汶上县外国语学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

汶上县外国语学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________座号_____姓名__________分数__________一、选择题1．在匀强电场中，把一个电量为q的试一试电荷从A挪动到B点。已知场强为E，位移大小为d，初末地点电势差为U，电场力做功为W，A点电势为。下边关系必定正确的选项是A.B.C.D.【答案】A【分析】因初末地点电势差为U，则电场力的功为W=Uq，选项A正确；因位移d不用然是沿电场线的方向，则U=Ed不用然正确，应选项BCD错误；应选A.2．图示为一电场的的电场线图，对于A、B两点的电场强度，以下说法正确的选项是A.A点的电场强度小于B点的电场强度B.A点的电场强度大于B点的电场强度C.B点的电场强度度方向向左，A点的向右D.负电荷在B点遇到的电场力向左【答案】B【分析】电场线的疏密代表场强的强弱，依据图象可知，在电场的A点的电场线较密，因此在A点的电场强度要比B点的电场强度大，故A错误，B正确；电场线的方向就是电场强度的方向，由图可知B点的电场线的方向向左，A点沿着该点切线方向，指向左方，故C错误；负电荷在B点遇到的电场力方向与电场强度方向相反，因此遇到向右的电场力，故D错误。因此B正确，ACD错误。3．以以下图，磁场方向竖直向下，通电直导线ab由水平川点1绕a点在竖直平面内转到地点2的过程中，通电导线所受安培力是第1页，共11页．数值变大，方向不变．数值变小，方向不变C．数值不变，方向改变．数值，方向均改变【答案】B【分析】安培力F=BIL，电流不变，垂直直导线的有效长度减小，安培力减小，安培力的方向老是垂直BI所构成的平面，因此安培力的方向不变，B正确。4．由三颗星体构成的系统，忽视其余星体对它们的作用，存在着一种运动形式：三颗星体在互相之间的万有引力作用下，分别位于等边三角形的三个极点上，绕某一共同的圆心O在三角形所在的平面内做同样角速度的圆周运动（图为A、B、C三颗星体质量不同样时的一般状况）．若A星体质量为2m，B、C两星体的质量均为m，三角形的边长为a，则以下说法正确的选项是（）m2A.A星体所受协力大小FA＝2G2am2B.B星体所受协力大小FB＝27G2a7C.C星体的轨道半径RC＝a2a3D.三星体做圆周运动的周期T＝πGm【答案】DG2m2【分析】A、由万有引力定律，A星遇到B、C的引力的大小：FBAFCA2aFA023Gm2，A错误；方向如图，则协力的大小为：2FBAcos302aB、同上，B星遇到的引力分别为：FABG2m2,FCBGm2a2a2，方向如图；第2页，共11页FB沿x方向的分力：FBxFABcos600FCB2Gm2a2FB沿y方向的分力：FByFABsin6003Gm2a2227Gm2，B错误；可得：FBFBxFBya2G2m2C、经过对于B的受力分析可知，因为：FAB,协力的方向经过BC的中垂线AD的中点,因此圆心Oa2227a,C错误；必定在BC的中垂线AD的中点处。因此：RCRBa3a244D、由题可知C的受力大小与B的受力同样，对B星：FB7Gm2m427a，解得：Ta3，a2T24GmD正确。应选：D。5．在图示的四幅图中，正确标了然带正电的粒子所受洛伦兹力f方向的是A.B.C.D.【答案】B【分析】由左手定章可知，在A图中，粒子所受洛伦兹力竖直向下，故A错误；由左手定章可知，在B图中，粒子所受洛伦兹力竖直向上，故B正确；由左手定章可知，在C图中，粒子运动的方向与磁场的方向平行，不受洛伦兹力作用，故C错误；由左手定章可知，在D图中，粒子运动的方向与磁场的方向平行，不受洛伦兹力作用，故D错误。因此B正确，ACD错误。6．一个电热水壶的铭牌上所列的主要技术参数以下表所示，依据表中供应的数据，计算出此电热水壶在额定电压下工作时，经过电热水壶的电流约为第3页，共11页额定功率1500W额定频次50Hz额定电压220V容量1.6LA.2.1AB.3.2AC.4.1AD.6.8A【答案】D【分析】试题分析：额定功率等于额定电压与额定电流的乘积；由铭牌读出额定功率和额定电压，由公式P=UI求解额定电流．解：由铭牌读出额定功率为P=1500W，额定电压为U=220V，由P=UI，得，经过电热水壶的电流为：I==A≈6.8A应选：D．7．一个正常工作的理想变压器的原、副线圈中，以下的哪个物理量不相等A、交变电流的频次B、电流的有效值C、电功率D、磁通量的变化率【答案】Ｂ【分析】试题分析：理想变压器不会改变沟通电的频次，选项A错误；由U1n1，由此可知两线圈的有效值不同样，U2n2选项B正确；由能量守恒定律可知输入、输出功率同样，选项C错误；理想变压器的工作原理是互感现象，磁通量的变化率同样，选项D错误；应选B考点：观察理想变压器谈论：此题难度较小，掌握变压器的原理即可回答此题8．（多项选择）以以下图，A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB＝BC＝CD，E点在D点的正上方，与A等高。从E点以必定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，对于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程（）第4页，共11页A．球1和球2运动的时间之比为2∶1B．球1和球2动能增添量之比为1∶2C．球1和球2抛出时初速度之比为22∶1D．球1和球2运动时的加快度之比为1∶2【答案】BC【分析】9．真空中保持必定距离的两个点电荷，若此中一个点电荷的电荷量增添了21，但仍旧保持它们之间的互相作使劲不变，则另一点电荷的电量必定减少了（）A．21B．31C．14D．241【答案】B10．（多项选择）以以下图电路，电源电动势为E，内阻为r，当开关S闭合后，小型直流电动机M和指示灯L都恰能正常工作。已知指示灯L的电阻为R0，额定电流为I，电动机M的线圈电阻为R，则以下说法中正确的是A.电动机的额定电压为IRB.电动机的输出功率为IE-I2RC.电源的输出功率为IE-I2rD.整个电路的热功率为I2（R0+R+r）【答案】CD【分析】电动机两头的电压U1=U﹣UL，A错误；电动机的输入功率P=U1I，电动机的热功率P热=I2R，则电动机的输出功率P2=P﹣I2R，故B错误；整个电路耗费的功率P总=UI=IE-I2r，故C正确；整个电路的热功率为Q=I2（R0+R+r），D正确。11．以以下图，一辆小车静止在水平川面上，bc是固定在小车上的水平横杆，物块M穿在杆上，M经过细线悬吊着小物体m，m在小车的水平底板上，小车未动时细线恰幸亏竖直方向上．现使小车向右运动，全过程中M素来未相对杆bc挪动，M、m与小车保持相对静止，已知a1∶a2∶a3∶a4＝1∶2∶3∶4，M遇到的摩擦力大小挨次为Ff1、Ff2、Ff3、Ff4，则以下结论正确的选项是（）．第5页，共11页．Ff1∶Ff2＝1∶2．Ff2∶Ff3＝1∶2．Ff3∶Ff4＝1∶2D．tanα＝tanθ【答案】AD12．以以下图，A、B、C三球质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连结。倾角为θ的圆滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始系统处于静止状态，细线被烧断的瞬时，以下说法正确的选项是A．A球的受力状况未变，加快度为零B．C球的加快度沿斜面向下，大小为gC．A、B两个小球的加快度均沿斜面向上，大小均为0.5gsinθD．A、B之间杆的拉力大小为2mgsinθ【答案】C【分析】细线被烧断的瞬时，AB作为整体，不再受细线的拉力作用，故受力状况发生变化，协力不为零，加速度不为零，A错误；对球C，由牛顿第二定律得：，解得：，方向向下，B错误；以A、B构成的系统为研究对象，烧断细线前，A、B静止，处于均衡状态，协力为零，弹簧的弹力，以C为研究对象知，细线的拉力为，烧断细线的瞬时，A、B遇到的协力等于，因为弹簧弹力不可以突变，弹簧弹力不变，由牛顿第二定律得：第6页，共11页，则加快度，B的加快度为：，以B为研究对象，由牛顿第二定律得：，解得：，C正确，D错误。13．以以下图，可以将电压高升供应电灯的变压器的图是（）【答案】C【分析】试题分析：甲图中原线圈接入恒定电流，变压器不可以工作，故A错误；乙图中，原线圈匝数比副线圈匝数多，因此是降压变压器，故B错误；丙图中，原线圈匝数比副线圈匝数少，因此是升压变压器，故C正确；丁图中，原线圈接入恒定电流，变压器不可以工作，故D错误。考点：观察了理想变压器14．一台家用电冰箱的铭牌上标有“220V100W”，这表示所用交变电压的（）A.峰值是311VB.峰值是220VC.有效值是220VD.有效值是311V【答案】AC【分析】试题分析：可是波及到沟通点的均应当是有效值，即有效值为220V，依据沟通电最大值和有效值的关系，最大值为2202V考点：有效值、最大值谈论：此题观察了沟通电的有效值和最大值的差别与联系。沟通电中的有效值是利用电流热效应定义的。15．以以下图，一个带正电的物体，从固定的粗拙斜面顶端沿斜面滑终归端时的速度为v，若加上一个垂直纸面向外的匀强磁场，则物体沿斜面滑终归端时的速度A．变小B．变大C．不变D．不可以确立第7页，共11页【答案】B【分析】由左手定章可知物块遇到垂直于斜面向上的洛伦兹力，物块与斜面之间的压力减小，因此摩擦力减小，由动能定理得，因为Ff减小，故vt增大，故B正确。二、填空题16．为了研究物体质量一准时加快度与力的关系，一起学设计了以以下图的实验装置。此中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量。（滑轮质量不计）（1）实验时，以下要进行的操作正确的选项是________。．用天平测出砂和砂桶的质量．将带滑轮的长木板左端垫高，以均衡摩擦力C．小车凑近打点计时器，先接通电源，再开释小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数．改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E．为减小偏差，实验中必定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M（2）该同学在实验中获得以以下图的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采纳的是频次为50Hz的沟通电，依据纸带可求出小车的加快度为________m/s2（结果保存两位有效数字）。（3）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加快度为纵坐标，画出的a－F图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为θ，求得图线的斜率为k，则小车的质量为____________。12A．2tanθB.tanθC．kD.k【答案】（1）CD（2）1.3（3）D17．以以下图，实线为电场线，虚线为等势面，且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面φ3上时具有动能60J，它运动到等势面φ1上时，速度恰巧为零，令φ2＝0，那么，当该电荷的电势能为12J时，其动能第8页，共11页大小为____J。【答案】18三、解答题18．一根质量为m通有电流I的直铜棒PQ用软导线挂在以以下图匀强磁场中，铜棒在磁场中的长度为L，此时悬线中的拉力恰巧等于零。1）在图中画出在磁场中的直铜棒遇到的安培力的方向；2）求出磁场的磁感觉强度大小。【答案】（1）向上（2）【分析】试题分析：依据安培力的定义式即可解题。（1）安培力方向以以下图：（2）铜棒受重力和安培力，以以下图：依据均衡条件可得：安培力为：联立可得：点睛：此题主要观察了安培力的大小和方向，对铜棒受力分析在联合均衡条件即可解题。19．一长木板置于粗拙水平川面上，木板左端搁置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5m，如图（a）所示。t＝0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t＝1s时木板与墙壁碰撞（碰撞时间极短）。碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块素来未走开木板。已知碰撞第9页，共11页后1s时间内小物块的v-t图线如图（b）所示。木板的质量是小物块质量的15倍，重力加快度大小g取10m/s2。求：（1）木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2；2）木板的最小长度；3）木板右端离墙壁的最后距离。【答案】（1）0.10.4（2）6.0m（3）6.5m【分析】联立①②③式和题给条件得μ1＝0.1④在木板与墙壁碰撞后，木板以－v1的初速度向左做匀变速运动，小物块以v1的初速度向右做匀变速运动。设小物块的加快度为a2，由牛顿第二定律有－μ2mg＝ma2⑤由题图（b）可得v2－v1a2＝⑥t2－t1第10页，共11页式中，t2＝2s，v2＝0，联立⑤⑥式和题给条件得μ2＝0.4。⑦（2）设碰撞后木板的加快度为a3，经过时间t，木板