压表小量程读数；比较电压表示数与额定电压的大小，根据分压原理确定滑片移动的方

向；

（5）根据图丙找出额定电压下对应的电流大小，根据PQU颔I求的灯的额定功率；

（6）电流表无示数，说明电路断路，电压表示数接近电源电压说明和电压表并联的灯泡发生了断路.

【解答】解：（1）灯泡额定电压为2.5V,电压表选择0〜3V量程，与灯泡并联，电流从正接线柱流

入，从负接线柱流出，如下图：

甲

（2）为保护电路，连接电路时，开关应断开；

（3）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动到阻值最大处，即A处；

（4）在图乙中，电压表小量程，分度值为0.1V,示数大小为2.2V,因灯在额定电压下2.5V才能正常

工作，所以应增大灯的电压而减小变阻器分得的电压，根据分压原理，应减小变阻器连入电路中的电

阻大小，所以滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；

（5）根据图象信息，由公式P=UI可知，小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大；

由图丙所示的I-U图象可知，当电压为灯的额定电压2.5V时，对应的电流大小为0.2A,

则小灯泡的额定功率：P额=U额l=2.5VX0.2A=0.5W；

（6）电流表无示数，说明电路断路，而电压表示数接近电源电压，说明和电压表并联的灯泡发生了

断路.

故答案为：（1）如上图所示；（2）断开；（3）A；（4）2.2；B；（5）增大；0.5；（6）灯泡断路.

五、计算题（共2小题，满分13分）

23.如图所示，叉车在10s内将质量为2t的大理石沿竖直方向匀速提升了1m,发动机所做的功是5

X104J,求：

（1）叉车提升大理石做的功是多少？

（2）叉车提升大理石做的功率是多少？

（3）叉车提升大理石做的机械效率是多少？

【考点】功的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算.

【分析】（1）求出大理石的重力，根据二力平衡的条件得出支持力大小，然后利用W=Fs计算叉车支

持力对大理石做的功；

（2）利用P=出计算叉车提升大理石的功率；

t

（3）已知总功和有用功，利用口=萼曳计算叉车提升大理石的机械效率.

W总

【解答】解：（1）大理石的重力：

G=mg=2X103kgX10N/kg=2X104N,

因为叉车对大理石的支持力与大理石的重力是一对平衡力，所以叉车支持力F=G=2X104N,

则叉车的支持力对大理石做的功：

W=Fs=2X104NXlm=2X104J；

（2）叉车提升大理石的功率：

2X14

P=—=QJ=2X103W；

t10s

（4）叉车提升大理石的机械效率：

W有用9X10^T

n=-^rLxioo%=-xioo%=4o%.

W总5X104J

答：（1）叉车支持力对大理石做的功是2X104J；

（2）叉车提升大理石的功率是2X103W；

（3）叉车提升大理石的机械效率为40%.

24.如图所示电路中，电源电压保持6V不变.

（1）当闭合开关S,断开开关Si时，电流表的示数为0.2A,求电阻R2的阻值.

（2）当同时闭合开关S和Si时，电流表的示数为0.6A,求电阻Ri消耗的电功率和通电lOmin电路

消耗的电能是多少.

【考点】欧姆定律的应用；电功的计算.

【分析】（1）闭合开关S,断开开关％时，为基本电路；已知电源电压和电路中的电流，应用欧姆定

律可以求出电阻阻值.

（2）同时闭合开关S和Si时，两个电阻并联，电流表测量干路中的电流；已知R2支路中的电流，先

利用并联电路中电流和电压的规律求出Ri中的电流及其两端的电压，再利用P=UI即可求出电阻Ri

的电功率；最后应用电功公式可求出电路消耗的电能.

【解答】解：（1）当闭合开关S,断开开关S1时，只有电阻R2接入电路，

由欧姆定律：|用可知，电阻阻值：R2=Y-=-^-=30Q;

（2）同时闭合开关S和Si时，两电阻并联，电流表测干路电流，

流过电阻Ri的电流:li=l-l2=0.6A-0.2A=0.4A,Ui=U=6V

电阻Ri消耗的电功率：Pi=Uili=6VX0.4A=2.4W；

通电lOmin电路消耗的电能：W=Ult=6VX0.6AX600s=2160J.

答：（1）电阻R2的阻值为30欧姆.

（2）电阻Ri消耗的电功率为2.4W,通电lOmin电路消耗的电能是2160J.

六、综合题（共2小题，满分10分）

25.小明利用如图所示的装置，探究电流通过导体