山东省淄博市大园中学2023年高一化学测试题含解析

山东省淄博市大园中学2023年高一化学测试题含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.固体单质A和气体单质B在容积一定的密闭容器中完全反应生成气体C，相同温度下测得容器内压强不变，若产物气体C的密度是原气体密度的4倍，则判断正确的是（）A．两种单质A、B的摩尔质量之比是1：4 B．反应前后的气体质量之比一定是1：4 C．在生成物C中，A的质量分数为50% D．C中A、B两元素的原子个数比为3：1 参考答案：B【考点】阿伏加德罗定律及推论． 【专题】阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律． 【分析】根据阿伏加德罗定律可知，容器的体积固定，相同温度下测得容器内压强不变，则反应前后气体的物质的量相同，若产物气体C的密度是原气体密度的4倍，则气体的质量是反应前气体质量的4倍，化学反应遵循质量守恒定律，则A的质量为B的质量的3倍，在生成物中A的质量分数为75%，由于不能确定A和B的物质的量的关系，则不能确定A、B的摩尔质量和原子个数之间的关系． 【解答】解：A、由于不能确定A和B的物质的量的关系，则不能确定A、B的摩尔质量，故A错误； B、容器的体积固定，若产物气体C的密度是原气体密度的4倍，则气体的质量是反应前气体质量的4倍，所以反应前后的气体质量之比一定是1：4，故B正确； C、根据阿伏加德罗定律可知，相同温度下测得容器内压强不变，则反应前后气体的物质的量相同，反应前后的气体质量之比为1：4，化学反应遵循质量守恒定律， 则A的质量为B的质量的3倍，在生成物中A的质量分数为75%，故C错误； D、由于不能确定A和B的物质的量的关系，则不能确定C中A、B两元素的原子个数比，故D错误． 故选B． 【点评】本题考查阿伏加德罗定律及推论的应用，题目难度中等，注意根据题意只能确定气体的物质的量关系和质量关系，但不能确定固体与气体的物质的量的关系． 2.5g的钠、镁、铝、铁分别与1mol/L的盐酸100mL反应，产生气体的体积：

A．铝最多

B．钠最多

C．一样多

D．无法判断参考答案：B略3.硫酸和硝酸的混合溶液20mL，其中含有硫酸的浓度为2mol/L，含硝酸的浓度是1mol/L，现向其中加入0.96g铜粉，充分反应后（假设只生成NO气体），最多可收集到标准状况下的气体的体积为（

）

A.89.6mL

B.112mL

C.168mL

D.224mL参考答案：D略4.某溶液中大量存在以下五种离子：Cl、SO42-、Fe3+、H+、M，其物质的量浓度之比为c（Cl）︰c（SO42—）︰c（Fe3+）︰c（H）︰c（M）＝5︰3︰2︰3︰2，则M可能是(

)A．Ag+

B．Mg2+

C．NO

D．Na+参考答案：D5.在反应X+2Y＝R+2M中，已知R和M的相对分子质量之比为1:2，当1.5gX和一定量的

Y充分反应后，生成了3.6gM。则在上述反应中，参加反应的X和Y的质量比为（

）

A.1:2

B.2:1

C.1:4

D.4:1参考答案：A略6.在用Zn片、Cu片和稀H2SO4组成的原电池装置中，经过一段时间工作后，下列说法中正确的是A.锌片是正极，铜片上有气泡产生

B.电流方向是从锌片经导线流向铜片C.溶液中H2SO4的物质的量减少

D.电解液的pH保持不变参考答案：C略7.下列各组中离子，能在溶液中大量共存的是

(

)

A．H+、Ba2+、Cl-、SO42-

B．Cu2+、SO42-、Na+、OH-C．Na+、H+、NO3-、Cl-

D．Na+、HCO3-、SO42-、OH-参考答案：C略8.氢气还原氧化铜：CuO+H2Cu+H2O，在该反应中A．CuO作氧化剂

B．反应后Cu元素化合价升高C．反应后H元素化合价降低

D．H2作氧化剂参考答案：A9.已知32gX和40gY恰好完全反应，生成mgQ和9gH，在相同条件下，16gX和30gY混合反应生成0.25molQ及若干摩尔H，则物质Q的摩尔质量应是(

)A．163

B．126

C．122

D．63参考答案：B

10.用NA代表阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（）A.1mol/LNaCl溶液中所含的Na+数为NAB.通常状况下，0.5mol锌粒与足量盐酸反应产生11.2LH2C.常温常压下，2.4g金属镁变成镁离子时，失去的电子数为0.1NAD.标准状况下，22.4L由N2和N2O组成的混合气体中，所含N原子的个数为2NA参考答案：DA、n=cv，只知道溶液的浓度，不知道溶液的体积，无法计算溶质的物质的量，A错误。B、0.5mol锌粒与足量盐酸反应产生0.5molH2，标准状况下体积为0.5*22.4L=11.2L，通常情况下气体摩尔体积不是22.4L/mol，无法计算，B错误。C、1个镁原子变成镁离子失去2个电子，2.4g金属镁变成镁离子时，失去的电子数0.1*2mol=0.2mol，个数为0.2NA，C错误。D、标准状况下，22.4LN2和N2O的混合气体的物质的量为1mol，N2、N2O分子中均含有两个氮原子，所以混合气体中N原子的物质的量为2mol，即2NA个，D正确。点睛：1、涉及有关气体的计算，必须注意气体是否处在标准状况，标准状况下才可以使用22.4L/mol进行相关的计算。2、N2和N2O分子中均含2个N原子，利用极端方法考虑可知两种气体不管如何混合，混合气体所含的N原子数与两种气体混合的比例无关。11.科学家们欲寻找一种新型的半导体材料，可以在元素周期表的（）A．任意位置寻找B．稀有气体元素中寻找C．金属和非金属的分界线处寻找D．活泼金属和活泼非金属区中寻找参考答案：C【考点】元素周期表的结构及其应用．【分析】根据金属和非金属的分界线元素的性质分析．【解答】解：在元素周期表的金属与非金属的分界线附近的元素的金属性和非金属性都较弱，常用于半导体材料，而稀有金属材料和催化剂材料以及耐高温耐腐蚀的合金材料通常属于过渡金属，故选C．12.关于0.1mol/LH2SO4溶液的叙述中错误的是（

）A．1L该溶液中含有H2SO4的质量为9.8gB．0.5L该溶液中氢离子的物质的量浓度为0.2mol/LC．从1L该溶液中取出100mL，则取出溶液中H2SO4的物质的量浓度为0.01mol/LD．取该溶液10mL，加水稀释至100mL后H2SO4的物质的量浓度为0.01mol/L参考答案：C考点：物质的量浓度．专题：物质的量浓度和溶解度专题．分析：A．根据n=cV=计算；B．c（H+）=2c（H2SO4）；C．根据溶液为均一、稳定的分散系进行判断；D．根据溶液稀释前后，溶质的物质的量不变计算．解答：解：A．n（H2SO4）=1L×0.1mol/L=0.1mol，m（H2SO4）=0.1mol×98g．mol=9.8g，故A正确；B．c（H+）=2c（H2SO4）=2×0.1mol/L=0.2mol/L，故B正确；C．溶液为均一、稳定的分散系，从1L该溶液中取出100mL，则取出溶液中H2SO4的物质的量浓度应为0.1mol/L，故C错误；D．取该溶液10mL，n（H2SO4）=0.01L×0.1mol/L，加水稀释至100mL后H2SO4的物质的量浓度为=0.01mol/L，故D正确．故选C．点评：本题考查物质的量的相关计算，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意相关计算公式的运用，难度不大13.短周期的四种元素W、X、Y、Z，原子序数依次变小，四种元素的原子核外

电子层数之和为8。X元素的原子最外层电子数等于Y和Z两元素的原子最外层电子数

之和。W元素和Y元素的原子最外层上的电子数分别是各自电子层数的2倍。X和Z

可以形成XZ3的化合物。

（1）（XZ4）2W属于离子化合物，写出此化合物的化学式_________________。

（2）在A物质的一个分子里含有一个W原子，一个X原子，一个Y原子和一个Z原

子，四个原子共形成5对共用电子对，写出此分子的结构式_______________。A物质

生成的钾盐溶液常用检验___________（填写一种阳离子符号）。参考答案：略14.在一定温度下，密闭容器内某一反应中M、N的物质的量随反应时间变化的曲线如图，下列表述中正确的是（）A.反应的化学方程式为：2NMB.t2时，正逆反应速率相等，达到平衡C.t1时，N的浓度是M的浓度的3倍D.t3时，正反应速率大于逆反应速率参考答案：AA．达到平衡时，N的物质的量为2mol，变化6mol，M的物质的量为5mol，变化3mol，反应的方程式为2N?M，A正确；B．t2时，没有达到平衡状态，则正逆反应速率不等，B错误；C．t1时，N的物质的量为6mol，M的物质的量为3mol，则N的浓度是M浓度的2倍，C错误；D．t3时，达到平衡状态，则正逆反应速率相等，D错误；答案选A。15.对于某些离子的检验及结论一定正确的是（

）A.加入稀盐酸产生无色气体，将气体通入澄清石灰水中，溶液变浑浊，一定有CO32－B.加入氯化钡溶液有白色沉淀产生，再加盐酸，沉淀不消失，一定有SO42－C.加入氢氧化钠溶液并加热，产生的气体能使湿润红色石蕊试纸变蓝，一定有NH4＋D.加入碳酸钠溶液产生白色沉淀，再加盐酸白色沉淀消失，一定有Ba2＋参考答案：C【分析】根据常见离子的检验方法进行分析，A.盐酸能与含碳酸根或碳酸氢根离子的物质反应生成二氧化碳；B.氯化钡能与硫酸根离子或银离子结合生成不溶于水也不溶于酸的沉淀；C.湿润红色石蕊试纸遇碱性物质变蓝；D.含Ca2+、Ba2+的溶液均能与碳酸钠溶液反应，产生白色沉淀，产生的沉淀都能溶于酸。【详解】A.盐酸能与含碳酸根或碳酸氢根离子的物质反应生成二氧化碳，加入稀盐酸产生无色使澄清石灰水变浑浊的气体，不一定有CO32-，还可能是HCO3-等，A错误；B.氯化钡能与硫酸根离子或银离子反应，生成不溶于水也不溶于酸的沉淀，加入氯化钡溶液有白色沉淀产生，再加盐酸，沉淀不消失，存在硫酸根或是银离子中的至少一种，B错误；C.加入氢氧化钠溶液并加热，产生的气体能使湿润红色石蕊试纸变蓝，该气体是氨气，则溶液中一定有NH4+，C正确；D.含有Ca2+、Ba2+溶液均能与碳酸钠溶液产生白色沉淀，加入盐酸，沉淀溶解，放出CO2气体，因此加入碳酸钠溶液产生白色沉淀，再加盐酸白色沉淀消失，故不一定有Ba2＋，D错误；故合理选项是C。二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.用质量分数为36.5%的浓盐酸(密度为1.16g/cm3)配制成1mol/L的稀盐酸。现实验室仅需要这种盐酸220mL。请回答下列问题:(1)配制稀盐酸时，应选用容量为____mL的容量瓶；(2)经计算需要量取______mL浓盐酸，在量取时宜选用下列量筒中的______。(填字母)A.10mL

B.25mL

C.50mL

D.100mL(3)在量取浓盐酸后，进行了下列操作:①等稀释的盐酸其温度与室温一致后，沿玻璃棒注入所选用的容量瓶中。②往容量瓶中小心加蒸馏水至液面接近环形标线1~2cm处，改用胶头滴管加蒸馏水，使溶液的凹面底部与瓶颈的环形标线相切。③在盛盐酸的烧杯中注入蒸馏水几十毫升，并用玻璃棒搅动，使其混合均匀。④用蒸餾水洗涤烧杯和玻璃棒2至3次，并将洗涤液全部注入容量瓶。⑤配制完后,应将容量瓶中的稀盐酸转移到干燥洁净的试剂瓶中存放，盖好塞子并贴上标签。上述操作中，正确的顺序是(填序号)__________________。(4)在上述配制过程中，用刚刚用蒸馏水洗涤洁净的量筒来量取浓盐酸，其配制的稀盐酸浓度是______(填“偏高”、“偏低”、“无影响”)。若定容时，俯视刻度线，则配制的稀盐酸浓度是_______(填“偏高”、“偏低”、“无影响”)。参考答案：(1)250

(2)21.6

B

(3)③①④②⑤

(4)偏低

偏高解析：(1)配制220mL稀盐酸时，应选用容量为250mL的容量瓶；(2)浓盐酸的浓度为mol/L＝11.6mol/L，所以需要量取浓盐酸的体积为，因此在量取时宜选用25mL量筒，答案选B；(3)配制一定物质的量浓度的溶液的一般操作步骤有计算、量取、稀释、移液、洗涤、定容、摇匀、装瓶，故上述操作中，正确的顺序是③①④②⑤；(4)在上述配制过程中，用刚刚洗涤洁净的量筒来量取浓盐酸，相当于稀释浓盐酸，所取盐酸的物质的量偏小，配得溶液的浓度偏低；若定容时，俯视刻度线，溶液体积减少，则配制的稀盐酸浓度是偏高。三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.科学家发现：具有2、8、20、28、50、82、114、126等数目的质子或中子的原子核具有特别的稳定性，并将这些偶数称为“幻数”，而具有双幻数的He、Ni、Sn、Pb等尤为稳定。根据此信息回答下列问题：(1)已知氧有三种同位素O、O、O，根据上述“幻数”规律，氧的同位素中原子核最稳定的是________;在标准状况下,它们形成的单质O2、O2、O2的密度之比是

.(2)根据现有元素周期律推算，R位于元素周期表的_______________。参考答案：(1)O;

16:17:18(3)第七周期第ⅣA族18.（13分）氢能源是一种重要的清洁能源。现有两种可产生H2的化合物甲和乙，甲、乙均由两种元素构成。将6.00g甲加热至完全分解，只得到一种短周期元素的金属单质和6.72LH2（已折算成标准状况）。甲与水反应能产生H2，同时产生一种白色沉淀物，该白色沉淀可溶于NaOH溶液。化合物乙的式量为19，乙与水反应也能产生氢气；乙在催化剂存在下可分解得到H2和另一种单质气体丙，丙在标准状况下的密度为1.25g/L。请回答下列问题：

（1）甲的化学式是_________；乙的化学式是__________。

（2）甲与水反应的化学方程式是__________________________________。

（3）气体丙与金属