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文档简介
积分与反常积分习题a假设f(x)区间[ab可积且有原函数F(x(注释:在区间[ab可积的函数未必有原函数)则有bf(x)dxF(b)F(a).a提示:对于区间[ab任意分割Tax0x1xnb [F(xi)F(xi1)]F(i)xi a求证:假设f(x在[ab可积,则0,存在区间[abgx,使得b|f(x)g(x)|dx.a设f(x在[ab可积,求证函数cosf(x在[ab1.lim
[(n1)(n2)2n]n n2.lim1n
nxdx(13nx,0x
00
(x)
n.
(x)
(xk
1ex
(x)dx(11exdx204.用极限定义计算12xdx0
1f(x)dx是和式nf(
了依据.假定积分
1f(x)dx存在,则当n时,两个和式:
nf(i1)n1 n1
1nf2i1都趋向于1f(x)dx.不过收敛速度有所不同.研究下面 ni 假设f(x在[0,1①|1f(x)dxSn|1M1,②|1f(x)dxn|1M2 M1M2是与f(x)lnxdxp1收敛lnxdxp0)(发散 x
xln(1x)dxp0(p1收敛)4.ln1x)pdxp0(p1 x
1 敛.5.2lnsinxdx(收敛
dx(发散 0lnsin dx(收敛.7.cos(lnxdx(发散.换元tlnx)3x(x2)3x(x2)2(x(1cos1sin1)dx(收敛,泰勒公式,比阶判别法x x1.x3ex2dx(1,换元法 2.arctanxdx(1(ln4),分部积分法 03.0
xln
三 证明题a(1)举例说明:a
f(x0a(2)f(x在[a,非负且一致连续,f(x)dxa
f(x)0sin
sin2
xdx收敛,但是
dxx积分与反常积分习题课题目及解a1。假设f(x区间[abF(x)(注释:在区间[ab可积的函数未必有原函数)则有bf(x)dxF(b)F(a).a证明:对于区间[ab任意分割Tax0x1xnb F(b)F(a)[F(xi)F(xi1)]F(i)xi.i(xi1,xi a当分割的直径趋向于零时,等式右端有极限bf(x)dxaa求证:假设f(x在[ab可积,则0,存在区间[abgx,使得b|f(x)g(x)|dx.a0,由黎曼定理(2.1.4)推出,存在0,使得直径n式Tx1x2,xn},都有(Mkmkk
今取一个满足直径的确定的分割Tx1x2,xn}g(x)mkx[xk1xk)(k1,2,nnb|f(x)g(x)|dxb(f(x)g(x))dx
xk(f(x)
k
kn (Mkmk)dxk
k设f(x在[ab可积,求证函数expf(x)]在[ab证明:f(x在[ab,设Msup{|f(x|axb}.对于区间[abT{x1,x2,,xn},Misup{f(x)|xi1xximiinf{f(x)|xi1xxi},iMimiu,v[xi1xi](其中介于f(u),f(vM1exp(M.对于上述任意分割T{x1,x2,,xn},命 xx},m*inf{exp[f(x)]|
xx *M*m*
n*x
n(M*
n sup{exp[f(u)]exp[f(v)]:
xx}
nM1sup{f(u)f(v):xi1xxi}
M1ixin由于f(xixi0n
0 1.
1[(n1)(n2)2n]nn 解:令
1[(n1)(n2)2n]n[(11)(12)1n)] Aln
1[ln(11)ln(12)ln(1n)]n1ln(1x)dx2ln21 lim
4e2.lim1x2sin2nxdx4knk1
解0x
nxdxnx
nk1 2
2
1 1 kk1
kn
nxdx0nx,0x0
kk1
tdt k1nkn
dx 3
(x)
n.
(x)
(xk
1ex
(x)dx1 n
k
gn(x)dx
k
(x
nk1 n
k(xk1)dx
n
(x)dx
n
11exdxn1k1
n
2n
2k
k
k
1f(x)dx是和式nf(
0 0了依据.假定积分
1f(x)dx存在,则当n时,两个和式:
nf(i1)n1 n1
1nf2i1都趋向于1f(x)dxn n 假设f(x在[0,1①|1f(x)dxSn|1M1,②|1f(x)dxn
1M2 其中M1和M2是与f(x)有关的正数.
n
1 k1 n
kkk|0f(x)dxSn||n1f(x)dxnkk
)|n
n|f(x)f
)|nk1
k
k1n k
k kkn1|f(k)(xkk
n)|dxM1
(x
)dx
12nk1
k n12knn12kn n
2kk②|0f(x)dxn|n|f(x)k
)|k1 2k|n|k
f(k)(x
)|k1 2k
2k
kM1kk1
|x
|dx2M1n2k k12k
|x
|dx2M k
1.lnxdx(p0),2.lnxdx(p0),3.ln(1x)dx(p0) x
x
x 4 ln(1x)pdx(p .5 (lnsinx
(发散) 1 dx(收敛.7.cos(lnxdx(发散.换元tlnx)3x(x2)3x(x2)2(x(1cos1sin1)dx(收敛,泰勒公式,比阶判别法x x1.p1收敛;2.发散;3.1p24.ln(1x)pdxln(12)p
p1收敛,p1 1
112lnsinxdxx0.
x2lnsinx00
20lnsin
dxx
2
lim ,所以发散.2x0lnsin27.cos(lnx)dxcos
etdt 1
012n
12n212解2n212
tedt22n2costdt1(1cos1sin1)dx(收敛,泰勒公式,比阶判别法x1xu1cosu
1u21u4o(u4)1u2o(u4)
1u4o(u4 x1cosx
sin1 1o(1) 24x2 x2
x2(1cos
1)
1xx1.x3ex2dx(1,换元法 2.arctanxdx(1(ln4),分部积分法 03.0
xln
三 证明题a(1)举例说明:a
f(x0a(2)f(x在[a,非负且一致连续,f(x)dxa
f(x)0 (1)
f(x0不成立,则存在某个正数b列{xn},使得f(xn)2bx1a1xn1xn2由于f(x)[a,)一致连续,所以存在正数(不妨设1),使得在区间[xnxn恒有f(xb.于f(x)dx
xnf(x)dx
xkf(x)dxn2bnb
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