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文档简介

云南省曲靖市大庄乡中学2023年高三数学理联考试卷含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.已知命题,使为偶函数;命题:函数在上单调递减,则下列命题为真命题的是(

)A.

B.

C.

D.参考答案:D2.阅读如图所示的程序框图,运行相应的程序,若输出的S为,则判断框中填写的内容可以是()A.n=6 B.n<6 C.n≤6 D.n≤8参考答案:C【考点】程序框图.【专题】算法和程序框图.【分析】模拟执行程序框图,依次写出每次循环得到的S,n的值,当n=8时,S=,由题意,此时应该不满足条件,退出循环,输出S的值为,故判断框中填写的内容可以是n≤6.【解答】解:模拟执行程序框图,可得S=0,n=2满足条件,S=,n=4满足条件,S==,n=6满足条件,S==,n=8由题意,此时应该不满足条件,退出循环,输出S的值为,故判断框中填写的内容可以是n≤6,故选:C.【点评】本题主要考查了程序框图和算法,正确写出每次循环得到的S的值是解题的关键,属于基础题.3.方程的解属于区间(

)A.(0,1)

B.(1,2)

C.(2,3)

D.(3,4)参考答案:C略4.某几何体的三视图(如图),则该几何体的体积是 A.

B.

C.

D.

参考答案:B5.设命题p:?n∈N,n2>2n,则¬p为(

)A.?n∈N,n2>2n B.?n∈N,n2≤2n C.?n∈N,n2≤2n D.?n∈N,n2=2n参考答案:C【考点】命题的否定.【专题】简易逻辑.【分析】根据特称命题的否定是全称命题即可得到结论.【解答】解:命题的否定是:?n∈N,n2≤2n,故选:C.【点评】本题主要考查含有量词的命题的否定,比较基础.6.过双曲线的右顶点作轴的垂线与的一条渐近线相交于.若以的右焦点为圆心、半径为4的圆经过则双曲线的方程为(

)A.

B.

C.

D.参考答案:A以的右焦点为圆心、半径为4的圆经过则c=4.且.设右顶点为B,C,,,又。得所以双曲线方程。7.参考答案:C略8.已知数列满足:,若数列的最小项为1,则m的值为A. B. C. D.参考答案:B9.已知点,点在圆:上运动,则直线斜率的取值范围是A.

B.C.

D.参考答案:B略10.宋元时期数学名著《算学启蒙》中有关于“松竹并生”的问题:松长五尺,竹长两尺,松日自半,竹日自倍,松竹何日而等长.右图是源于其思想的一个程序框图,若输入的a,b分别为5,2,则输出的n=(

)A.2

B.3

C.

4

D.5参考答案:C二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.已知函数,当取值为

时,取最大值为

。参考答案:12.运行如图所示的伪代码,则输出的I的值为

参考答案:6第一遍循环S=0,I=1,第二轮循环S=1,I=2,第三轮循环S=3,I=3,第四轮循环S=6,I=4,第五轮循环S=10,I=5,第六轮循环S=15,I=6,所以输出的I=6.13.若(x+1)n=xn+…+ax3+bx2+…+1(n∈N*),且a=3b,则n=________.参考答案:1114.共有种排列,其中满足“对所有

都有”的不同排列有

种.参考答案:54可分步考虑:第1步,确定,∵,所以∴只能从1,2,3这3个数字中选1个,有3种;第2步,确定,从上面余下的2个中选1个,再可选数字,有3种;第3步,确定,从上面余下的2个中选1个,再可选数字1,有3种;第4步,确定,从上面余下的2个中选1个,再没其它数字可选,有2种;第5步,确定,从上面余下的1个中选1个,有1种.故一共有3′3′3′2′1=54种.15.(理科做)直线与抛物线所围成图形的面积是

.参考答案:16.已知函数的图象过点A(2,1),且在点A处的切线方程,

.参考答案:017.若函数的反函数是,则

.参考答案:答案:2三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,已知AB⊥侧面BB1C1C,AB=BC=1,BB1=2,∠BCC1=(Ⅰ)求证:C1B⊥平面ABC;(Ⅱ)设=λ(0≤λ≤1),且平面AB1E与BB1E所成的锐二面角的大小为30°,试求λ的值.参考答案:考点:二面角的平面角及求法;直线与平面垂直的判定.专题:空间位置关系与距离;空间角.分析:(Ⅰ)由已知条件推导出AB⊥BC1,BC⊥BC1,由此能证明C1B⊥平面ABC.(Ⅱ)以B为原点,BC、BA、BC1所在直线分别为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系.利用向量法能求出λ的值.解答: (Ⅰ)证明:∵AB⊥侧面BB1C1C,BC1?侧面BB1C1C,∴AB⊥BC1,在△BCC1中,BC=1,CC1=BB1=2,∠BCC1=,由余弦定理得:BC12=BC2+CC12﹣2BC?CC1?cos∠BCC1=12+22﹣2×1×2×cos=3,∴BC1=,∴BC2+=C,∴BC⊥BC1,∵BC∩AB=B,∴C1B⊥平面ABC;(Ⅱ)解:由(Ⅰ)知,BC,BA,BC1两两垂直,以B为原点,BC、BA、BC1所在直线分别为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系如图.则B(0,0,0),A(0,1,0),B1(﹣1,0,),C1(0,0,),C(1,0,0),∴=(﹣1,0,),∵=λ(0≤λ≤1),∴=(﹣λ,0,λ),∴E=(1﹣λ,0,λ),则=(1﹣λ,﹣1,λ),=(﹣1,﹣1,),设平面AB1E的法向量为=(x,y,z),则,∴,令z=,则x=,y=,∴=(,,),∵AB⊥侧面BB1C1C,∴=(0,1,0)是平面BEB1的一个法向量,∴|cos<,>|=||=,两边平方并化简得:2λ2﹣5λ+3=0,解得:λ=1或λ=(舍去),∴λ的值是1.点评:本题考查直线与平面垂直的证明,考查满足条件的实数值的求法,解题时要认真审题,注意向量法的合理运用,注意解题方法的积累,属于中档题.19.在三棱柱中,侧面为矩形,,,为的中点,与交于点,侧面.(1)证明:;(2)若,求直线与平面所成角的正弦值.参考答案:

略20.在△ABC中,内角A,B,C的对边分别为,且.(I)求角B的大小;(Ⅱ)若,,求的值.参考答案:略21.

已知椭圆.(Ⅰ)若,求椭圆的离心率及短轴长;(Ⅱ)如存在过点,且与椭圆交于两点的直线,使得以线段为直径的圆恰好通过坐

标原点,求的取值范围.参考答案:(Ⅰ)离心率为,短轴长为;(Ⅱ).

(Ⅱ)当直线的斜率存在时,由题意可设直线的方程为,,.由得.所以,,.因为以线段为直径的圆恰好过原点,所以.所以,即.考点:(1)椭圆的几何性质;(2)直线与圆锥曲线的位置关系.【方法点睛】本题主要考查了椭圆的几何性质以及直线与圆锥曲线的位置关系,整体代换思想的应用,难度适中;根据椭圆的基本性质可以解决(Ⅰ)中的所有问题,在第二问中解题时要认真审题,把以线段为直径的圆恰好通过坐标原点转化为,联立直线的方程与椭圆的方程,注意根的判别式、韦达定理的合理运用,结合恒成立,得到的值.22.已知函数f(x)=-x2+2ax+1-a在0≤x≤1时有最大值2,求a的值.参考答案:(1)当对称轴x=a<0时,如图①所示.当x=0时,y有最大值,ymax=f(0)=1-a,所以1-a=2,即a=-1,且满足a<0,∴a=-1;(1)

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