广东省实验中学中考物理二模试卷2020年

PAGE2321页2020广东省实验中学中考物理二模试卷示，下列判断正确的示，下列判断正确的( )A.甲音叉比乙音叉发声的音调低甲、乙两音叉发声的音色不同发声时甲音叉比乙音叉振动得快2. 𝛼粒子散射实验装置，由实验2. 𝛼粒子散射实验装置，由实验现象可以推断，原子内大部分体积是空的，大部分质量和正电荷集中在很小的原子上。下列关于原子说法正确的( )𝑚−𝑚−𝑉关系图象。下列说法中正确的是( )A.2倍

B.原子核带正电、体积很小D.核外电子不带电甲的质量比乙的质量大20𝑐𝑚310g乙物质的密度与质量成正比羽毛球因为简单易学、老少皆宜，从而被广大人民群众喜爱，下列有关与羽毛球运动的说法中，正确的( )运动员在发球时，球拍对羽毛球的力大于羽毛球对球拍的力如果羽毛球的上升过程中受到的力全部消失，羽毛球将静止羽毛球在下落过程中，速度变快，惯性变大羽毛球在接触球拍后方向改变，说明力可以改变物体的运动状态如图所示，如图所示，的力将物体B匀速提升h，若借助滑轮组的力把物体B匀速提升相同高度。下列说法正确的( )使用滑轮组过程中，绳子移动距离是物体的上升高度的两倍滑轮组的机械效率为D.做功的功率大6. 6. A𝜈沿轨道滚下，经另一侧等高点B后到达最高𝐶.下列关于小球滚动过程的分析正确的( )B两点具有的动能相同、C>>AC点具有的重力势能关于温度、比热容、热量、内能，以下说法正确的( )热量也有可能从内能小的物体向内能大的物体转移0℃0℃的水，温度不变，内能不变的水具有的内能多升高相同度时，吸收热量越多的物体比热容越大A.B.图甲是通电线圈在磁场中受到力的作用的示意图，图乙是图甲情景剖面图表示导线垂直纸面电流从纸外向纸内表示导线垂直纸面电流从纸内流向纸外，现通电线圈转至丙位置，其正确的剖面图( )A.B.C.D.如图所示表示一根导线，它是闭合电路的一部分。它在各图中按所示方向运动时，试判断在这四种情况导线ab中有感应电流产生的C.D.B.C.×表示磁感线垂直于纸面向里，电流表在磁场外固定不动B.𝑝B.C.×表示磁感线垂直于纸面向里，电流表在磁场外固定不动B.𝑝1>𝑝2C.𝑝1>𝑝2D.𝑝1>𝑝2A.D.导线水平南北放置，径直向上运行A.𝑝1>𝑝2如图所示，以下四个关于“气体压强与流速的关系”的现象中，压𝑝1、D.导线水平南北放置，径直向上运行A.𝑝1>𝑝2水平面上有两个相同的溢水杯，分别装满不同的液体，将同一个小球A分别放入溢水杯中静止时(如图所示从甲杯中溢出0.6𝑁的液体，从乙杯中溢出0.4𝑁的液体。下列说法不正确的( )A在甲杯中受到的浮力大于在乙杯中受到的浮力A0.6𝑁0.4𝑁甲杯液体的密度大于乙杯液体的密度12. 12. 𝑅2均为定值电阻。闭合开关S时，电流表示数0.5𝐴，电压表示数为6V；同时闭合开关S电流表示数0.8𝐴，电压表示数2.4𝑉.比较上述两种情况，以下说法正确的( )后，电源电压不变后，𝑅1两端电压变大𝑅1的电流变大13.如图中A和B是放在平面镜前完全相同的两支蜡烛A13.如图中A和B是放在平面镜前完全相同的两支蜡烛AB经平面镜所成的像：线。如图1111𝐿22𝐿2的AB物体的部分光路图已画出。1ab经物镜折射前的入射光线；图中未画出AB物体，但已经画出AB物体经物𝐿1所成的𝐴′𝐵′，还𝐴′𝐵′经目𝐿2的成像光路图，由图1可知目𝐿2是一选填“凸透镜”“玻璃砖”或“凹透镜目𝐿2所成的𝐴′′𝐵′′是 (填“放大”、“等大”或“缩小的 选填“实像”或“虚像如图2所示，电磁波家族成员很多，有无线电波、红外线、可见光、紫外线𝑋−射线𝛾−射线等，真空中各种电磁波的传播速度相同。前段时间科学家利用射电望远镜拍到了第一张黑洞的照片如图3，已知射电望远镜通过收集太空的亚毫米波段的电磁波长大于可见进行记录最后生成这幅黑洞照片。下列说法不正的是 。①图2中的L表示一个波的波长②亚毫米波段电磁波的频率高于可见光，所以人类无法看见③真空中亚毫米波段电磁波的传播速度和可见光相同④亚毫米波段电磁波的传播必须要有介质AB2；BC段匀速运动，测力计示数为1.6𝑁；达到C点时，撤去拉力，木块开始减速运动至D处静止。在方框内以黑点代替木块，画出木块在BC段时的受力示意图(2)该木块在BC段时所受滑动摩擦力大小N；(3)在整个A至D的过程中，木块所受摩擦力大小 (填“不变”、“变化”或“无法判断是否变化”)。15. 如图所示一冰块放入烧杯中对杯底的压强对杯底的压力当冰熔化成水时水对杯底的压强𝑝2，对杯底的压力𝑝1 15. 如图所示一冰块放入烧杯中对杯底的压强对杯底的压力当冰熔化成水时水对杯底的压强𝑝2，对杯底的压力𝑝1 。点挂一重物代替箱子。用测力计沿𝐹1方向拉，使模型静止，可测出腰背部复杂肌肉拉力的大小。接着，改变脊柱与水平面的夹角即可改变杠杆与水平面的夹角𝛼，多次实验得出结论。𝐿2；(2)当𝛼

(选填“变大”、“不变”或“变小”)，𝐹1

(选填“变大”、“不变”或“变小你判如何变化的依据是；(3)对比甲乙两种姿势所对应丙图中的两种状态，由以上分析得(选填“甲”或“乙图中的姿势较正确。燃料的质量𝑚/𝑔燃料的质量𝑚/𝑔100200300400𝑄木柴/𝐽燃料完全燃烧放出的热量𝑄焦炭/𝐽𝑄木炭/𝐽1.3×1062.6×1063.9×1065.2×1063.0×1066.0×1069.0×10612.0×1063.4×1066.8×10610.2×10613.6×106从表中数据可以得到：木柴的热值是。假设完全燃烧300g焦炭的热量完全用于加热酒精，可kg的酒精温度升10℃.[𝑐 =2.4×103𝐽/酒精(𝑘𝑔⋅℃)实际加热这些酒精所需要燃烧的焦炭比上述要多许多，原因是用焦炭烧水时，除了酒精吸收的热外，还有一分传给了盛酒精的容器，还有其他原因答一个即。2.5×103𝑁的雨滴进行研究得到的数据。10.420.1320.820.2631.020.32541.030.7351.041.2562.042.50实验序号空气密度𝜌气(𝑘𝑔/𝑚3)下落速度𝑣(𝑚/𝑠)所受空气阻力𝑓(×103𝑁)由表中实验序号实验序号空气密度𝜌气(𝑘𝑔/𝑚3)下落速度𝑣(𝑚/𝑠)所受空气阻力𝑓(×103𝑁)根据二力平衡条件计算并结合表格信息可知，该雨滴匀速下落时速度𝑚/𝑠，所处环境空气密度满足的条件气= 𝑘𝑔/𝑚3。某家用电饭锅内部电路简化示意图如图甲，开关S220V的电压下煮饭过程中，通过的电流随时间变化的图象如图乙。求：(2)(3)该电饭锅此次工作30分钟共消耗的电能。如图1的运动员背着降落伞从悬崖上由静止开始竖直跳下，经15s下落210m后，运动员开始做匀速直线运动直至落30s2所示，g10𝑁/𝑘𝑔。求：在这整个过程中运动员所受重力做的功和功率；10s30s这个过程中，运动员的动能、重力势能、机械能是如何变化的？))热量相同，它们的温度随时间变化情况的一部分如图所示。当加热至2min时，甲吸收的热乙吸收的热(选填“等于”、“大于”从图中可以看出固体物质甲的比热固体物质乙的比热(选填“大于”“小于”或“等于你判断的依据；根据图象分析固体晶(选填“是”“不是”或“可能是。在“探究串联电路电压的规律”的实验中，所连接的电路如图甲所示，所用的是两节新的干电池。在图的方框内画出实物图对应的电路；连接好电路后闭合开关小慧发现两只灯泡都不亮，她用一根导线接在灯𝐿1两端，仍然都不亮，将线接在灯𝐿2两端，𝐿1亮，则故障可能(选填“𝐿1灯丝断了”、“𝐿2灯丝断了②小英在做这个实验的时候观察到了相同的现象，即“连接好电路后闭合开关S，两只灯泡都不亮”，但他认电压表正、负接线柱的连接情况电压表示数/𝑉电源两端3S两端0电压表正、负接线柱的连接情况电压表示数/𝑉电源两端3S两端0𝐿1两端𝐿2两端30根据以上信息，可判断电路故障可能(选填“𝐿1灯丝断了”、“𝐿2灯丝断了排除故障后闭合开关，电压表的示数如图乙所示，𝐿1两端的电压𝑉.测量了𝐿1两端的电压后，断开开关，然后将导线AE的A端松开，接到D接线柱上，测量𝐿2两端的电压。你认为这一做法是否正确 理由是。23.动到撞上挡板的过程中的平均速度大小与滑块质量是否有关。23.动到撞上挡板的过程中的平均速度大小与滑块质量是否有关。答案和解析D【解析】解：A、振动越快，音调就越高，甲音叉振动快，甲音叉发声的音调高，故A错误。B、响度是由发声体的振幅决定的，甲音叉的振动幅度小，所以甲响度小于乙，故B错误。C、由图可知，甲乙的波形是相同的，即音色相同，故C错误。D、由波形图可知，相同的时间内甲音叉振动的次数多，甲音叉振动快，故D正确。故选：D。本题主要是考查学生对于波形图的认识以及影响音调、音色和响度的因素。B、原子核带正电，故A错误；B、原子核是带正电的，体积很小，故BCDCD错误。故选：B。中子不带电荷。此题主要考查学生对于原子的理解和掌握，属于基础性问题。A【解析】解：𝐴.由图象可知，当体积都为20𝑐𝑚3时，甲的质量是20g，乙的质量是10g，由𝜌=𝑚可知，甲的密度是𝑉乙的密度2倍，故A正确；由图象可知，相同体积时，甲的质量比乙的质量大，但选项中没有说明“体积相同”，故B错误；20𝑐𝑚320gC错误；D错误。故选：A。(1)由图象可知，体积𝑉=20𝑐𝑚3时，甲的质量是20g，乙的质量是10g，甲的质量是乙的质量的2倍，由𝜌=𝑚可𝑉知甲、乙的密度大小关系；20𝑐𝑚3时的质量；(4)密度是物质的一种特性，其大小与物体的质量、体积大小无关。难度。D【解析】解：A、击打羽毛球时，球拍对球的力与球对球拍的力是一对相互作用力，二者大小相等，故A错误；BB错误；C、惯性的大小只与物体的质量的有关，与速度无关，故C错误；D、羽毛球球触网后方向改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。故选：D。力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的，相互作用的两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上；物体没有受到力的作用时，总保持静止或匀速直线运动状态；(4)力既可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。活的联系，要学会观察和思考。C【解析】解：A.由图可知𝑛=3，则使用滑轮组过程中，绳子移动距离是物体的上升高度的三倍(即𝑠=3ℎ)，故A错误；B.用𝐹1的力将物体B匀速提升h，由于物体做匀速运动，所以𝐹1=𝐺，

𝐺𝐺𝐺动

不一定大于𝐹，故B错误；C.滑轮组的机械效率为𝜂=𝑊有用=𝐺ℎ

2=𝐹1ℎ

3 3 1 2=𝐹1，故C正确；𝑊总 ℎ

ℎ 𝑡D.𝐹2做的功为总功，所以𝐹2比𝐹1做的功多，但不知将物体提升相同高度的时间关系，则根据𝑃=𝑊知无法确定两个𝑡拉力做功的功率大小，故D错误。故选：C。n𝑠=𝑛ℎ可知绳子移动距离是物体上升高度的关系；根据动滑轮的重力分析解答；(3)直接提起物体所做功是有用功，利用滑轮组提升重物，绳子自由端做功为总功，由𝜂=

𝑊有用计算滑轮组的机械效𝑊总率；(4)由𝑃=𝑊分析两个力的功率。𝑡有用功和总功是解题的关键。C形轨道，所以受摩擦力，要克服摩擦力做功，故A错误；B、在粗糙的弧形轨道上受摩擦力，要克服摩擦力做功，所以小球下落过程中，机械能减小，故在A、B两点具有的动能不同，故B错误；C、小球运动过程中，要克服摩擦力做功，机械能减小，小球质量不变，故小球在A、B、C三点的速度大小关系是𝜈𝐴>𝜈𝐵>𝜈𝐶，故C正确；D、要克服摩擦力做功，机械能减小，故在ACD。做功的条件是：有力，且沿力的方向运动一段距离；(3)(。此题考查了力是改变物体运动状态的原因、能量的转化和运动快慢的分析，是一道综合题目。A【解析】解：A正确；0℃0℃的水，在熔化过程中，从外界吸收热量，内能增大，但温度保持在熔点不变，故B错误；内能的多少与物体的质量、温度、状态等因素有关，因此只有温度关系，不能确定其内能的关系，故C错误；D.𝑄=𝑐𝑚△△就无法根据吸收热量的多少来判断比热容的大小，故D错误。故选：A。热传递的条件是存在温度差；物体吸收热量，内能变大，温度可能不变；(3)(4)质量相同的不同物质，升高相同的温度时，比热容大的物体，吸收的热量多。本题考查了热传递的条件、内能的影响因素、比热容的大小，难度不大，要掌握。B【解析】【分析】通电导线在磁场中受力的作用，所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关是解决该题的关键。【解答】ab，垂直纸面向里，根据乙可知受力向上，电流方向cd受力向下。。C【解析】解：产生感应电流的条件为：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；由图可知，ABD中导体棒沿磁感线方向运动、或导体棒平行于磁场方向，即没有做切割磁感线运动，所以ABD图中导体棒做切割磁感线运动，会产生感应电流，故C符合题意。故选：C。10.A>𝑝2.A正确；B、如图物体上下表面凸起程度相同，相同时间内，空气经过两面的路程相同，速度相同，压强相同，即𝑝1=𝑝2.故B不正确；C、对着两张纸的中间吹气，两张纸中间的空气流速变大，压强变小，小于纸外侧的大气压，但外侧压强相同，即𝑝1=𝑝2.故C不正确；D、如图用漏斗从乒乓球上方吹气，乒乓球上方气流速度大于下方的气流速度，则上方压强小于下方压强，即𝑝1<𝑝2.故D不正确；故选A．流体压强与流速的关系：在流体中，流速大的地方压强越小．掌握流体压强跟流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．能用流体压强解释有关的问题．D、根据阿基米德原理，物体在液体中受到的浮力大小等于其排开液体的重力，由于甲杯中溢出的液体𝑁𝑁A在甲杯中受到的浮力大于在乙杯中受到的浮力A正确；B.根据物体在液体中的沉浮条件可知，小球A0.6𝑁0.4𝑁B正确；C.浮，则物体的密度小于液体甲的密度，故甲杯液体的密度大于乙杯液体的密度，故C正确；D.根据液体压强公式𝑝=𝜌𝑔ℎ知，小球A放入前，两个相同的溢水杯液位高度相同，因为甲杯液体的密度大于乙杯液体的密度，故液体对甲杯底的压强大于液体对乙杯底的压强，故D错误。故选：D。根据阿基米德原理可知小球在甲乙两杯中受到的浮力；(3)根据物体浮沉条件得出两种液体的密度关系；(4)根据𝑝=𝜌𝑔ℎ分析杯底受到的压强大小。()得出两液体的密度关系。DS𝑅1SA.前后，电压表都是测量的电源电压，而两次测量结果不同，故电源电压有变化，故AB.前后，𝑅1B错误；𝐶𝐷.闭合开关𝑆1

=

=6𝑉0.5𝐴

=

的电流为𝐼′1=𝑈′1=𝑅12.4𝑉12𝛺

=0.2𝐴，故流过𝑅1的电流变小，故C错误、D正确。故选：D。闭合开关S𝑅1路；根据并联电路的电流和电压的特点分析电压和电流的变化。本题考查了并联电路的电流、电压的特点、欧姆定律的应用，难度不大，要掌握。根据像与物关于平面镜对称的特点分别作出蜡烛AB𝐴′𝐵′，𝐴′𝐵′就是蜡烛AB的像。(2)连接B、A并延长，与平面镜的交点为O，O点即为入射点，连接𝐵′𝐴′，并延长，则OC即为进入眼的光线，且两支蜡烛的像完全重叠，如图所示：【解析】根据像与物体关于镜面对称分别作出A、B的像，然后根据反射光线的反向延长线过像点作图。线的反向延长线过像点。凸透镜放大虚像①②④图所示：由图可知物距位于凸透镜一倍焦距以内，凸透镜成正立、放大的虚像。相邻的两个波峰或波谷之间的距离叫波长，图中的L说法不正确；②波速c，波长𝜆，频率f三者之间关系式：𝑐=𝜆𝑓，在波速相同时，波长和频率成反比，太空的亚毫米波段的电磁波波长大于可见光，所以收集的亚毫米波长比可见光的频率小，故②说法不正确；③相同环境下，亚毫米波段电磁波的传播速度和可见光的传播速度相同，故③说法正确；④电磁波可以在真空中传播，因此亚毫米波段电磁波的传播不需要介质，故④说法不正确。综合分析，上面说法不正确的是①②④。故答案为：(1)如上图；(2)凸透镜；放大；虚像；(3)①②④。(1)(2)凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。凸透镜成像时，物距小于焦距，成正立放大的虚像。(3)①相邻的两个波峰或波谷之间的距离叫波长。②知道亚毫米波段的电磁波的波长和波速，求出亚毫米波段的电磁波的频率。③真空中光速相等。④电磁波传播不需要介质。能力。【答案1.6 不变【解析】解：；𝐵𝐶作用，受力示意图如下：；𝐵𝐶1.6𝑁。A至D变。故答案为：(1)如图；(2)1.6；(3)不变。(1)(2)物体处于匀速直线运动时，受力是平衡的；根据二力平衡求出滑动摩擦力的大小；(3)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关。有关，与速度、所受拉力无关。16.【答案> =【解析】解：冰化成水后，质量不变，重力不变，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，冰熔化前后对杯底的压力不变；但冰熔化成水时，受力面积变大，根据𝑝=𝐹可得压强变小。𝑆故答案为：>；=。不论是冰还是水，在此题中，压力都等于重力，利用压强的定义式𝑝=𝐹分析可选出正确答案。𝑆是解决此题的关键。变小变小根据杠杆平衡条件=𝐹2𝐿2𝛼𝐿1=𝐺不变，但阻力臂𝐿2变小了，故动力𝐹1变小乙【解析】解：(1)先延长阻力𝐹2的作用线，然后过支点O做𝐹2的作用线的垂线，O点到垂足的线段即为阻力臂𝐿2，如图所示：(2)当𝛼角增大时，由图分析可知，𝐿2变小，𝐹1变小，判断𝐹1如何变化的依据是：根据杠杆平衡条件𝐹1𝐿1=𝐹2𝐿2，当𝛼角增大时，动力臂𝐿1不变，阻力𝐹2=𝐺不变，但阻力臂𝐿2变小了，故动力𝐹1变小。(3)对比甲乙两种姿势所对应丙图中的两种状态，由以上分析得，乙图中的姿势比较正确。(2)=𝛼𝐿1=𝐺不𝐿2乙。从支点到力的作用线的距离叫做力臂；(3)根据杠杆的平衡条件判定正确的姿势。本题考查了力臂的画法、杠杆的平衡条件的应用，利用好杠杆的平衡条件是解题的关键。【答案1.3×107𝐽/𝑘𝑔 375 焦炭在燃烧的过程中，可能无法完全燃烧根据表格中的数据可知，燃烧100g1.3×106𝐽；则燃烧1kg的木柴放出的热量是1.3×107𝐽107𝐽/𝑘𝑔，(2)由表格中的数据可知，焦炭的热值为3×107𝐽/𝑘𝑔，放完全燃烧300g焦炭放出的热量=𝑚𝑞=0.3𝑘𝑔×3×𝑙07𝐽/𝑘𝑔=9×106𝐽，放吸 由题意可知酒精吸收的热𝑄 =𝑄 吸 由𝑄由吸

=𝑐𝑚△𝑡可得，可加热酒精的质量：𝑚′=

𝑄吸𝑐 酒精

= 9×106𝐽2.4×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×10℃

=375𝑘𝑔；焦炭在燃烧的过程中，可能无法完全燃烧；还有一部分能量散失到了空气中。故答案为：(1)1.3×107𝐽/𝑘𝑔；(2)375；焦炭在燃烧的过程中，可能无法完全燃烧。(1)根据表格中的内容分析；放 吸 放 (2)知道热值根𝑄 =𝑚𝑞求出完全燃烧焦炭放出的热量由题意可知吸收的热𝑄 =𝑄 根𝑄 =𝑐𝑚△𝑡放 吸 放 出可加热酒精的质量；根据燃料的燃烧情况和散热分析。本题考查了热值的计算、燃料放热公式、物质吸热公式的应用，难度不大。【答案环境空气密度相同时，下落速度越大，同一雨滴下落时所受空气阻力越大4 2.0【解析】解：(1)由表中实验序号3、4、5的实验数据，空气密度不变，环境空气密度相同时，下落速度越大，同一雨滴下落时所受空气阻力越大。(2)根据二力平衡条件计算并结合表格信息可知，该雨滴匀速下落时在竖直方向的重力与阻力作用下平衡，二力大气小相同方向相反即实验序号6为匀速下落此时速度𝑠所处环境空气密度应满足的条件𝜌 =𝑚3故答案为环境空气密度相同时，下落速度越大，同一雨滴下落时所受空气阻力越大。气45当雨滴匀速下落时，重力和空气阻力二力平衡，大小相等。物体处于静止或匀速直线运动状态，受合力不等于零时，物体处于变速运动状态。根据控制变量法分析数据时，注意找准不变的量和变化的量，研究与哪个量的关系时，要改变这一量，控制其他量一定。【答案解开关S接1时，电路𝑅1的简单电路，电路的总电阻较小，电饭锅处于加热状态由图乙可知，此时电路中的电𝐼 =4𝐴，加热 加则该电饭锅的加热功𝑃 =𝑈𝐼 =220𝑉×4𝐴=880𝑊加热 加开关S接2时，𝑅1𝑅2串联，电路的总电阻较大，电饭锅处于保温状态由图乙可知，此时电路中的电𝐼 =1𝐴，由𝐼=𝑈可得，电路的总电𝑅=

=

=220𝛺；𝑅 𝐼

1𝐴由图乙可知，30min10min20min，由𝑃=𝑊可得，该电饭锅此次工作30分钟共消耗的电能：𝑡𝑊=

+𝑊加热 保

=𝑈𝐼 𝑡

+𝑈𝐼 𝑡

=220𝑉×4𝐴×10×60𝑠+220𝑉×1𝐴×20×60𝑠=7.92×105𝐽。答：(1)该电饭锅的加热功率为880W；220𝛺；307.92×105𝐽。(1)开关S接1𝑅1𝑃=𝑈𝐼求出该电饭锅的加热功率；开关S2时，𝑅1𝑅2据欧姆定律求出电路的总电阻；30min𝑊=𝑃𝑡30分钟共消耗的电能。键。=6𝑚/𝑠；由𝑣=𝑠得，运动员后15s下落的距离为：𝑡𝑠2=𝑣𝑡2=6𝑚/𝑠×15𝑠=90𝑚；运动员下落的总高度为：ℎ=𝑠1+𝑠2=210𝑚+90𝑚=300𝑚；运动员的重力为：𝐺=𝑚𝑔=50𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=500𝑁；下落过程中重力所做的功为：𝑊=𝐺ℎ=500𝑁×300𝑚=1.5×105𝐽；重力做功的功率为：𝑃=𝑊=1.5×105𝐽

=5×103𝑊。𝑡 30𝑠(2)运动员在下降过程中，质量一定，由图象可知：综上分析：从第10s到第30s这个过程中，动能先变小后不变，重力势能变小，因机械能等于动能与势能的总和，机械能变小。答：(1)在这整个过程中运动员所受重力做的功是1.5×105𝐽，功率是5×103𝑊。(2)从第10s到第30s这个过程中，运动员的动能先变小后不变，重力势能变小，机械能变小。【解析】(1)由图象读出运动员开始做匀速直线运动的速度，根据𝑠=𝑣𝑡计算出下降高度，再计算出下降总高度；根据𝐺=𝑚𝑔计算运动员的重力，根据𝑊=𝐺ℎ计算重力做的功