2022年05月26日初中物理检测卷及答案

2022年05月26日初中物理检测卷[复制][矩阵文本题]*姓名：________________________班级[单选题]*○1○2○3○4○5○6○7○8○91．如图所示，在竖直平面内用轻质细线悬挂一小球，把小球拉至a点，并由静止开始释放小球，轨迹如图中虚线所示，每一时刻小球的运动方向与细绳垂直，b点为小球圆弧轨迹的最高点，不计阻力，若小球到达最高点b点位置时，受到的所有力消失，则小球的运动是（）[单选题]*A．沿轨迹①做匀速直线运动B．沿轨迹②做曲线运动C．沿轨迹向下做直线运动D．静止(正确答案)答案解析：由于小球被静止释放，不计摩擦，它可在a、b两点间来回摆动。当小球摆到b点时，动能全部转化为重力势能，小球速度恰好为零，此时若所有力消失，根据牛顿第一定律可知，小球将在B点静止；2．2019年3月30日，四川凉山发生重大森林火灾，30余名救火英雄壮烈牺牲，风骨永存。如图，一架参与灭火的消防直升机悬停在空中，下列说法不正确的是（）[单选题]*A．直升机洒水灭火后质量减小，惯性减小B．悬停的直升机洒水灭火后重力势能减小C．悬停的直升机所受的重力和浮力是一对平衡力(正确答案)D．若突然间所有力消失，悬停的直升机将静止答案解析：A、直升机洒水灭火后质量减小，惯性变小。故A正确；B、悬停的直升机洒水灭火后，高度不变，但质量减小，故重力势能减小。故B正确；C、悬停的直升机所受的重力和空气对飞机的升力，大小相等、方向相反、在同一直线上、在同一物体上，是一对平衡力，重力和浮力不是平衡力。故C错误；D、悬停的直升机处于静止状态，若根据牛顿第一定律可知，突然间所有力消失，直升机将静止在空中。故D正确。3．2020年11月24日至12月17日，中国嫦娥五号顺利完成了发射、登月、采样、返回等一系列任务（如图所示），实现我国首次月球采样任务。关于“嫦娥五号”下列说法正确的是（）[单选题]*A．加速上升过程中，惯性越来越大B．加速上升过程中，受到平衡力作用C．环绕月球飞行时，是一种平衡状态D．着陆前向下喷气，利用相互作用力减速下降(正确答案)答案解析：A、“嫦娥五号”加速上升过程中，惯性不变，故A错误；B、“嫦娥五号”加速上升过程中，做变速运动，受到非平衡力作用，故B错误；C、“嫦娥五号”环绕月球飞行时，运动方向不断改变，是一种非平衡状态，故C错误；D、“嫦娥五号”着陆前向下喷气，同时气流对其产生向上的推力，利用相互作用力减速下降，故D正确。故选：D。4．小明无法推动教室的讲台，是因为（）[单选题]*A．小明的推力始终等于讲台所受的摩擦力(正确答案)B．小明的推力小于讲台的重力C．小明的推力小于讲台的摩擦力D．如果突然所有力消失，讲台将做匀速直线运动答案解析：小用水平推力推静止在水平地面上的讲台桌，结果没有推动，讲台处于静止状态，讲台在水平方向上受到水平向右的推力和水平向左的摩擦力作用，这两个力是平衡力，大小相等。讲台在竖直方向上受到重力和地面的支持力作用，这两个力是平衡力，大小相等。如果突然所有力消失，讲台保持原来的状态﹣﹣静止。故BCD说法错误；5．2022年北京冬奥会中滑雪运动包含了很多物理知识，如图是青蛙公主谷爱凌的滑雪场景，此时她正在做匀速直线运动，下列说法正确的是（）[单选题]*A．她受到的重力与滑雪板对她的支持力是一对平衡力(正确答案)B．她对滑雪板的压力与她受到的重力是一对相互作用力C．她对滑雪板的压力与地面对滑雪板的支持力是一对平衡力D．若在匀速转弯过程中，她所受合力为零答案解析：A、谷爱凌受到的重力与滑雪板对谷爱凌的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，故A正确；B、谷爱凌对滑雪板的压力与她受到的重力方向不是相反的，所以二者不是一对相互作用力，故B错误；C、她对滑雪板的压力等于其重力，地面对滑雪板的支持力等于她与滑雪板的重力之和，二者大小不相等，故C错误；D、匀速转弯的过程中，运动状态发生了变化，所受合力不为零，故D错误。6．将文具盒静止放在水平桌面上，下列说法中正确的是（）[单选题]*A．桌子受到的重力和桌子对文具盒的支持力是一对平衡力B．文具盒对桌面的压力和桌子对文具盒的支持力是一对相互作用力(正确答案)C．文具盒对桌面的压力和地面对桌子的支持力是一对相互作用力D．文具盒对桌面的压力和桌子受到的支持力是一对平衡力答案解析：A、桌子受到的重力和桌子对文具盒的支持力作用在不同的物体上，大小也不同，不是一对平衡力，故A错误；B、文具盒对桌面的压力和桌子对文具盒的支持力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同的物体上，是一对相互作用力，故B正确；C、文具盒对桌面的压力和地面对桌子的支持力大小不同，不是一对相互作用力，故C错误；D、文具盒对桌面的压力和桌子受到的支持力作用在不同的物体上，大小也不同，不是一对平衡力，故D错误。7．如图所示，橡皮用线系住在水平面做圆周运动，如果所有力消失，关于橡皮之后的运动情况，下列说法正确的是（）[单选题]*A．橡皮在水平面做匀速直线运动(正确答案)B．橡皮在水平面做匀速圆周运动C．橡皮在竖直平面做匀速直线运动D．橡皮在竖直平面做匀速圆周运动答案解析：由牛顿第一定律可知，若所有力都消失，由于橡皮具有惯性，橡皮在水平面做匀速直线运动，运动状态不变，故A正确、BCD错误。8．在中小学运动会中，来自各校的运动员们奋力拼搏，取得了优异的成绩，对比赛中涉及的一些物理现象，下列说法正确的是（）[单选题]*A．排球上升到最高点时受平衡力的作用B．百米比赛时，运动员冲线后不能立即停下，是因为运动员受到惯性的作用C．乒乓球比赛时，球在空中飞行，所有力全部消失，球将保持静止D．足球比赛时，抱在守门员手中的足球也具有惯性(正确答案)答案解析：A．排球上升到最高点时排球只受重力作用，所以受力不平衡，故A错；B．百米比赛时，运动员冲线后不能立即停下，是因为运动员具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误；C．乒乓球比赛时，球在空中飞行，处于运动状态，若所有力全部消失，球将保持原来运动方向做匀速直线运动，故C错误；D．任何物体在任何时候都具有惯性，故足球比赛时，抱在守门员手中的足球也具有惯性，故D正确。9．如图所示，小球自A点摆动到最低点B时，绳突然断裂，且假设所有力同时消失，则小球此后的运动轨迹是图中（）[单选题]*A．aB．b(正确答案)C．cD．d答案解析：根据牛顿第一定律可知，物体在不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变；小球自A点摆动到最低点B时，绳突然断裂，则当外力突然消失时，小球仍然保持原来的运动状态，即小球沿水平方向向左做匀速直线运动，运动轨迹是图中b。故选：B。10．如图所示，木块A放在一水平面上，用10N的水平拉力F拉滑轮，使足够长的物体A以0.2m/s的速度在水平地面上匀速运动，与物块B相连的弹簧测力计的示数为3N．若不计滑轮重、弹簧测力计重、绳重和滑轮摩擦，则下列说法中不正确的有（）[单选题]*A．木板A与地的摩擦力为2NB．滑轮向右移动的速度为0.1m/sC．物块B受到的摩擦力为3N，方向水平向右D．绳子拉木板A的功率为0.6W(正确答案)答案解析：A不计滑轮重、绳重和滑轮摩擦，因为拉力F＝10N，动滑轮可以省一半的力，所以每段绳子上的力为5N；又因为弹簧测力计的示数为3N，所以物体B与木板A之间的摩擦力为3N；木板受到向右的绳子拉力等于地面的摩擦力加上B的摩擦力，所以地面对木板A的摩擦力fA＝5N﹣3N＝2N，故A正确；B木板A的移动速度为0.2m/s，动滑轮的移动速度等于拉力F的移动速度等于木板移动速度的二分之一，大小为0.1m/s，故B正确；C、物块B始终静止，由力的平衡条件可得，物块B受到的摩擦力等于弹簧测力计的示数为3N，方向水平向右，故C正确D绳子拉木板的拉力：F拉F10N＝5N，vA＝0.2m/s，则绳子拉木板A的功率：P＝F拉vA＝5N×0.2m/s＝1W，故D错。11．如图所示，甲、乙两物体叠放在水平桌面上，用水平向右的力F推物体乙，使甲、乙一起向右做匀速直线运动。在上述过程中（）[单选题]*A．甲物体受到水平向右的摩擦力B．甲物体对乙物体的压力是乙物体发生形变产生的C．乙物体受到的重力与地面对乙物体的支持力是一对平衡力D．甲物体对乙物体的压力与乙物体对甲物体的支持力是一对相互作用力(正确答案)答案解析：A用水平向右的力F推物体乙，使甲、乙一起向右做匀速直线运动，甲相对于乙没有发生相对滑动，也没有发生相对滑动的趋势，所以甲没有受到摩擦力，故A错。B、甲物体对乙物体的压力是甲物体发生形变产生的，故B错误；C、地面对乙物体的支持力等于甲、乙物体的总重力，要大于乙物体受到的重力，所以这两个力不是一对平衡力，故C错误；D、甲物体对乙物体的压力与乙物体对甲物体的支持力是两个物体之间的相互作用，是一对相互作用力，故D正确。故选：D。12．关于中国科技成果的应用事例所涉及的物理知识，下列说法正确的是（）[单选题]*A．“复兴”号列车轨道要铺设在枕木上是为了增大对地面的压强B．北斗卫星导航系统采用的是电磁波传递信息(正确答案)C．长征18核潜艇是通过改变所受浮力的大小进行上浮和下潜D．C919大飞机在飞行时机翼上方流速较小，压强较小答案解析：A铁轨下铺设枕木，在压力一定时，增大了受力面积，减小压强，故A错。B北斗卫星导航系统是利用电磁波传递信息的，故B正确；C、潜水艇通过排水或进水来改变自身的重力来实现上浮和下沉的，当排出水时，自身重力减小，浮力不变，则潜水艇将上浮；故C错；D、C919客机的机翼利用的是空气流速越快、压强越小的原理故D错13．094型战略核潜艇是我国自行设计建造的排水量最大的弹道导弹核潜艇，它是我国海军的战略利器。如图所示的是094型战略核潜艇在海中训练时的场景，下列对此核潜艇分析正确的是（）[单选题]*A．核潜艇在水中下沉过程中所受的浮力变小B．核潜艇下潜过程所受浮力等于排开海水的重力(正确答案)C．核潜艇在水中下沉过程中所受水的压强变小D．核潜艇通过改变所受浮力大小来实现上浮和下沉答案解析：A、核潜艇的下潜过程，排开水的体积不变，V排不变，根据F浮＝ρ液gV排可知，潜艇所受浮力不变；故A错误。B、核潜艇的下潜过程，根据阿基米德原理可知所受海水浮力等于排开海水的重力；故B正确；C、核潜艇的下潜过程，所处的深度增大，由p＝ρgh可知，所受海水的压强越大，故C错误；D、潜水艇通过排水或进水来改变自身的重力来实现上浮和下沉的，当排出水时，自身重力减小，浮力不变，则潜水艇将上浮；故D错误。故选：B。14．如图所示是探究平面镜成像特点的实验装置，关于该实验下列说法中错误的是（）[单选题]*A．该实验应该选用较薄的玻璃板B．实验中蜡烛A远离平面镜，所得的像会变小(正确答案)C．该实验应在较暗的环境中进行D．实验用带刻度的坐标纸为了比较像与物体到镜面的距离答案解析：A.厚玻璃板的两个面都可以当作反射面会出现两个像，重影严重，影响实验效果，应该选用较薄的玻璃板，故A正确；B.根据平面镜成像特点，物与像的大小相等，实验中蜡烛A远离平面镜，所得的像大小不变，故B错误；C.当实验环境光线较暗时，实验现象会更加明显，实验应在较暗的环境中进行，故C正确；D.实验用带刻度的坐标纸可以测量两支蜡烛到玻璃板的距离，是为了比较像与物体到镜面的距离关系，故D正确。15．如图是一款小电风扇，图中能说明其工作原理的实验装置是（）[单选题]*

A．(正确答案)

B．

C．

D．答案解析：A、图中有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制造了电动机，故A符合题意；B、图中没有电池，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，故B不符合题意；C、图中验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特实验，说明了电流的磁效应，故C不符合题意；D、图中通电螺线管周围存在磁场，说明了电流的磁效应，故D不符合题意。故选：A。16．对图中甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是（）[单选题]*A．甲：磁场中获得电流B．乙：开关闭合，小磁针N极将静止不动C．丙：是发电机原理的装置(正确答案)D．丁：开关闭合，将有机械能转化为电能答案解析：A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，故A错误；B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“前上后下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针N极将向左偏转，故B错误；C、而该装置演示的是，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中便会产生电流，外边的电流表就是用来检测电路中有没有电流的，所以该装置的实验原理，应用于制造发电机，故C正确；D、电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，电动机原理的装置里，此过程中，电能转化为机械能，故D错误。17．载有三位航天员的神舟十三号载人飞船在轨运行180天后成功着陆，标志着我国航天技术从此迈入航天强国，是我国综合国力全面提升的重大体现。本次航天实现了多个“首次”：首次进驻天宫、首次太空漫步、首次在轨通过遥控操作完成货运飞船与空间站对接、首次在轨驻留长达6个月……如图所示的是载有三位航天员的神舟十三载人飞船从发射升空、在轨运行、发射回收的几个场景，以下描述错误的是（）[单选题]*

A．火箭发射升空时内能转化为机械能

B．在轨运行时神舟十三号与天和核心舱保持相对静止

C．太空授课内容通过电磁波传回地面

D．返回舱下落时降落伞打开，速度变慢惯性减小(正确答案)答案解析：A、火箭发射升空时燃料燃烧产生的内能转化为机械能，故A正确；B、在轨运行时神舟十三号与天和核心舱的相对位置没有发生变化，保持相对静止，故B正确；C、电磁波可以在真空中传播，太空授课内容通过电磁波传回地面，故C正确；D、返回舱下落时降落伞打开，质量不变，惯性不变，故D错误。故选D。18．截至2021年底，河南省已实现乡镇以上5G网络全覆盖。5G网络比4G网络有更大的容量和更快的数据处理速度，如图是4G网络与5G网络频率与波长的大致分布。根据图中信息及所学知识，下列说法正确的是（）[单选题]*A．5G比4G利用的电磁波波长更长B．5G使用的电磁波的频率更低C．5G信号比4G信号传播速度快D．5G和4G都是利用数字信号传递信息的(正确答案)答案解析：AB、从图中可知，5G使用的电磁波的频率更高，由于c＝fλ，因此频率高的波长短、频率低的波长长，所以5G电磁波的波长比4G更短，故AB错误；C、5G信号比4G信号传播速度是相同的，电磁波在真空中传播速度都是c＝3×108m/s；D、5G和4G都是利用数字信号传递信息的，故D正确。19．汽车中应用了许多物理知识，下列说法中正确的是（）[单选题]*A．安全带可以减小惯性的作用B．导航仪利用超声波来进行定位导航C．方向盘起动滑轮作用，可省力D．后视镜利用凸面镜对光线有发散作用(正确答案)答案解析：A、惯性与质量有关，质量不变，惯性不变。开车或坐车时要系好安全带，主要是为了防止紧急刹车时由于惯性带来的危害，故A错误；B、导航仪是利用电磁波进行定位导航，故B错误；C、汽车方向盘由一个大轮和一个轴组成，轮和轴固定在一起，这种简单机械叫做轮轴，可省力，故C错误；D、汽车观后镜则是利用了凸面镜对光有发散作用，利用凸面镜可以达到扩大视野的目的，故D正确。故选D。20．2022年3月23日下午“天宫课堂”第二课在中国空间站正式开讲，神舟十三号乘组航天员翟志刚、王亚平、叶光富和同学们进行了天地课堂互动。下列说法正确的是（）[单选题]*A．地球上的学生听到航天员的声音是靠声波传回地球的B．在天和核心舱里，声音传播的速度和电磁波的速度相等C．被航天员带上空间站的“冰墩墩”由于失重，质量会减少D．王亚平抛出的“冰墩墩”，在舱内沿直线匀速前进验证了牛顿第一定律(正确答案)答案解析：A、地球上的学生听到航天员的声音是靠电磁波传回地球的，故A错误；B、声音在空气里的传播速度约340m/s，电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3×108m/s，故B错误；C、质量是物体的一种属性，不随形状、状态、位置和温度的变化而变化，被航天员带上空间站的“冰墩墩”质量不变，故C错误；D、王亚平抛出的“冰墩墩”，处于失重状态，在舱内沿直线匀速前进验证了牛顿第一定律，故D正确。21．用如图所示的滑轮组来提升重物，质量为100kg的物体在10s内被匀速提升1m，已知拉绳子的力F为400N，下列说法正确的是（）[单选题]*A．有用功为1200JB．动滑轮重为20NC．拉力F做功功率为120W(正确答案)D．此滑轮组的机械效率为80%答案解析：A、物体的重力：G＝mg＝100kg×10N/kg＝1000N，拉力做的有用功：W有＝Gh＝1000N×1m＝1000J，故A错误；B、由图可知n＝3，假设不计绳重和摩擦，由F（G+G动）可知，动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝3×400N﹣1000N＝200N，但题目中没有不计绳重和摩擦这一条件，因此动滑轮的重力小于200N，故B错误C、绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×1m＝3m，拉力做的总功：W总＝Fs＝400N×3m＝1200J，拉力做功的功率：P120W，故C正确；D、滑轮组的机械效率：η100%100%≈83.3%，故D错误。22．小强模拟救援队将陷入泥泞的车拉出的情景如图所示，利用滑轮组用F＝8N的拉力将重48N的物体A沿水平地面匀速向右拉动了0.6m，用时2s。若滑轮组的机械效率为75%，则下列说法中正确的是（）[单选题]*A．拉力F的速度为0.9m/sB．滑轮组做的有用功为28.8JC．拉力F做功的功率为2.4WD．滑轮组做的额外功为2.4J(正确答案)答案解析：A、由图可知n＝2，拉力F移动的距离s＝ns物＝2×0.6m＝1.2m，拉力F的速度：v0.6m/s，故A错误；B、拉力做的总功：W总＝Fs＝8N×1.2m＝9.6J，由η100%可知，滑轮组做的有用功：W有＝ηW总＝75%×9.6J＝7.2J；C、拉力做功的功率：PFv＝8N×0.6m/s＝4.8W，故C错误；D、滑轮组做的额外功：W额＝W总﹣W有＝9.6J﹣7.2J＝2.4J，故D正确。23．在探究“影响滑轮组机械效率高低的因素”时，小明如图所示的甲、乙两个滑轮组来验证的猜想是：滑轮组的机械效率可能与（）[单选题]*A．被提升物体的质量有关(正确答案)B．动滑轮的个数有关C．物体被提升的高度关D．承重绳子的段数有关答案解析：图中提升的物体的重力不相同（钩码的个数不相同），但是使用相同的滑轮组，因此这两个图研究的是滑轮组的机械效率与被提升物体重力的关系。故选：A。24．关于如图所示的情景，下列说法中正确的是（）[单选题]*A．甲图：注射器中的液体很难被压缩，说明液体分子之间没有间隙B．乙图：用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间存在空隙C．丙图：雪花飞扬，说明分子处在永不停息的无规则运动中D．丁图：做“墨水滴入水中”的扩散实验时，水的温度越高墨水扩散越快(正确答案)答案解析：A、注射器中的液体很难被压缩，说明液体分子之间存在斥力，故A错误；B、用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明力改变物体的形状，故B错误；C、雪花飞扬，是物体的机械运动，不能说明分子处在永不停息的无规则运动，故C错误；D、做“墨水滴入水中”的扩散实验时，水的温度越高墨水扩散越快，故D正确。25．2021年10月16号我国成功将神州13号发射升空，在火箭加速上升过程中（）[单选题]*A．燃料燃烧放出的热量全部转化为火箭和神州13号的机械能B．燃料燃烧放出的热量全部转化为火箭和神州13号的重力势能C．神州13号的动能和重力势能都增大(正确答案)D．神州13号的动能转化为重力势能答案解析：AB．火箭升空时，燃料燃烧放出的热量大部分转化为火箭和神州13号的机械能，还有部分能量用于克服阻力做功，故AB错误；C．神州13号加速上升，质量不变，速度增加，高度增加，所以动能和势能均增加，故C正确；D．因为动能和势能均增加，所以不存在动能转化为重力势能，故D错误。故选：C。26．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）[单选题]*A．温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小B．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体(正确答案)C．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变D．物体的温度越高，所含热量越多答案解析：A、内能的大小与物体的质量、温度等因素有关，只知道温度关系，不能确定内能的大小，故A错误；B、内能小的物体可能温度高，所以内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故B正确；C、内能的大小与物体的质量、温度、状态等因素有关，如晶体的熔化过程中，吸热温度不变，但内能增加，故C错误；D、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故D错误；故选：B。27．质量和初温相同的两个物体（）[单选题]*A．吸收相同热量后，比热容大的物体温度较高B．放出相同的热量后，比热容小的物体温度较高C．吸收相同的热量后，比热容较小的物体可以传热给比热容较大的物体(正确答案)D．放出相同的热量后，比热容较小的物体可以向比热容较大的物体传热答案解析：由公式△t知，在质量和热量一定时，比热容大的物质，温度变化较小。A、两物体初温度相同，吸收相同热量后，比热容大的物体末温度较低，此选项错。B、两物体初温度相同，放出相同的热量后，比热容小的物体末温度较低，此选项错。C、已知两物体初温度相同，吸收相同的热量后，比热容小的物体末温度较高，所以可以传热给比热容较大的物体，此选项正确；D、已知两物体初温度相同，放出相同的热量后，比热容小的物体末温度较低，所以比热容大的物体可以传热给比热容较小的物体，此选项错误。28．如图甲所示，用规格相同的两试管分别装上质量相同的煤油和水，隔着石棉网同时对两试管加热，煤油和水每秒吸收的热量相同，如图乙中的图线反映了该实验情况。由图乙可知（）[单选题]*A．煤油的比热容比水的比热容大B．加热相同时间，水吸收的热量多C．加热相同时间，煤油的温度升高得少D．升高相同的温度，水需加热较长的时间(正确答案)答案解析：A、煤油和水的质量相同，在吸热相同时（即加热时间相同），由图象可知，煤油升高的温度较高，根据Q＝cm△t可知，煤油的比热容小，故A错误；B、加热相同时间，酒精灯放出的热量相同，故两液体吸收的热量相同，故B错误；C、由图象可知，加热相同时间，煤油的温度升高得多，故C错误；D、由图象可知，升高相同的温度，水需加热较长的时间，故D正确。故选：D。29．如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从m点滑到n点的过程中，两电压表示数随电流变化的图象如图乙所示，下列叙述正确的是（）[单选题]*A．图乙中bc表示电压表V2的示数随电流变化的图象(正确答案)B．电流表的示数变大C．电压表V1的示数与电流表A的示数之比不变D．滑片在n点时，5s内电阻R2消耗的电能是20J答案解析：AB、滑动变阻器的滑片P从m点滑到n点的过程中，滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，根据串联电路的分压原理可知，滑动变阻器两端的电压变大，即V1的示数变大；电流变小，根据U＝IR可知R2两端的电压变小，即V2的示数变小；所以，图乙中ac是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线，bc是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，故A正确；故B错误；C、当滑动变阻器的滑片P从m点滑到n点的过程中，接入电路中的电阻变大，由R可知，电压表V1的示数与电流表A的示数之比等于变阻器R1接入电路中的阻值，所以该比值变大，故C错误；D、滑片P从m点滑到n点的过程中，滑片在n点时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，R2两端的电压最小；由U﹣I图象可知，电路中的最小电流I最小＝0.5A，R2两端的电压U2＝2V，所以5s内R2消耗的电能：W2＝U2I最小t＝2V×0.5A×5s＝5J，故D错误。30．如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象如图乙所示，则下列说法正确的是（）[单选题]*A．滑动变阻器的最大阻值是10ΩB．图中电压表的量程为0～3VC．电源电压为12V(正确答案)D．电路消耗的最大电功率为7.2W答案解析：解析：AB、闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压。当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，由图乙可知，电路中的最小电流I最小＝0.4A，滑动变阻器的功率P1＝3.2W，由P＝I2R可得，滑动变阻器的最大阻值：R最大20Ω，故A错误；根据P＝UI可知此时电压表的示数为U18V，故图中电压表的量程为0～15V，故B错误；C、因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I可得，电源的电压：U＝I最小（R最大+R0）＝0.4A×（20Ω+R0），由图乙可知，当电路中的电流I′＝0.6A时，滑动变阻器的功率最大，最大为P1′＝3.6W，则滑动变阻器接入电路中的电阻：R′10Ω；电源的电压：U＝I′（R′+R0）＝0.6A×（10Ω+R0），因电源的电压不变，所以，0.4A×（20Ω+R0）＝0.6A×（10Ω+R0），解得：R0＝10Ω，电源的电压：U＝I最小（R+R0）＝0.4A×（20Ω+10Ω）＝12V，故C正确；D、当滑动变阻器的电阻为0时，电路的总电阻最小，根据P可知总电功率最大，最大为：P最大14.4W，故D错误。故选：C。31．在图所示的电路中，电源电压为4.5伏，且保持不变，电阻R1的阻值为5欧，变阻器R2的最大阻值为20欧，电流表的量程为0～0.6安，电压表的量程为0～3伏。为保护电表，变阻器接入电路的阻值范围是（）[单选题]*A．2.5欧～10欧(正确答案)B．0欧～20欧C．2.5欧～20欧D．0欧～10欧答案解析：解析：由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，当电流表示数为I1＝0.6A时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，由I=U/R可得，电阻R1两端电压：U1＝I1R1＝0.6A×5Ω＝3V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U2＝U﹣U1＝4.5V﹣3V＝1.5V，

因串联电路中各处的电流相等，所以，滑动变阻器连入电路的电阻最小：Rmin=U_2/I_1=1.5V/0.6A=2.5Ω；当电压表示数最大为U大＝3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时R1两端电压：U1′＝U﹣U2max＝4.5V﹣3V＝1.5V，电路电流为：I2=〖U_1〗^'/R_1=1.5V/5Ω=0.3A，

滑动变阻器接入电路的最大电阻：Rmax=U_2max/I_2=3V/0.3A=10Ω。故选：A。32．如图所示电源电压为12V，且保持不变。电阻R1＝20Ω，滑动变阻器R2的最大阻值是30Ω，则当滑片P在滑动变阻器上滑动时，电流表、电压表的示数变化范围是（）[单选题]*A．0.6A～0.24A0～7.2V(正确答案)B．0.24A～0.6A4V～12VC．0～0.6A0～12VD．0.6～0.32A0V～7.2V答案解析：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压。当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，电压表的示数最小为零，由欧姆定律，则电流表的最大示数I大0.6A；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电流表的示数最小，电压表的示数最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电流表的最小示数：I小0.24A，则电压表的最大示数（即R2两端的最大电压）：U2大＝I小R2大＝0.24A×30Ω＝7.2V，所以，电流表示数变化的范围为0.6A～0.24A，电压表示数变化的范围为0～7.2V。故选：A。33．某同学利用如图所示的电路做“伏安法测电阻“的实验，已知Rx为待测定值电阻，电源电压恒为6V，滑动变阻器R标有“20Ω1A”字样，实验中他填写的实验数据如表所示，下列说法不正确的是（）[单选题]*序号12345U/V1.02.03.04.05.0I/A0.100.220.290.400.50A．第1次实验的数据不是他实验中实际测得的B．对比第2、3次实验的数据可判定：待测电阻Rx的阻值并非严格不变(正确答案)C．第4次实验时滑动变阻器接入电路电阻R与待测电阻Rx的阻值之比为1：2D．为减小实验误差，可利用每次实验测得的U、I求出电阻R，再求其平均值答案解析：A、由表中数据结合欧姆定律可得，定值电阻R10Ω，根据分压原理可知，当滑动变阻器的最大电阻连入电路中时，电压表示数最小，定值电阻两端的最小电压U最小R10Ω＝2V＞1V，所以第1组数据不是本实验中测得的，故A说法正确；B、根据I得，序号“2”的电阻为：R29.1Ω；序号“3”的电阻为：R310.3Ω，其他几次的电阻值根据R计算均为10Ω，由于存在误差，序号“2”和“3”的待测电阻R相差不大，再结合其他数据分析可知该待测电阻是定值电阻，故B说法错误；C、第