北京市四中2020学年高二化学下学期期中试题(含解析)

北京市四中2020学年高二化学放学期期中试题（含解析）试卷满分：

100分

考试时间：

100分钟可能用到的相对原子质量：

H1

C12O16第一部分（选择题一、选择题（每题只有1个选项符合题意，每题．．．．．．．．．．

共40分）2分，共40分）以下化学用语中，正确的选项是A.苯的实验式：

CH

B.乙炔的构造简式：

CHCHC.醛基的构造简式：

-COH

D.羟基的电子式：【答案】

A【解析】【详解】

A.

实验式也就是最简式，苯的实验式为

CH，故

A正确；B.乙炔的构造简式应当为：

CH≡CH，不应当省略碳碳三键，故

B错误；C.醛基的构造简式应当为

-CHO，故

C错误；D.羟基的电子式应当为

，故

D错误；答案：

A2.以下说法中，正确的选项是A.己烷可以使溴水退色，说明己烷与溴水能发生化学变化B.乙醇沸点比丙烷高，因为乙醇形成了分子间氢键C.苯不可以使酸性高锰酸钾溶液退色，说明它是一种饱和烃，很牢固D.苯酚粘在皮肤上可用氢氧化钠溶液冲刷【答案】

B【解析】【详解】

A.己烷是因为萃取溴水中的溴，而使溴水退色，并未发生化学反响，故

A错误；B.氢键影响物质的熔沸点

,含氢键的物质沸点较高

,所以乙醇的沸点远高于丙烷，故

B正确；C.苯不可以使酸性高锰酸钾溶液退色，只好说苯中不含碳碳双键，苯是不饱和烃，故

C错误；D.苯酚粘在皮肤上用酒精溶液冲刷，不行用氢氧化钠溶液冲刷，因为氢氧化钠有强腐化性，故D错误；答案：B3.用以下装置达成有关实验，不合理的是．．．A.趁热过滤提纯苯甲酸B.制备并检验乙烯C.除掉溴苯中的苯D.分别硝基苯与水【答案】B【解析】解析：A.分别固体和溶液采纳过滤方法；B.查验乙烯的导管不可以伸入溶液中,不然溶液发生倒吸现象；C.除掉溴苯中的苯需要经过分馏装置,图示c中温度计地点、冷凝管通水方向都合理；D.硝基苯与水互不相溶,需要经过分液操作分别,依据分液操作方法判断。详解：A项，用a趁热过滤提纯苯甲酸,图示装置知足“一低、二贴、三靠”的要求,且用玻璃棒引流,A正确；B项，乙烯会与溴水发生反响，故导管不可以伸入溴水中，不然会发生倒吸，操作不合理，B错误；C项，溴苯与苯的沸点相差较大，可以经过分馏来将二者分别开，且图中温度计放在支管处，冷凝水流向从下往上，操作合理，C正确；D项，硝基苯不溶于水，且密度比水大，所以可经过分液的方法将硝基苯与水分别开，硝基苯从下端放出，操作合理，D正确；正确选项B。点睛：此题考察化学实验方案评论，为高频考点，波及物质分别和提纯、物质查验等知识点，明确实验原理，物质性质差别性是解题的重点；注意：除杂或物质查验时要除去其余要素的搅乱，题目难度不大。已知丙醇的构造以以下列图所示，以下说法正确的选项是A.丙醇与金属钠反响断裂的键是①或③B.丙醇催化氧化生成丙醛断裂的键是②和⑤C.丙醇分子间脱水生成丙醚断裂的键是③和④D.丙醇脱水生成丙烯断裂的键是②和④【答案】

D【解析】【详解】

A.

丙醇与金属钠反响断裂的键是⑤，故

A错误；B.丙醇催化氧化生成丙醛断裂的键是③和⑤，故

B错误；C.丙醇分子间脱水生成丙醚断裂的键是⑤和④，故

C错误；D.丙醇脱水生成丙烯断裂的键是②和④，故

D正确；答案：

D可用来鉴识己烯、甲苯、己烷的一组试剂是A.溴水C.溴水、酸性高锰酸钾溶液

B.酸性高锰酸钾溶液D.溴的四氯化碳溶液【答案】

C【解析】【详解】鉴识己烯、甲苯、己烷分为两步进行：①取少量待测液分装于三只试管中，三只试管中滴加少量溴水，能与溴水发生化学反响，使其退色的是己烯；②再取除己烯外，其他两种待测液少量于两支试管中，两支试管中滴加少量酸性高锰酸钾溶液，使其退色的是甲苯。应选

C；答案：

C【点睛】

1.能使溴水反响退色的有机物有：苯酚、醛、含不饱和碳碳键（碳碳双键、

碳碳叁键）的有机物；

2.能使酸性高锰酸钾退色的有机物①与烯烃、炔烃、

二烯烃等不饱和烃类及不饱和烃的衍生物反响；与苯的同系物(甲苯、乙苯、二甲苯等)反响；②与部分醇羟基、酚羟基（如苯酚）发生氧化复原反响；③与醛类等有醛基的有机物（如醛、甲酸、甲酸酯、甲酸盐、葡萄糖、麦芽糖等）发生氧化复原反响。醌类化合物宽泛存在于植物中，有抑菌、杀菌作用，可由酚类物质制备：以下说法不正确的选项是．．．反响I、II均为氧化反响萘醌属于芬芳族化合物苯酚与萘酚含有同样官能团，互为同系物D.属于酚类【答案】C【解析】【详解】A.反响I、II均为氧化反响，故不选A；B.萘醌中含有苯环，属于芬芳族化合物，故不选B；C.同系物一定知足两个必需条件：（1）构造相像（2）分子组成相差若干个CH2原子团；苯酚与萘酚不互为同系物，应选C；D.中，羟基直接连结苯环，属于酚类，故不选D；答案：C7.药物利喘贝（构造以下）主要用于荨麻疹、皮肤瘙痒等病症的治疗，以下对于该有机物的说法不正确的选项是．．．A.分子式是

C18H17O5N

B.必定存在顺反异构体C.必定能发生聚合反响

D.必定能发生银镜反响【答案】

D【解析】A、依据构造简式可知分子式为

C18H17O5N，故

A正确；

B、存在顺反异构体的条件：①分子中最少有一个键不可以自由旋转（不然将变为其他一种分子）；②双键上同一碳上不可以有同样的基团；由构造简式可知该有机物双键上同一个碳上连有不同样的基团，故B正确；C、该分子存在碳碳双键，能发生加聚反响，故C正确；D、该分子不存在醛基，不可以发生银镜反响，故D错误。应选D。8.用以以下列图所示装置研究碳酸和苯酚的酸性强弱，以下表达不正确的选项是（部分夹持仪器省略）．．．翻开分液漏斗旋塞，①中产生无色气泡，③中出现白色污浊②中试剂为饱和NaHCO3溶液③中发生反响的化学方程式是苯酚有弱酸性，是因为苯基影响了与其相连的羟基的活性【答案】C【解析】【详解】A．装置①中碳酸钙与盐酸反响生成二氧化碳气体，所以翻开分液漏斗旋塞，①中产生无色气泡；装置③中二氧化碳与苯酚钠溶液反响生成苯酚，苯酚不溶于冷水，则③中出现白色污浊，故不选A；B.实验①中碳酸钙与盐酸反响生成二氧化碳气体，因为盐酸拥有挥发性，则制取的二氧化碳气体中混有杂质氯化氢，氯化氢可以与苯酚钠溶液反响，影响实验结果，所以需要用②中饱和碳酸氢钠溶液除掉氯化氢，故不选B；C.苯酚酸性大于碳酸氢根离子，苯酚钠溶液与二氧化碳反响生成苯酚和碳酸氢钠，反响的化学方程式为：C6H5ONa+CO2+H2O=C6H5OH+NaHCO3，应选C；构造决定性质，如：受苯基的影响，与苯基相连的羟基变得比较爽朗，致使苯酚拥有弱酸性，故不选D；答案：C【点睛】利用强酸制弱酸原理来判断酸性强弱，注意①盐酸易挥发，要防搅乱-②H2CO3>C6H5OH>HCO3。在必定条件下，甲苯可生成二甲苯的混淆物和苯。有关物质的沸点、熔点以下：对二甲苯邻二甲苯间二甲苯苯沸点/点/℃13-25-476以下说法不正确的选项是．．．甲苯、对二甲苯属于同系物推断甲苯的沸点高于80℃而低于138℃甲苯生成二甲苯和苯的反响属于代替反响用蒸馏的方法能从二甲苯混淆物中分别出对二甲苯【答案】D【解析】【详解】A.甲苯、对二甲苯构造相像，组成相差一个CH2，属于同系物，故不选A；对于同系物来说，相对分子质量越大，分子间作使劲越大，沸点越高，所以甲苯的沸点应当介于苯和二甲苯之间，推断甲苯的沸点高于80℃而低于138℃，故不选B；C.甲苯变为二甲苯是苯环上的氢原子被甲基代替所得，属于代替反响，故不选C；D.因为对二甲苯的熔点较高，将温度冷却至-25℃～13℃，对二甲苯形成固体，进而将对二甲苯分别出来，所以运用了用冷却结晶的方法将对二甲苯分别出来，应选答案：D【点睛】易错选项D，要学会学生依据表格的数据解析解决问题。

D；某有机物和过分钠反响，其他取一份等质量的该有机物和过分的氢氧化钠反响，耗费的钠与氢氧化钠物质的量相等，则该有机物可能是HOCH2CH2OHB.C.HOOC—COOHD.【答案】C【解析】【详解】有机物和过分的钠反响，该有机物中可能含有-OH或-COOH或-OH、-COOH，该机物与过分的氢氧化钠溶液反响，说明该有机物含有-COOH或酚羟基；A.HOCH2CH2OH只与Na反响，故A错误；B.

耗费

Na与

NaOH的物质的量之比为

2:1，故

B错误；C.HOOC—COOH耗费的钠与氢氧化钠物质的量相等，故C正确；D.耗费Na与NaOH的物质的量之比为2:1

。故

D错误；答案：

C【点睛】（1）能与Na反响的官能团：-OH、-COOH；（2）能与氢氧化钠反响的官能团：-OH（酚羟基）、-COOH，-COO-；（3）能与碳酸氢钠反响的官能团：-COOH；（4）能与碳酸钠反响的官能团：-OH（酚羟基）、-COOH。以下说法中，正确的选项是A.取溴乙烷加入NaOH溶液，加热，充分反响，再加入AgNO3溶液，产生淡黄色积淀，证明溴乙烷中含有溴元素制备新制Cu（OH）2悬浊液时，将4~6滴10％的NaOH溶液滴入2mL2％的CuSO4溶液中，边滴边振荡溴乙烷和NaOH醇溶液共热，产生的气体通入KMnO4酸性溶液，发现溶液退色，证明溴乙烷发生了消去反响实验室制备乙烯时，温度计水银球应当插入浓硫酸和无水乙醇的混淆液液面以下【答案】D【解析】【详解】A.加入硝酸银以前，应当先加入硝酸酸化，不然银离子与氢氧根离子反响生成沉淀搅乱测定，故A错误；B.查验醛基，制备新制Cu（OH）2悬浊液时，一定碱性环境，所以NaOH应当过分，故B错误；C.溴乙烷和NaOH醇溶液共热，产生的气体应当先通入水，除掉挥发出来的乙醇，因为乙醇也能使酸性高锰酸钾退色，会搅乱测定，故C错误；D.实验室制备乙烯时，温度计丈量的是反响液的温度，所以水银球应当插入浓硫酸和无水乙醇的混淆液液面以下，故D正确；答案：D12.白藜芦醇宽泛存在于食品（比方桑椹、花生、特别是葡萄）中，它可能拥有抗癌性。以下对于白藜芦醇的说法正确的选项是A.其核磁共振氢谱共有6组峰B.可以跟1mol该化合物起反响的Br2或H2的最大用量分别是5mol和7mol能分别与Na2CO3溶液、FeCl3溶液、NaHCO3溶液、酸性KMnO4溶液反响所有原子可能共平面【答案】D【解析】【详解】A.白藜芦醇有几种氢，就有几组峰，其核磁共振氢谱共有

8组峰，故

A错误；B.可以跟

1mol

该化合物起反响的

Br2或

H2的最大用量分别是

6mol

和

7mol，故

B错误；C.因为酚羟基的酸性弱于碳酸，所以不睦碳酸氢钠溶液反响，故

C错误；D.因为碳碳双键与苯环均为平面构型，所以所有原子可能共平面，故

D正确；答案：

D【点睛】注意掌握有机物的构造和官能团的性质，为解答该题的重点，易错点为B，与溴发生反响的是①苯环上羟基邻对位的代替反响耗费5molBr2；②碳碳双键与溴的加成反响耗费1molBr2。我国自主研发对二甲苯的绿色合成路线获得新进展，其合成表示图以下：以下说法不正确的选项是．．．过程i发生了代替反响中间产物M的构造简式为利用同样原理以及同样原料，也能合成间二甲苯该合成路线理论上碳原子100％利用，且最后获得的产物易分别【答案】A【解析】【解析】过程ⅰ：是异戊二烯与丙烯发生加成反响形成六元环ⅱ在催化剂作用下，生成对二甲苯与水；【详解】A.过程i异戊二烯与丙烯醛发生加成反响形成六元环中间体，应选B.经过M的球棍模型可知：中间产物M的构造简式为C.依据合成路线，可以合成间二甲苯和对二甲苯，不可以合成邻二甲苯，故不选

，过程A；，故不选B；C；D.该合成路线第一步发生加成反响，第二步发生脱水反响，所以碳原子

100％利用，对二甲苯不溶于水所以最后获得的产物易分别，故不选答案：A

D；以下实验事实中，能说明苯环上的代替基对苯环性质有影响的是苯酚和溴水反响生成白色积淀甲苯使酸性高锰酸钾溶液退色苯酚可以与氢氧化钠溶液反响苯酚能与氢气反响【答案】A【解析】【详解】A.苯酚和溴水反响生成2,4,6-三溴苯酚，表现了酚羟基的邻对位氢原子爽朗，能说明侧链羟基对苯环性质有影响，故A正确；B.甲苯使酸性高锰酸钾溶液退色，是苯环对甲基的影响，甲基被氧化，故B错误；C.苯酚能和NaOH溶液反响，说明苯酚拥有弱酸性，是苯环对羟基的影响，故C错误；D.苯酚可以和氢气发生加成反响生成环己烷，表现了苯酚中化学键的性质，故D错误；答案：A【点睛】只需苯环侧链能发生的化学反响，而与烷基相连不可以发生，即可说明苯环对侧链有影响。以下实验结论不正确的选项是．．．实验操作现象结论A某有机物与溴的四氯化碳溶液混淆溶液退色有机物含碳碳双键B乙醇与重铬酸钾（K2Cr2O7）酸性溶液混淆橙色溶液变为绿色乙醇拥有复原性C常温下，将二氧化碳通入苯酚钠溶液溶液变污浊酸性：碳酸>苯酚D苯和苯酚稀溶液分别与浓溴水混淆后者产生白色积淀羟基影响了苯环活性A.AB.BC.CD.D【答案】A【解析】【详解】A.结论错误，碳碳双键、碳碳三键、醛基等都可以使溴的四氯化碳溶液退色，应选A；B.重铬酸钾（

K2Cr2O7）有强氧化性，与乙醇混淆，橙色溶液变为绿色，则铬元素从

+6价降为+3价，转变为

Cr3+，乙醇被氧化为乙酸，则乙醇表现为复原性，故不选

B；C.常温下，将二氧化碳通入苯酚钠溶液，溶液变污浊，生成苯酚，依据强酸制弱酸原理，酸性：碳酸＞苯酚，故不选C；D.苯酚溶液与溴水发生反响生成24,6-三溴苯酚，苯与溴水不反响，说明苯酚中苯环比苯中爽朗，，致使这类现象的原由是羟基影响了苯环的活性，故不选D；答案：A

H原子某科研人员提出HCHO与O2在羟基磷灰石（HAP）表面催化氧化生成CO2、H2O的历程，该历程表示图以下（图中只画出了HAP的部分构造）。以下说法不正确的选项是．．．A.HAP能提升HCHO与O2的反响速率B.HCHO在反响过程中，有C—H键发生断裂C.依据图示信息，CO2分子中的氧原子所有来自O2HAPD.该反响可表示为：HCHO+O2CO2+H2O【答案】C【解析】【详解】A．从表示图来看，HAP在反响前后没有变化，做催化剂，可以加速化学反响速率，项正确；B．在过渡态的表示图中，可以发现甲醛分子中的两个C—H的H原子都与O相连，发生断裂，B项正确；C．从表示图可以看出来，二氧化碳中的只有1个氧原子来自于氧气，其他1个氧原子为甲醛所有，C项错误；D．依据历程表示图，甲醛和O2在HAP上生成了CO2和H2O，D项正确；此题答案选C。17.以下有关同分异构体数目的表达不正确的选项是()A.甲苯苯环上的一个氢原子被含3个碳原子的烷基代替，所得产物有6种B.与互为同分异构体的芬芳族化合物有6种C.含有5个碳原子的某饱和链烃，其一氯代替物可能有3种D.菲的构造简式为，它与硝酸反响，可生成5种一硝基代替物【答案】B【解析】【详解】A.含3个碳原子的烷基有正丙基和异丙基两种构造，甲基与该烷基在苯环上有邻、间、对3种地点关系，故产物的构造共有2×3=6种，A项正确；B.

的分子式为

C7H8O，与其互为同分异构体的芬芳化合物有

5种：、、、、，B项错误；C.含有5个碳原子的饱和链烃可能是正戊烷、异戊烷、新戊烷，假如是正戊烷，其一氯代物为3种，C项正确；D.菲的构造拥有对称性，含有5种不同样化学环境的氢原子，其一硝基代替物有5种，D项正确；答案：B。以下说法不正确的选项是．．．A.反响中可能生成B.反响的反响种类都是加成反响C.中的碳碳双键可用酸性KMnO4溶液查验D.与互为同分异构体【答案】C【解析】【详解】A.与HCl发生1,2-加成，即可生成生成，故不选A；B.反响A到B下发生1,4-加成反响，在与A持续加成生成，故不选B；C.中的碳碳双键与醛基均可使酸性KMnO4溶液退色，应选C；D.与比较发现第二个有机物相对于第一个多了个环，少了一个碳碳双键，其余都同样，所以分子式同样，构造不同样，互为同分异构体，故不选D；答案：C19.BHT是一种常用的食品抗氧化剂，由对甲基苯酚（）合成BHT的常用方法有2种（如图），以下说法不正确的选项是A.BHT能使酸性KMnO4溶液退色B.BHT与对甲基苯酚互为同系物C.BHT中加入浓溴水易发生代替反响方法一的原子利用率高于方法二【答案】C【解析】【详解】A.BHT构造中有酚羟基，可以被酸性KMnO4溶液氧化；其构造中有一个甲基直接与苯环相连，也能被酸性KMnO4溶液直接氧化，A项正确；B.对甲基苯酚和BHT比较，都含有1个酚羟基，BHT多了8个“CH2”原子团，符合同系物的定义——构造相像，组成上相差若干个CH2，B项正确；C.BHT中酚羟基的邻对位已无H原子，所以不可以与浓溴水发生代替反响，C项错误；D.方法一为加成反响，原子利用率理论高达100%，而方法二为代替反响，产物中还有水，原子利用率相对较低，D项正确；答案选C项。【点睛】①同系物的判断，第一要求碳干构造相像，官能团种类和数目同样，其次是分子组成上要相差若干个CH2。②酚羟基的引入，使苯环上酚羟基的邻对位氢遇到激发，变得比较爽朗。是一种有机烯醚，可以用烃A经过以下路线制得：则以下说法正确的选项是（）的分子式为C4H4OA的构造简式是CH2＝CHCH2CH3A能使高锰酸钾酸性溶液退色①、②、③的反响种类分别为卤代、水解、消去【答案】

C【解析】【解析】依据题中各物质转变关系

,A

与溴发生加成反响得

B,B

在碱性条件下水解得

C,C

在浓硫酸作用下发生脱水成醚

,

根据

的构造可以反推得

C为

HOCH2CH=CHCH2OH,B

为BrCH2CH=CHCH2Br,A

为CH2=CHCH=CH2,据此答题

;【详解】依据题中各物质转变关系浓硫酸作用下发生脱水成醚,由

,A

与溴发生加成反响得的构造可以反推得

B,B

在碱性条件下水解得C,CC为HOCH2CH=CHCH2OH,B

在为BrCH2CH=CHCH2Br,A为CH2=CHCH=CH2,的分子式为C4H6O,故A项错误;依据上边的解析可以知道,A为CH2=CHCH=CH2,故B项错误;C.A

中有碳碳双键

,所以能使高锰酸钾酸性溶液退色

,故

C项正确

;D.依据上边的解析可以知道

,①、②、③的反响种类分别为加成、水解、代替

,故

D项错误,综上，此题选C。【点睛】此题为推断题。要抓住特点条件①、②中的特别条件，再联合

的构造逆推。第二部分（非选择题共60分）现有以下四种重要的有机物。CH2=CH2①②③④1）常用作液体燃料的是________（填序号，下同）。2）常用作配制化妆品保湿成分是________。3）能用于制备酚醛树脂的是________。4）其产量常作为权衡石油化工发展水平的标记的是________。【答案】(1).②(2).④(3).③(4).①【解析】【详解】依据②的球棍模型可知其为乙酸，③的比率模型可知其为苯。（1）以上四种物质中乙醇是洁净燃料，常温下为液体，则常用作液体燃料的是②；2）甘油属于天然成分，是最为一般的保湿剂，可以使角质保持水和状态，拥有保持水分的功能，合用于各样肤质，安全性好，不易惹起过敏，故常用作配制化妆品保湿成分的是④；3）苯酚与甲醛发生缩聚反响生成酚醛树脂，故上述４种物质中能用于制备酚醛树脂的是③；（4）其产量常作为权衡石油化工发展水平的标记的是乙烯，应选①。有机物P的合成路线以下：已知：（R、R'、R''代表烃基或氢）（1）A的分子式为C3H8O，其所含的官能团名称是__________。2）B的核磁共振氢谱只有一个吸取峰，其构造简式是__________。3）由D生成有机物P的反响种类是__________。【答案】(1).羟基(2).(3).加成反响【解析】【解析】此题主要采纳逆推法：有机物P为，依据信息可知D为，D与氢气加成反响生成P；依据D可知B为，B与NH3反响生成D与水；依据B可知A为，A催化氧化生成B和水；丙烯与水加成生成A。【详解】（1）依据以上解析可知A为，其所含官能团名称是羟基；答案：羟基（2）依据D（）可知B为；答案：（3）有机物P为，依据信息可知D为，D与氢气加成反应生成P；答案：加成反响高分子PMMA是迄今为止合成透明资猜中质地最优秀、价钱又比较适合的品种。此中一种合成路线如图：1）A的分子式是__________。2）反响II的化学方程式是____________________。3）由MMA制取高分子PMMA的化学方程式是____________________。【答案】(1).C4H8(2).(3).【解析】【解析】依据A与溴的四氯化碳溶液加成反响生成产物，可确立A为；反响Ⅱ为B催化氧化生成C，可知B为醇，反响Ⅰ为在强碱水溶液条件下水解，生成B（）；B催化氧化生成C（）；C中醛基被新制氢氧化铜氧化成羧基，D为；D在浓硫酸催化作用下消去反响生成E（）；CH3Cl在强碱水溶液作用下水解生成F（CH3OH）；E（）与（FCH3OH）酯化反响生成MMA（），MMA加聚反响生成PMMA（）。【详解】（1）依据A与溴的四氯化碳溶液加成反响生成产物，可确立A为，则A的分子式是C4H8；答案：C4H8（2）反响Ⅱ为B（）；催化氧化生成CC（）；，反响II的化学方程式是；答案：（3）MMA（）加聚反响生成PMMA（），MMA制取高分子PMMA的化学方程式是；答案：有机物D的一种合成路线以下：已知：RCHORCH2CHO2O（R、R'表示烃基或氢）+H1）由C2H4生成A的化学方程式是___________。2）试剂a是________。3）写出B中所含官能团的名称________。4）有机物D的构造简式是________。5）请以乙烯为初步原料，以CH3CH=CHCOOH为目标产物，联合已知信息选择必需的无机试剂，写出合成路线。_______（用构造简式表示有机物，用箭头表示转变关系，箭头上注明试剂和反响条件）【答案】(1).CH2222(2).NaOH醇溶液(3).碳碳双键、醛2=CH+Br→CHBr-CHBr基(4).3222(5).CHCHCHCHOH【解析】【解析】CH2=CH2与溴的四氯化碳溶液反响生成A（CH2Br-CH2Br）；A（CH2Br-CH2Br）在强碱醇溶液条件下发生消去反响生成乙炔，乙炔水化制取乙醛，乙醛在稀碱溶液条件下发生题干信息中的反响，生成B（CH3CH=CHCHO）；B与氢气加成生成D（CH3CH2CH2CH2OH）。【详解】（1）由C2H4与Br2加成生成A化学方程式是CH2=CH2+Br2→CH2Br-CH2Br；答案：CH2=CH2+Br2→CH2Br-CH2Br（2）A（CH2Br-CH2Br）在强碱醇溶液条件下发生消去反响生成乙炔，所以试剂a是NaOH醇溶液；答案：NaOH醇溶液（3）乙醛在稀碱溶液条件下发生题干信息中的反响，生成B（CHCH=CHCHO），B中所含官能3团的名称碳碳双键、醛基；答案：碳碳双键、醛基（4）B（CH3CH=CHCHO）与氢气加成生成D（CH3CH2CH2CH2OH）；答案：CHCHCHCHOH的3222（5）采纳逆向合成解析法，目标产物CH3CH=CHCOOH由CH3CH=CHCHO催化氧化生成；CH3CH=CHCHO由两分子CH3CHO依据题干信息生成；CH3CHO由CH3CH2OH催化氧化生成；乙烯与水加成反响可生成乙醇，由此确立合成路线；答案：（1）化合物A（C4H10O）是一种有机溶剂。A可以发生以下变化：（1）①A只有一种一氯代替物B。写出由A转变为B的化学方程式_________。②A的同分异构体F也可以有框图内A的各样变化，且F的一氯代替物有三种。

F的构造简式是____。（2）化合物“HQ”（C6H6O2）可用作显影剂，“HQ”可以与三氯化铁溶液发生显色反响。“HQ”的一硝基代替物只有一种，“HQ"的构造简式________。3）A与“HQ”在必定条件下互相作用形成水与一种食品抗氧化剂“TBHQ”。“TBHQ”与氢氧化钠溶液作用获得化学式为（C10H12O2Na2）的化合物。“TBHQ"的构造简式是____________。【答案】(1).(2).（CH3）2CHCH2OH(3).(4).【解析】【解析】化合物A（C4H10O）是一种有机溶剂，依据图知，D中含有不饱和键，能和溴发生加成反响，则A为醇、D为烯烃，A只有一种一氯代替物B，则A构造简式为（CH3）3COH，B为（CH3）2C（OH）CH2Cl，A和钠反响生成C，C为（CH3）3CONa，A发生消去反响生成D，D为CH2=C（CH3）2，D发生加成反响生成E，E为CH2BrCBr（CH3）2；【详解】（1）①A为（CH3）3COH与氯气光照条件下生成B，方程式为；答案：②A的同分异构体F也可以有框图内A的各样变化，且F的一氯代替物有三种，F的构造简式为（CH3）2CHCH2OH；答案：（CH3）2CHCH2OH；2）化合物“HQ”（C6H6O2）可用作显影剂，“HQ”可以与三氯化铁溶液发生显色反响，说明含有酚羟基，同时含有苯环，“HQ”的一硝基代替物只有一种，说明两个酚羟基位于对位，构造简式为；答案：；（3）A与“HQ”在必定条件下互相作用形成水与一种食品抗氧化剂“TBHQ”，“TBHQ”与氢氧化钠溶液作用获得化学式为C10H12O2Na2的化合物，则“TBHQ”中含有2个酚羟基，联合A、“HQ”的化学式可知，应（

CH3）3COH与

发生苯环代替反响脱去

1分子水生成“TBHQ”，“TBHQ”构造简式为；答案：苏合香醇可用作食用香精，其构造简式以下列图1）苏合香醇的分子式为________，它不可以发生的有机反响种类有________（填数字序号）。．．①代替反响②加成反响③消去反响④加聚反响⑤氧化反响⑥复原反响有机物丙是一种香料，其合成路线以以下列图。此中甲的相对分子质量经过质谱法测得为88，它的核磁共振氢谱显示只有三组峰；乙与苏合香醇互为同系物。已知：RCHCH2RCH2CH2OH2）依据系统命名法，A的名称是_________。3）C与新制Cu（OH）2悬浊液反响的化学方程式为______。（4）丙中含有两个-CH3，在催化剂存在下1molD

与2molH2可以反响生成乙，且

D可发生银镜反响，则D的构造简式为_____________。（5）甲与乙反响的化学方程式为__________________。【答案】(1).C8H10O(2).④

(3).

2-

甲基丙烯

(4).(5).(6).【解析】【解析】(1)苏合香醇为，由-OH和苯环解析其性质；（2）乙与苏合香醇互为同系物，乙为醇，则甲为羧酸，甲的相对分子质量经过质谱法测得为88，联合丙的分子式可知，甲的分子式为C4H8O2，甲的核磁共振氢谱显示只有三组峰，则甲为2-甲基丙酸，联合合成转变图中的反响条件可知，A为2-甲基丙烯，B为2-甲基丙醇，C为

2-甲基丙醛，甲与乙发生酯化反响生成丙（

C13H18O2），则乙为

C9H12O，（4）中丙中含有两个-CH3，D可发生银镜反响，在催化剂存在下

1molD

与2molH2可以反响生成乙，所以

D为C9H8O，则D的构造简式为，乙为，则丙为，据此解答。【详解】（1）苏合香醇为，其分子式为C8H10O，由-OH和苯环可知，能发生代替、加成、氧化、复原、消去反响，而不可以发生加聚反响，答案：