最新中考数学课件第22讲矩形、菱形、正方形

最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计结合近几年中考试题分析，矩形、菱形、正方形的内容考查主要有以下特点：

1.本讲内容涉及特殊平行四边形的概念、性质、判定，主要考查边长、对角线长、面积等的计算.题型有填空题、选择题，但更多的是证明题、求值计算题、条件探索题、几何动态问题与函数结合的问题.最新人教版数学精品课件设计结合近几年中考试题分析，矩形、菱形、正方形的内容考查

2..年中考估计有加大本讲题量的趋势，本讲知识与轴对称、旋转及平移等知识结合考查，许多有一定难度的新题、活题、压轴题将出现于此讲，试题强调基础，源于教材，变中求新，着重考查学生的发散思维能力.最新人教版数学精品课件设计2..年中考估计有加大本讲题量的趋势，本讲知识与轴对

1.在复习时，要重点掌握矩形、菱形、正方形的相关性质和判别方法，会灵活运用矩形、菱形、正方形的性质进行证明和计算，要注意培养学生善于运用数形结合思想的习惯.2.在复习本讲时，要总结特殊平行四边形的一些特殊规律和添加相应的辅助线的方法，将所求的结论转化到特殊的平行四边形和三角形中思考，要注意寻找图形中隐含的相等的边和角.最新人教版数学精品课件设计1.在复习时，要重点掌握矩形、菱形、正方形的相关性质最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计矩形的性质与判定1.矩形的性质运用：(1)从角上看，矩形的四个角都是直角，可将矩形问题转化为直角三角形问题去解决；(2)从对角线上看，对角线将矩形分成四个等腰三角形,可将矩形问题转化为等腰三角形去解决；(3)矩形是中心对称图形，对称中心是对角线的交点，过对称中心的任意一条直线将矩形分成面积相等的两个多边形.最新人教版数学精品课件设计矩形的性质与判定1.矩形的性质运用：最新人教版数学精品课件设2.矩形的判定：(1)若四边形为(或可证为)平行四边形，则再证一角为直角或对角线相等；(2)若直角较多，可证三个角为直角.3.矩形与三角形全等相结合常用于线段的相等、平行或角相等的证明.最新人教版数学精品课件设计2.矩形的判定：最新人教版数学精品课件设计【例1】(.·南京中考)如图，将□ABCD的边DC延长到点E，使CE＝DC，连接AE，交BC于点F.(1)求证：△ABF≌△ECF.(2)若∠AFC＝2∠D，连接AC、BE.求证：四边形ABEC是矩形.最新人教版数学精品课件设计【例1】(.·南京中考)如图，将最新人教版数学精品课件设【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD.∴∠ABF＝∠ECF.∵EC=DC,∴AB=EC.在△ABF和△ECF中，∵∠ABF＝∠ECF，∠AFB＝∠EFC，AB＝EC，∴△ABF≌△ECF.最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)∵四边形ABCD是平行四边形，最新人教版数(2)∵AB＝EC，AB∥EC，∴四边形ABEC是平行四边形，∴AF＝EF，BF＝CF.∵四边形ABCD是平行四边形，∴∠ABC＝∠D，又∵∠AFC＝2∠D，∴∠AFC＝2∠ABC.∵∠AFC＝∠ABF+∠BAF，∴∠ABF＝∠BAF.最新人教版数学精品课件设计(2)∵AB＝EC，AB∥EC，最新人教版数学精品课件设计∴FA＝FB.∴FA＝FE＝FB＝FC，∴AE＝BC.∴□ABEC是矩形.最新人教版数学精品课件设计∴FA＝FB.最新人教版数学精品课件设计1.(.·河北中考)如图，矩形ABCD的顶点A，B在数轴上，CD=6，点A对应的数为-1，则点B所对应的数为_____.最新人教版数学精品课件设计1.(.·河北中考)如图，矩形ABCD的顶点A，B在数轴上，【解析】因为四边形ABCD是矩形，所以AB=CD.又因为CD=6，点A对应的数为-1，所以点B对应的数为5.答案：5最新人教版数学精品课件设计【解析】因为四边形ABCD是矩形，最新人教版数学精品课件设计2.(.·河池中考)如图，矩形ABCD中，AB＝8cm，BC＝4cm，E是DC的中点，，则四边形DBFE的面积为_____cm2.最新人教版数学精品课件设计2.(.·河池中考)如图，矩形ABCD中，AB＝8cm，B【解析】因为所以CF=3cm.因为AB=8cm,所以CD=8cm,E是DC的中点，所以CE=4cm,所以三角形CEF的面积等于6cm2，所以四边形DBFE的面积为16-6=10(cm2).答案：10最新人教版数学精品课件设计【解析】因为最新人教版数学精品课件设计3.(.·南通中考)如图，矩形纸片ABCD中，AB＝2cm,点E在BC上.且AE＝EC，若将纸片沿AE折叠，点B恰好与AC上的点B′重合.则AC＝_____cm.最新人教版数学精品课件设计3.(.·南通中考)如图，矩形纸片ABCD中，AB＝2cm【解析】在矩形ABCD中，∠B＝90°，由折叠知，∠AB′E=∠B=90°,AB′=AB=2cm,∴B′E⊥AC,∵AE=EC,∴AB′=B′C=2cm,∴AC=4cm.答案：4最新人教版数学精品课件设计【解析】在矩形ABCD中，∠B＝90°，由折叠知，∠AB′E4.(.·乐山中考)如图，E、F分别是矩形ABCD的对角线AC和BD上的点，且AE=DF.求证：BE=CF.【证明】在矩形ABCD中，AB=CD，AB∥CD，∴∠BAC=∠CDF，又AE=DF，∴△ABE≌△DCF，∴BE=CF.最新人教版数学精品课件设计4.(.·乐山中考)如图，E、F分别是矩形ABCD的对角线A菱形的性质与判定菱形除具有平行四边形的一切性质外，还具有其特殊的性质，即四条边相等；对角线互相垂直，每一条对角线平分一组对角；具有中心对称性和轴对称性等；菱形的判定方法主要有(1)利用边之间的关系进行判定，即有一组邻边相等的平行四边形是菱形；四条边都相等的四边形是菱形；(2)利用对角线之间的关系判定，即对角线互相垂直的平行四边形是菱形；最新人教版数学精品课件设计菱形的性质与判定菱形除具有平行四边形的一切性质外，还具有其特菱形的对角线将菱形分割成四个全等的直角三角形，因此菱形的面积等于其对角线乘积的一半.最新人教版数学精品课件设计菱形的对角线将菱形分割成四个全等的直角三角形，因此菱形的面积【例2】(.·泉州中考)如图，将矩形ABCD沿对角线AC剪开，再把△ACD沿CA方向平移得到△A1C1D1.最新人教版数学精品课件设计【例2】(.·泉州中考)如图，将矩形ABCD沿对角线AC剪开(1)证明：△A1AD1≌△CC1B;(2)若∠ACB＝30°，试问当点C1在线段AC上的什么位置时，四边形ABC1D1是菱形.(直接写出答案)最新人教版数学精品课件设计(1)证明：△A1AD1≌△CC1B;最新人教版数学精品课件【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)∵四边形ABCD为矩形，∴BC＝AD，BC∥AD，∴∠DAC＝∠ACB.∵把△ACD沿CA方向平移得到△A1C1D1，∴∠A1＝∠DAC，A1D1＝AD，AA1＝CC1，∴∠A1＝∠ACB，A1D1＝CB.∴△A1AD1≌△CC1B(SAS).(2)当C1在AC中点时，四边形ABC1D1是菱形.最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)∵四边形ABCD为矩形，最新人教版数学精品5.(.·南通中考)如图，菱形ABCD中，AB=5，∠BCD=120°,则对角线AC的长是()(A)20(B)15(C)10(D)5最新人教版数学精品课件设计5.(.·南通中考)如图，菱形ABCD中，最新人教版数学精品【解析】选D.菱形ABCD中，∠BCD=120°,所以∠B=60°,所以△ABC为等边三角形，所以AC=AB=5.最新人教版数学精品课件设计【解析】选D.菱形ABCD中，∠BCD=120°,最新人教版6.(.·聊城中考)已知一个菱形的周长是20cm,两条对角线的比为4∶3，则这个菱形的面积是()(A)12cm2(B)24cm2(C)48cm2(D)96cm2最新人教版数学精品课件设计6.(.·聊城中考)已知一个菱形的周长是20cm,两条对角【解析】选B.∵菱形的周长为20cm,∴菱形的边长为5cm,设OA=4xcm,OB=3xcm,则(4x)2+(3x)2=52.解得x=1,∴OA=4cm,OB=3cm,∴AC=8cm,BD=6cm,∴菱形的面积=最新人教版数学精品课件设计【解析】选B.∵菱形的周长为20cm,最新人教版数学精品课7.(.·嘉兴中考)如图，已知菱形ABCD的一个内角∠BAD＝80°，对角线AC、BD相交于点O，点E在AB上且BE=BO，则∠AOE＝_____.最新人教版数学精品课件设计7.(.·嘉兴中考)如图，已知菱形ABCD最新人教版数学精品【解析】在菱形ABCD中，AC⊥BD，得∠ABD=50°.由BE=BO，得∠BOE=∠BEO=65°,所以∠AOE=25°.答案：25°最新人教版数学精品课件设计【解析】在菱形ABCD中，最新人教版数学精品课件设计8.(.·济宁中考)如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC、BD相交于O，过点O作直线EF⊥BD，分别交AD、BC于点E和点F，求证：四边形BEDF是菱形.最新人教版数学精品课件设计8.(.·济宁中考)如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC【证明】∵四边形ABCD是平行四边形，∴OB=OD，∠EDO=∠FBO，又∠EOD=∠FOB，∴△EOD≌△FOB，∴OE=OF，∴四边形BEDF是平行四边形，又∵EF⊥BD，∴四边形BEDF是菱形.最新人教版数学精品课件设计【证明】∵四边形ABCD是平行四边形，∴OB=OD，∠EDO正方形的性质与判定正方形除具备平行四边形、矩形和菱形的一切性质外，还具有它独特的性质，即对角线相等且互相垂直平分；对角线与边的夹角为45度；正方形的面积等于其对角线的平方的一半.正方形也是分别从角、边和对角线等方面进行判定的：(1)利用角进行判定，即有一个角是直角的菱形；(2)利用边进行判定，即有一组邻边相等的矩形；最新人教版数学精品课件设计正方形的性质与判定正方形除具备平行四边形、矩形和菱形的一切性(3)利用对角线进行判定，即对角线相等且垂直的平行四边形；另外有：有一个角是直角，一组邻边相等的平行四边形是正方形.最新人教版数学精品课件设计(3)利用对角线进行判定，即对角线相等且垂直的平行四边形；最【例3】(.·上海中考)已知正方形ABCD中，点E在边DC上，DE=2，EC=1(如图所示)，把线段AE绕点A旋转，使点E落在直线BC上的点F处，则F、C两点的距离为_____.【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【例3】(.·上海中考)已知正方形ABCD最新人教版数学精品【自主解答】在△ABF和△ADE中，∵∠ABF=∠ADE，AB=AD，AF=AE，∴△ABF≌△ADE，∴BF=DE=2.当F在B点左侧时，FC=BF+BC=BF+DC=2+3=5.当F在B点右侧时,FC=BC-BF=3-2=1.∴F、C两点的距离为1或5.答案：1或5最新人教版数学精品课件设计【自主解答】在△ABF和△ADE中，最新人教版数学精品课件设9.(.·滨州中考)如图，把一个长方形纸片对折两次，然后剪下一个角，为了得到一个正方形，剪刀与折痕所成的角的度数应为()(A)60°(B)30°(C)45°(D)90°最新人教版数学精品课件设计9.(.·滨州中考)如图，把一个长最新人教版数学精品课件设计【解析】选C.将长方形对折两次，剪下的四边形的对角线互相垂直，只要保证剪刀与折痕所成的角为45°，易证剪下的四边形的对角线互相垂直、平分且相等，这样的四边形是正方形，故选C.最新人教版数学精品课件设计【解析】选C.将长方形对折两次，剪下的四边形的对角线互相垂直10.(.·重庆中考)如图，正方形ABCD中，AB＝6,点E在边CD上，且CD＝3DE.将△ADE沿AE对折至△AFE，延长EF交边BC于点G，连接AG，CF.下列结论：①△ABG≌△AFG;②BG＝GC；③AG∥CF；④S△FGC=3.其中正确结论的个数是()(A)1(B)2(C)3(D)4最新人教版数学精品课件设计10.(.·重庆中考)如图，正方形最新人教版数学精品课件设计【解析】选C.由折叠知，AF＝AD，∠D＝∠AFE，EF＝DE.∵四边形ABCD是正方形，∴AB＝AD＝AF，∠B＝∠AFE＝∠D＝∠AFG＝90°.∵AG=AG,∴Rt△ABG≌Rt△AFG,故①正确；∵AB＝6，CD＝3DE.∴CE＝4,DE＝EF＝2,最新人教版数学精品课件设计【解析】选C.由折叠知，最新人教版数学精品课件设计设BG＝x，由①知，GF＝BG＝x,GC=6-x.在Rt△ECG中，GC2+CE2＝GE2.∴(6-x)2+42=(2+x)2，解得x=3.∴GC=BG=3.故②正确；∵BG=FG=CG,∴∠GFC=∠GCF,∴∠FGC＝180°-2∠GFC，由①知∠AGB＝∠AGF，∴∠FGC＝180°-2∠AGF.∴180°-2∠GFC＝180°-2∠AGF.最新人教版数学精品课件设计设BG＝x，由①知，GF＝BG＝x,GC=6-x.最新人教版∴∠GFC＝∠AGF,∴AG∥CF，故③正确；过F点作FM⊥BC于M，则FM∥EC，∴△GFM∽△GEC.∴即∴∴,故④错误.最新人教版数学精品课件设计∴∠GFC＝∠AGF,∴AG∥CF，最新人教版数学精品课件设11.(.·深圳中考)如图，在边长为2cm的正方形ABCD中，点Q为BC边的中点，点P为对角线AC上一动点，连接PB、PQ，则△PBQ周长的最小值为_____cm.(结果不取近似值)最新人教版数学精品课件设计11.(.·深圳中考)如图，在边长为最新人教版数学精品课件设【解析】如图，点B关于对角线AC的对称点为点D，连接DQ，交AC于P，则PB=PD，此时PB与PQ的和最小，所以△PBQ的周长的最小值为PB+PQ+BQ=PD+PQ+BQ=DQ+BQ=答案：最新人教版数学精品课件设计【解析】如图，点B关于对角线AC的对称点为点D，最新人教版数12.(.·日照中考)正方形ABCD的边长为4,M、N分别是BC、CD上的两个动点，且始终保持AM⊥MN.当BM＝_____时，四边形ABCN的面积最大.最新人教版数学精品课件设计12.(.·日照中考)正方形ABCD的边最新人教版数学精品课【解析】如图，设BM＝x,则MC=4-x.因为AM⊥MN，所以∠1+∠2＝90°，最新人教版数学精品课件设计【解析】如图，设BM＝x,则MC=4-x.最新人教版数学精品又因为∠BAM+∠2=90°,所以∠BAM=∠1.又∠B＝∠C＝90°，所以△ABM∽△MCN,即,所以,解得所以,四边形ABCN的面积因为,所以，当时，S有最大值.答案：2最新人教版数学精品课件设计又因为∠BAM+∠2=90°,所以∠BAM=∠1.最新人教版最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计特殊平行四边形中的辅助线解决特殊平行四边形的综合考查题目主要是依据矩形、菱形、正方形的一些特殊性质探求解题规律；往往需要添加一些辅助线，尽量把所求结论转化到特殊的平行四边形中来求解.最新人教版数学精品课件设计特殊平行四边形中的辅助线解决特殊平行四边形的综合考查题目主要【例】(.·眉山中考)如图，O为矩形ABCD对角线的交点，DE∥AC，CE∥BD.(1)试判断四边形OCED的形状，并说明理由；(2)若AB=6，BC=8，求四边形OCED的面积.最新人教版数学精品课件设计【例】(.·眉山中考)如最新人教版数学精品课件设计【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)四边形OCED是菱形.∵DE∥AC，CE∥BD，∴四边形OCED是平行四边形，又在矩形ABCD中，OC=OD，∴四边形OCED是菱形.最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)四边形OCED是菱形.最新人教版数学精品(2)连接OE.由菱形OCED得：CD⊥OE，∴OE∥BC.又CE∥BD，∴四边形BCEO是平行四边形，∴OE=BC=8,∴最新人教版数学精品课件设计(2)连接OE.最新人教版数学精品课件设计(.·济宁中考)数学课上，李老师出示了这样一道题目：如图1，正方形ABCD的边长为12，P为边BC延长线上的一点，E为DP的中点，DP的垂直平分线交边DC于M，交边AB的延长线于N.当CP=6时，EM与EN的比值是多少？最新人教版数学精品课件设计(.·济宁中考)数学课上，李老师出示了这样一道题目：如图1，经过思考，小明展示了一种正确的解题思路：过E作直线平行于BC交DC，AB分别于F，G，如图2，则可得：，因为DE=EP.所以DF=FC.可求出EF和EG的值，进而可求得EM与EN的比值.(1)请按照小明的思路写出求解过程.(2)小东又对此题作了进一步探究，得出了DP=MN的结论，你认为小东的这个结论正确吗？如果正确，请给予证明；如果不正确，请说明理由.最新人教版数学精品课件设计经过思考，小明展示了一种正确的解题思路：过E作直线最【解析】(1)由图2知∵DE=EP，∴DF=FC.∴∴(2)小东的结论正确.作MH∥BC交AB于点H，则MH=CB=CD，∠MHN=90°.最新人教版数学精品课件设计【解析】(1)由图2知最新人教版数学精品课件设计∵∠DCP=180°-90°=90°，∴∠DCP=∠MHN.∵∠MNH=∠CMN=∠DME=90°-∠CDP,∠DPC=90°-∠CDP,∴∠DPC=∠MNH.∴△DPC≌△MNH.∴DP=MN.最新人教版数学精品课件设计∵∠DCP=180°-90°=90°，最新人教版数学精品课件1.(.·义乌中考)下列说法不正确的是()(A)一组邻边相等的矩形是正方形(B)对角线相等的菱形是正方形(C)对角线互相垂直的矩形是正方形(D)有一个角是直角的平行四边形是正方形【解析】选D.有一个角是直角的平行四边形是矩形，不能说明是正方形.最新人教版数学精品课件设计1.(.·义乌中考)下列说法不正确的是()最新人教版数2.(.·巴中中考)如图所示，已知□ABCD，下列条件：①AC=BD，②AB=AD，③∠1=∠2，④AB⊥BC，能说明□ABCD是矩形的有_____.(填写序号)【解析】由矩形的判定可知：对角线相等的平行四边形是矩形，故①可以；有一个角是直角的平行四边形是矩形，故④可以；②说明四边形是菱形；③只能说明AD∥BC.答案：①④最新人教版数学精品课件设计2.(.·巴中中考)如图所示，已知最新人教版数学精品课件设计3.(.·淮安中考)已知菱形ABCD中,对角线AC=8cm，BD=6cm，在菱形内部(包括边界)任取一点P，使△ACP的面积大于6cm2的概率为_____.最新人教版数学精品课件设计3.(.·淮安中考)已知菱形ABCD中,对角线AC=8cm【解析】设AC、BD相交于点O，分别过OB和OD的中点作AC的平行线EF、GH.当P点在GH(或EF)上时，根据三角形的中位线得EF=GH=4cm,所以菱形的面积为所以使△ACP的面积大于6cm2的概率为答案：最新人教版数学精品课件设计【解析】设AC、BD相交于点O，分最新人教版数学精品课件设计4.(.·宜宾中考)如图，点P是正方形ABCD的对角线BD上一点，PE⊥BC于点E，PF⊥CD于点F，连接EF.给出下列五个结论：①AP=EF；②AP⊥EF；③△APD一定是等腰三角形；④∠PFE=∠BAP；⑤其中正确结论是_____.最新人教版数学精品课件设计4.(.·宜宾中考)如图，点P是正方形最新人教版数学精品课件【解析】延长FP交AB于点M，则四边形BMPE是正方形，四边形ECFP、BCFM为矩形，∴MP=MB=FC=BE，PF=EC.∵在正方形ABCD中，AB=BC,∴AM=EC.∵∠AMP=∠C=90°，∴△AMP≌△ECF,∴AP=EF,∠MAP=∠CEF,故①正确；∵FP∥EC,∴∠PFE=∠CEF,最新人教版数学精品课件设计【解析】延长FP交AB于点M，最新人教版数学精品课件设计∴∠PFE=∠BAP,故④正确；在等腰直角△PFD中，根据勾股定理，故⑤正确；延长AP交EF于点N，可得∠EPN=∠BAP，∴∠EPN+∠PEF=∠EFP+∠PEF=90°，∴∠PNE=90°，∴AP⊥EF，故②正确；由已知条件不能推出△APD一定是等腰三角形.答案：①②④⑤最新人教版数学精品课件设计∴∠PFE=∠BAP,故④正确；最新人教版数学精品课件设计5.(.·肇庆中考)如图，四边形ABCD是平行四边形，AC、BD交于点O，∠1=∠2.(1)求证：四边形ABCD是矩形；(2)若∠BOC=120°,AB=4cm,求四边形ABCD的面积.最新人教版数学精品课件设计5.(.·肇庆中考)如图，四边形ABCD最新人教版数学精品课【解析】(1)∵∠1=∠2，∴BO=CO，即2BO=2CO.∵四边形ABCD是平行四边形，∴AO=CO，BO=OD,即AC=2CO，BD=2BO，∴AC=BD.∵四边形ABCD是平行四边形，∴四边形ABCD是矩形.最新人教版数学精品课件设计【解析】(1)∵∠1=∠2，∴BO=CO，即2BO=2CO.(2)在△BOC中，∠BOC=120°,∴∠1=∠2=(180°-120°)÷2=30°,∴在Rt△ABC中，AC=2AB=2×4=8(cm),∴(cm).∴四边形ABCD的面积=(cm2).最新人教版数学精品课件设计(2)在△BOC中，∠BOC=120°,最新人教版数学精品课6.(.·安徽中考)如图，AD∥FE，点B、C在AD上，∠1＝∠2，BF＝BC，(1)求证：四边形BCEF是菱形.(2)若AB＝BC＝CD，求证：△ACF≌△BDE.最新人教版数学精品课件设计6.(.·安徽中考)如图，最新人教版数学精品课件设计【解析】(1)∵AD∥FE，∴∠FEB=∠2.∵∠1=∠2,∴∠FEB=∠1.∴BF=EF.∵BF=BC,∴BC=EF,∴四边形BCEF是平行四边形.∵BF=BC,∴四边形BCEF是菱形.(2)∵EF=BC，AB=BC=CD，AD∥FE，∴四边形ABEF、四边形CDEF均为平行四边形，∴AF=BE、FC=ED.又∵AC=2BC=BD，∴△ACF≌△BDE.最新人教版数学精品课件设计【解析】(1)∵AD∥FE，∴∠FEB=∠2.最新人教版数学7.(.·荆门中考)将三角形纸片ABC(AB>AC)沿过点A的直线折叠，使得AC落在AB边上，折痕为AD，展平纸片，如图(1)；再次折叠该三角形纸片，使得点A与点D重合，折痕为EF，再次展平后连接DE、DF，如图(2)，证明：四边形AEDF是菱形.最新人教版数学精品课件设计7.(.·荆门中考)将三角形纸片ABC(AB>AC)沿过点A【证明】由第一次折叠可知：AD为∠CAB的平分线，∴∠1=∠2.由第二次折叠可知：∠CAB=∠EDF，从而∠3=∠4.∵AD是△AED和△AFD的公共边，∴△AED≌△AFD(ASA),∴AE=AF,DE=DF.又由第二次折叠可知：AE=ED，AF=DF，∴AE=ED=DF=AF.故四边形AEDF是菱形.最新人教版数学精品课件设计【证明】由第一次折叠可知：AD为∠CAB的平分线，最新人教版最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计8.(.·长沙中考)在正方形ABCD中，AC为对角线，E为AC上一点，连接EB、ED.(1)求证：△BEC≌△DEC；(2)延长BE交AD于F，当∠BED＝120°时，求∠EFD的度数.最新人教版数学精品课件设计8.(.·长沙中考)在正方形ABCD中，最新人教版数学精品课【解析】(1)∵四边形ABCD是正方形，∴BC＝DC.又∵AC为对角线，E为AC上一点，∴∠BCE＝∠DCE＝45°.∵EC＝EC,∴△BEC≌△DEC(SAS).(2)∵△BEC≌△DEC,∠BED＝120°,∴∠BEC＝∠DEC＝60°.∵∠DAC＝45°，∴∠ADE＝15°,∴∠EFD＝∠BED－∠ADE＝120°-15°＝105°.最新人教版数学精品课件设计【解析】(1)∵四边形ABCD是正方形，最新人教版数学精品课特殊的平行四边形的性质的教学设计一、概述

1.《特殊平行四边形的性质》是人教版教材初中二年级的一堂数学课.本节课是第1课时，时间为45分钟.特殊的平行四边形的性质的教学设计一、概述

1.《特殊平行四边形的性质》是人教版教材初中二年级的一堂数学课.本节课是第1课时，时间为45分钟.最新人教版数学精品课件设计特殊的平行四边形的性质的教学设计特殊的平行四边形的性质的教学

2.《特殊平行四边形的性质》的学习是在学生掌握了平行四边形的性质和基本判定方法之后进行的，是在平行四边形的基础上进行扩充的，以平行四边形知识的综合应用为核心，它是本章的教学重点.它的探索方法与平行四边形性质的探索方法一脉相承，而平行四边形同特殊平行四边形之间的联系与区别是本章的教学难点，为了克服这一难点，主要运用“集合”思想，并结合关系图，让学生分清这些四边形的从属关系，从而梳理它们的性质和判定方法.最新人教版数学精品课件设计2.《特殊平行四边形的性质》的学习是在学生掌握了平行四边二、教学目标分析

1.知识与技能

(1)理解特殊平行四边形的定义，并能根据定义探究特殊平行四边形的性质.

(2)理解特殊平行四边形的性质，并能根据其性质进行简单的计算和证明.

(3)理解平行四边形与特殊平行四边形之间的关系.最新人教版数学精品课件设计二、教学目标分析最新人教版数学精品课件设计

2.过程与方法

(1)通过经历特殊平行四边形性质的探索过程，丰富学生从事数学活动的经验和体验，进一步培养学生的合情推理能力；结合特殊平行四边形性质以及相关问题的证明，进一步培养和发展学生的逻辑推理能力和推理论证的表达能力.

(2)通过分析平行四边形与特殊平行四边形概念之间的联系与区别，使学生认识到特殊与一般的关系，从而体会事物之间总是相互联系而又相互区别的，进一步培养学生的辩证唯物主义观点.最新人教版数学精品课件设计2.过程与方法最新人教版数学精品课件设计

3.情感态度与价值观

(1)通过探究特殊平行四边形性质的过程，培养学生自主探究的能力和与他人合作交流的意识、方法，并获得成功的体验，进一步树立学习数学的自信心.

(2)使学生对“四边形”一章的学习充满兴趣与乐趣.最新人教版数学精品课件设计3.情感态度与价值观最新人教版数学精品课件设计三、教学重点、难点

1.教学重点：特殊平行四边形的定义、性质.

2.教学难点：平行四边形与特殊平行四边形概念之间的联系与区别.最新人教版数学精品课件设计三、教学重点、难点最新人教版数学精品课件设计四、学习者特征分析

1.学生是昌平区小汤山中学初二(1)班学生，学生喜欢上网络数学课，对数学的学习有较强的兴趣.

2.学生具有一定的探究数学问题的能力和数学活动的经验.

3.学生逻辑推理能力较强，语言表达能力较弱.

4.学生有很好的计算机基础，能运用“几何画板”简单常用功能探究一定的数学问题.最新人教版数学精品课件设计四、学习者特征分析最新人教版数学精品课件设计五、教学策略本节课主要以“教学主导-学生主体”的教学思想为指导，采用探究式学习、自主学习及合作学习等策略完成本节课的教学内容，教学步骤如下：创设情境→提出问题→自主探索→合作交流→巩固训练→总结提高→问题解决.最新人教版数学精品课件设计五、教学策略最新人教版数学精品课件设计六、教学环境及资源

1.教学环境：多媒体网络教室

2.教学资源●义务教育课程标准实验教科书《数学》八年级下册●PPT演示课件●Midea-Class纯软多媒体教学网、“几何画板”等最新人教版数学精品课件设计六、教学环境及资源最新人教版数学精品课件设计七、教学过程

1.创设情境，导入课题教师活动：出示课件，呈现本班李娜同学照片与学习感悟.李娜说：“有些人总是抱怨自己笨，不聪明，但是他可曾分析过原因吗？其实人没有聪明不聪明之分，只是他还没有用好自己的‘工具’罢了.让我们一起来看一看‘聪’这个字，它是由‘耳’——听，‘’——眼——看，‘口’——说，‘心’——想，这些都是人们学习必用的‘工具’.请问：那些所谓不聪明的人，你用好自己的‘工具’了吗？”最新人教版数学精品课件设计七、教学过程最新人教版数学精品课件设计师说：“今天我们就充分运用这些自己的‘工具’和尺规及‘几何画板’工具来学习《特殊平行四边形的性质》.”学生活动：倾听，感悟.教师关注：学生倾听时所表现出的情感态度.设计意图：结合本班数学学困生李娜的学习感悟，激励学生树立学习数学的自信心，激发学习“四边形”一章的学习兴趣，渗透学习数学的方法：仔细观察→认真听讲→动手实践→用心思考→合作交流；尤其对李娜同学更是极大的鼓舞与激励.最新人教版数学精品课件设计师说：“今天我们就充分运用这些自己的‘工具’和尺规及‘几

2.总结定义，寻找关系

(1)教师活动：出示课件，按照如下顺序演示图形变换：平行四边形→菱形；平行四边形→矩形；矩形→正方形；菱形→正方形；并提出问题，仔细观察，认真思考，根据图形变换的过程，总结菱形、矩形、正方形定义.学生活动：观察，思考，总结定义.最新人教版数学精品课件设计2.总结定义，寻找关系最新人教版数学精品课件设计教师关注：学生能否根据图形变换准确总结出特殊四边形的定义，语言表达是否流畅规范.设计意图：通过教师演示图形变换→学生观察、思考、总结的过程，拓展图形变换的形式，加强对特殊平行四边形的认识，渗透它们之间的关系，培养归纳总结能力.最新人教版数学精品课件设计教师关注：学生能否根据图形变换准确总结出特殊四边形的定义

(2)教师活动：提出问题——请根据菱形、矩形、正方形定义画出平行四边形分类结构图.学生活动：学生独立思考，在学案上画出结构图.教师关注：学生能否建构出平行四边形的分类结构图；学生在建构的过程中出现的错误；学生在建构结构图的过程中是否有成功的体验.最新人教版数学精品课件设计(2)教师活动：提出问题——请根据菱形、矩形、正方形定义设计意图：通过学生根据定义自主建构结构图的过程，使学生初步理解特殊平行四边形的定义及它们与平行四边形之间的关系，渗透特殊平行四边形的性质和判定；体现知识之间的联系，一般与特殊的关系，直观操作和逻辑推理的有机结合.最新人教版数学精品课件设计设计意图：通过学生根据定义自主建构结构图的过程，使学生初

(3)教师活动：分析平行四边形与特殊平行四边形之间的联系.①结构图的形状就像平行四边形；②菱形、矩形、正方形是特殊的平行四边形，因此它们具有平行四边形的一切性质；③正方形既是特殊的菱形又是特殊的矩形.学生活动：倾听，理解，记忆.最新人教版数学精品课件设计(3)教师活动：分析平行四边形与特殊平行四边形之间的联系教师关注：学生倾听时的情感态度，是否理解教师分析的内容.设计意图：通过教师的分析，使学生进一步理解特殊平行四边形的定义及它们与平行四边形之间的关系，进一步渗透特殊平行四边形的性质和判定；培养学生认真听讲的习惯.最新人教版数学精品课件设计教师关注：学生倾听时的情感态度，是否理解教师分析的内容.

3.教师引导，尺规作图教师活动：提出问题——根据菱形、矩形、正方形定义画出图形.教师现场用“几何画板”构造法作图，引导学生利用尺规在学案上作图.学生活动：学生在学案上作图(尺规作图).教师关注：学生尺规作图的正确性、操作的规范性；在教师的引导与示范下，有多少学生能掌握用构造法画菱形、矩形、正方形.最新人教版数学精品课件设计3.教师引导，尺规作图最新人教版数学精品课件设计设计意图：通过尺规作图，使学生进一步理解特殊平行四边形的定义及它们与平行四边形之间的关系，进一步渗透特殊平行四边形的性质和判定；培养学生的绘图能力.最新人教版数学精品课件设计设计意图：通过尺规作图，使学生进一步理解特殊平行四边形的

4.自主探究，总结性质教师活动：提出问题——根据菱形、矩形、正方形的定义及图形，平行四边形分类结构图，总结特殊平行四边形的性质；将菱形、矩形所具有的而平行四边形所不具有的特殊性质标注出来，并思考为什么.学生活动：学生利用“几何画板”，自主探究，总结性质.最新人教版数学精品课件设计4.自主探究，总结性质最新人教版数学精品课件设计教师关注：学生能否将特殊平行四边形的性质总结全面，在总结的过程中有哪些困难.设计意图：通过学生自主探究、总结性质的过程，培养学生探究与总结的能力；体现直观操作和逻辑推理的有机结合.最新人教版数学精品课件设计教师关注：学生能否将特殊平行四边形的性质总结全面，在总结

5.合作交流，深化新知教师活动：教师根据学生总结情况，进行点评，就学生不清楚的知识引导学生观察猜想→度量验证→分析判断→推理证明→合作交流.学生活动：独立思考，与教师、同学合作交流.教师关注：学生对特殊平行四边形的特殊性质是否理解；对知识理解的条理是否清晰；学生是否有与他人合作的意识和方法.最新人教版数学精品课件设计5.合作交流，深化新知最新人教版数学精品课件设计设计意图：通过经历特殊平行四边形性质的探索过程，丰富学生从事数学活动的经验和体验，进一步培养学生的合情推理能力；结合特殊平行四边形性质以及相关问题的证明，进一步培养和发展学生的逻辑推理(合情推理与演绎推理)能力和推理论证的表达能力.最新人教版数学精品课件设计设计意图：通过经历特殊平行四边形性质的探索过程，丰富学生

6.基础训练，巩固新知教师活动：巡视学生答题情况.学生活动：自主答题.教师关注：学生能否将教师故意出错的题用多种方法改正过来，并给出合理的解释和正确的答案.设计意图：学生在Midea-Class平台中，进行自测，巩固新知，通过学生答题情况，来考查学生掌握知识的情况；通过学生分析改错题的过程，巩固本节所学的新知.最新人教版数学精品课件设计6.基础训练，巩固新知最新人教版数学精品课件设计

7.师生总结，提高新知教师活动：教师引导学生从知识与方法两个方面来总结本节课学习的内容，并结合本节课具体知识点评学生学习情况.学生活动：学生根据教师的点评，结合学习过程，利用Midea-Class多媒体教学网络平台,学生分组讨论其功能，写出学习感受，与全班同学交流学习心得.教师关注：学生的学习目标是否达成；学生是否会评价自己.最新人教版数学精品课件设计7.师生总结，提高新知最新人教版数学精品课件设计设计意图：通过教师从知识与方法两方面的总结，梳理知识，建构体系，同时也起一个示范作用；通过学生积极回顾，自我总结，自我评价，培养学生的归纳总结能力、语言表达能力、自我评价能力.这里需要说明的是，Midea-Class多媒体教学网络平台在学生分组讨论、打写学习感受时的优势.通常情况下，一节课即将结束时，由一个学生做本节课的知识内容小结，其他同学倾听补充.而网络环境下的分组讨论功能则是所有学生在同一界面下利用电脑打写学习感受，进行知识小结，最新人教版数学精品课件设计设计意图：通过教师从知识与方法两方面的总结，梳理知识，建这样每一个学生在打写自己的学习感受时，可以看见其他同学打写的内容，相当于全班学生在同一组进行交流学习感受，学生参与交流的机会大大增强；学生在上传打写内容时，同时显示该学生机的IP地址，在教师利用教师机进行监控的情况下，学生不敢胡写，只能认真打写学习感受，而教师可以根据学生打写的学习感受，及时了解全班同学对本节课教学目标的达成情况，以便课后落实.最新人教版数学精品课件设计这样每一个学生在打写自己的学习感受时，可以看见其他同学打写的八、板书设计课题《特殊平行四边形的性质》一、知识

1.结构图：

2.特殊性：对角线.最新人教版数学精品课件设计八、板书设计最新人教版数学精品课件设计二、方法

1.观察试验→推理证明→实践应用特殊→一般→特殊

2.作业批改与辅导：批改重点放在几何推理的规范性方面.(每次布置两个推理说明题，对学生的作业精批、细改，当面辅导与学生结队辅导结合)最新人教版数学精品课件设计二、方法最新人教版数学精品课件设计Thankyou!最新人教版数学精品课件设计Thankyou!最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计结合近几年中考试题分析，矩形、菱形、正方形的内容考查主要有以下特点：

1.本讲内容涉及特殊平行四边形的概念、性质、判定，主要考查边长、对角线长、面积等的计算.题型有填空题、选择题，但更多的是证明题、求值计算题、条件探索题、几何动态问题与函数结合的问题.最新人教版数学精品课件设计结合近几年中考试题分析，矩形、菱形、正方形的内容考查

2..年中考估计有加大本讲题量的趋势，本讲知识与轴对称、旋转及平移等知识结合考查，许多有一定难度的新题、活题、压轴题将出现于此讲，试题强调基础，源于教材，变中求新，着重考查学生的发散思维能力.最新人教版数学精品课件设计2..年中考估计有加大本讲题量的趋势，本讲知识与轴对

1.在复习时，要重点掌握矩形、菱形、正方形的相关性质和判别方法，会灵活运用矩形、菱形、正方形的性质进行证明和计算，要注意培养学生善于运用数形结合思想的习惯.2.在复习本讲时，要总结特殊平行四边形的一些特殊规律和添加相应的辅助线的方法，将所求的结论转化到特殊的平行四边形和三角形中思考，要注意寻找图形中隐含的相等的边和角.最新人教版数学精品课件设计1.在复习时，要重点掌握矩形、菱形、正方形的相关性质最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计矩形的性质与判定1.矩形的性质运用：(1)从角上看，矩形的四个角都是直角，可将矩形问题转化为直角三角形问题去解决；(2)从对角线上看，对角线将矩形分成四个等腰三角形,可将矩形问题转化为等腰三角形去解决；(3)矩形是中心对称图形，对称中心是对角线的交点，过对称中心的任意一条直线将矩形分成面积相等的两个多边形.最新人教版数学精品课件设计矩形的性质与判定1.矩形的性质运用：最新人教版数学精品课件设2.矩形的判定：(1)若四边形为(或可证为)平行四边形，则再证一角为直角或对角线相等；(2)若直角较多，可证三个角为直角.3.矩形与三角形全等相结合常用于线段的相等、平行或角相等的证明.最新人教版数学精品课件设计2.矩形的判定：最新人教版数学精品课件设计【例1】(.·南京中考)如图，将□ABCD的边DC延长到点E，使CE＝DC，连接AE，交BC于点F.(1)求证：△ABF≌△ECF.(2)若∠AFC＝2∠D，连接AC、BE.求证：四边形ABEC是矩形.最新人教版数学精品课件设计【例1】(.·南京中考)如图，将最新人教版数学精品课件设【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD.∴∠ABF＝∠ECF.∵EC=DC,∴AB=EC.在△ABF和△ECF中，∵∠ABF＝∠ECF，∠AFB＝∠EFC，AB＝EC，∴△ABF≌△ECF.最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)∵四边形ABCD是平行四边形，最新人教版数(2)∵AB＝EC，AB∥EC，∴四边形ABEC是平行四边形，∴AF＝EF，BF＝CF.∵四边形ABCD是平行四边形，∴∠ABC＝∠D，又∵∠AFC＝2∠D，∴∠AFC＝2∠ABC.∵∠AFC＝∠ABF+∠BAF，∴∠ABF＝∠BAF.最新人教版数学精品课件设计(2)∵AB＝EC，AB∥EC，最新人教版数学精品课件设计∴FA＝FB.∴FA＝FE＝FB＝FC，∴AE＝BC.∴□ABEC是矩形.最新人教版数学精品课件设计∴FA＝FB.最新人教版数学精品课件设计1.(.·河北中考)如图，矩形ABCD的顶点A，B在数轴上，CD=6，点A对应的数为-1，则点B所对应的数为_____.最新人教版数学精品课件设计1.(.·河北中考)如图，矩形ABCD的顶点A，B在数轴上，【解析】因为四边形ABCD是矩形，所以AB=CD.又因为CD=6，点A对应的数为-1，所以点B对应的数为5.答案：5最新人教版数学精品课件设计【解析】因为四边形ABCD是矩形，最新人教版数学精品课件设计2.(.·河池中考)如图，矩形ABCD中，AB＝8cm，BC＝4cm，E是DC的中点，，则四边形DBFE的面积为_____cm2.最新人教版数学精品课件设计2.(.·河池中考)如图，矩形ABCD中，AB＝8cm，B【解析】因为所以CF=3cm.因为AB=8cm,所以CD=8cm,E是DC的中点，所以CE=4cm,所以三角形CEF的面积等于6cm2，所以四边形DBFE的面积为16-6=10(cm2).答案：10最新人教版数学精品课件设计【解析】因为最新人教版数学精品课件设计3.(.·南通中考)如图，矩形纸片ABCD中，AB＝2cm,点E在BC上.且AE＝EC，若将纸片沿AE折叠，点B恰好与AC上的点B′重合.则AC＝_____cm.最新人教版数学精品课件设计3.(.·南通中考)如图，矩形纸片ABCD中，AB＝2cm【解析】在矩形ABCD中，∠B＝90°，由折叠知，∠AB′E=∠B=90°,AB′=AB=2cm,∴B′E⊥AC,∵AE=EC,∴AB′=B′C=2cm,∴AC=4cm.答案：4最新人教版数学精品课件设计【解析】在矩形ABCD中，∠B＝90°，由折叠知，∠AB′E4.(.·乐山中考)如图，E、F分别是矩形ABCD的对角线AC和BD上的点，且AE=DF.求证：BE=CF.【证明】在矩形ABCD中，AB=CD，AB∥CD，∴∠BAC=∠CDF，又AE=DF，∴△ABE≌△DCF，∴BE=CF.最新人教版数学精品课件设计4.(.·乐山中考)如图，E、F分别是矩形ABCD的对角线A菱形的性质与判定菱形除具有平行四边形的一切性质外，还具有其特殊的性质，即四条边相等；对角线互相垂直，每一条对角线平分一组对角；具有中心对称性和轴对称性等；菱形的判定方法主要有(1)利用边之间的关系进行判定，即有一组邻边相等的平行四边形是菱形；四条边都相等的四边形是菱形；(2)利用对角线之间的关系判定，即对角线互相垂直的平行四边形是菱形；最新人教版数学精品课件设计菱形的性质与判定菱形除具有平行四边形的一切性质外，还具有其特菱形的对角线将菱形分割成四个全等的直角三角形，因此菱形的面积等于其对角线乘积的一半.最新人教版数学精品课件设计菱形的对角线将菱形分割成四个全等的直角三角形，因此菱形的面积【例2】(.·泉州中考)如图，将矩形ABCD沿对角线AC剪开，再把△ACD沿CA方向平移得到△A1C1D1.最新人教版数学精品课件设计【例2】(.·泉州中考)如图，将矩形ABCD沿对角线AC剪开(1)证明：△A1AD1≌△CC1B;(2)若∠ACB＝30°，试问当点C1在线段AC上的什么位置时，四边形ABC1D1是菱形.(直接写出答案)最新人教版数学精品课件设计(1)证明：△A1AD1≌△CC1B;最新人教版数学精品课件【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)∵四边形ABCD为矩形，∴BC＝AD，BC∥AD，∴∠DAC＝∠ACB.∵把△ACD沿CA方向平移得到△A1C1D1，∴∠A1＝∠DAC，A1D1＝AD，AA1＝CC1，∴∠A1＝∠ACB，A1D1＝CB.∴△A1AD1≌△CC1B(SAS).(2)当C1在AC中点时，四边形ABC1D1是菱形.最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)∵四边形ABCD为矩形，最新人教版数学精品5.(.·南通中考)如图，菱形ABCD中，AB=5，∠BCD=120°,则对角线AC的长是()(A)20(B)15(C)10(D)5最新人教版数学精品课件设计5.(.·南通中考)如图，菱形ABCD中，最新人教版数学精品【解析】选D.菱形ABCD中，∠BCD=120°,所以∠B=60°,所以△ABC为等边三角形，所以AC=AB=5.最新人教版数学精品课件设计【解析】选D.菱形ABCD中，∠BCD=120°,最新人教版6.(.·聊城中考)已知一个菱形的周长是20cm,两条对角线的比为4∶3，则这个菱形的面积是()(A)12cm2(B)24cm2(C)48cm2(D)96cm2最新人教版数学精品课件设计6.(.·聊城中考)已知一个菱形的周长是20cm,两条对角【解析】选B.∵菱形的周长为20cm,∴菱形的边长为5cm,设OA=4xcm,OB=3xcm,则(4x)2+(3x)2=52.解得x=1,∴OA=4cm,OB=3cm,∴AC=8cm,BD=6cm,∴菱形的面积=最新人教版数学精品课件设计【解析】选B.∵菱形的周长为20cm,最新人教版数学精品课7.(.·嘉兴中考)如图，已知菱形ABCD的一个内角∠BAD＝80°，对角线AC、BD相交于点O，点E在AB上且BE=BO，则∠AOE＝_____.最新人教版数学精品课件设计7.(.·嘉兴中考)如图，已知菱形ABCD最新人教版数学精品【解析】在菱形ABCD中，AC⊥BD，得∠ABD=50°.由BE=BO，得∠BOE=∠BEO=65°,所以∠AOE=25°.答案：25°最新人教版数学精品课件设计【解析】在菱形ABCD中，最新人教版数学精品课件设计8.(.·济宁中考)如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC、BD相交于O，过点O作直线EF⊥BD，分别交AD、BC于点E和点F，求证：四边形BEDF是菱形.最新人教版数学精品课件设计8.(.·济宁中考)如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC【证明】∵四边形ABCD是平行四边形，∴OB=OD，∠EDO=∠FBO，又∠EOD=∠FOB，∴△EOD≌△FOB，∴OE=OF，∴四边形BEDF是平行四边形，又∵EF⊥BD，∴四边形BEDF是菱形.最新人教版数学精品课件设计【证明】∵四边形ABCD是平行四边形，∴OB=OD，∠EDO正方形的性质与判定正方形除具备平行四边形、矩形和菱形的一切性质外，还具有它独特的性质，即对角线相等且互相垂直平分；对角线与边的夹角为45度；正方形的面积等于其对角线的平方的一半.正方形也是分别从角、边和对角线等方面进行判定的：(1)利用角进行判定，即有一个角是直角的菱形；(2)利用边进行判定，即有一组邻边相等的矩形；最新人教版数学精品课件设计正方形的性质与判定正方形除具备平行四边形、矩形和菱形的一切性(3)利用对角线进行判定，即对角线相等且垂直的平行四边形；另外有：有一个角是直角，一组邻边相等的平行四边形是正方形.最新人教版数学精品课件设计(3)利用对角线进行判定，即对角线相等且垂直的平行四边形；最【例3】(.·上海中考)已知正方形ABCD中，点E在边DC上，DE=2，EC=1(如图所示)，把线段AE绕点A旋转，使点E落在直线BC上的点F处，则F、C两点的距离为_____.【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【例3】(.·上海中考)已知正方形ABCD最新人教版数学精品【自主解答】在△ABF和△ADE中，∵∠ABF=∠ADE，AB=AD，AF=AE，∴△ABF≌△ADE，∴BF=DE=2.当F在B点左侧时，FC=BF+BC=BF+DC=2+3=5.当F在B点右侧时,FC=BC-BF=3-2=1.∴F、C两点的距离为1或5.答案：1或5最新人教版数学精品课件设计【自主解答】在△ABF和△ADE中，最新人教版数学精品课件设9.(.·滨州中考)如图，把一个长方形纸片对折两次，然后剪下一个角，为了得到一个正方形，剪刀与折痕所成的角的度数应为()(A)60°(B)30°(C)45°(D)90°最新人教版数学精品课件设计9.(.·滨州中考)如图，把一个长最新人教版数学精品课件设计【解析】选C.将长方形对折两次，剪下的四边形的对角线互相垂直，只要保证剪刀与折痕所成的角为45°，易证剪下的四边形的对角线互相垂直、平分且相等，这样的四边形是正方形，故选C.最新人教版数学精品课件设计【解析】选C.将长方形对折两次，剪下的四边形的对角线互相垂直10.(.·重庆中考)如图，正方形ABCD中，AB＝6,点E在边CD上，且CD＝3DE.将△ADE沿AE对折至△AFE，延长EF交边BC于点G，连接AG，CF.下列结论：①△ABG≌△AFG;②BG＝GC；③AG∥CF；④S△FGC=3.其中正确结论的个数是()(A)1(B)2(C)3(D)4最新人教版数学精品课件设计10.(.·重庆中考)如图，正方形最新人教版数学精品课件设计【解析】选C.由折叠知，AF＝AD，∠D＝∠AFE，EF＝DE.∵四边形ABCD是正方形，∴AB＝AD＝AF，∠B＝∠AFE＝∠D＝∠AFG＝90°.∵AG=AG,∴Rt△ABG≌Rt△AFG,故①正确；∵AB＝6，CD＝3DE.∴CE＝4,DE＝EF＝2,最新人教版数学精品课件设计【解析】选C.由折叠知，最新人教版数学精品课件设计设BG＝x，由①知，GF＝BG＝x,GC=6-x.在Rt△ECG中，GC2+CE2＝GE2.∴(6-x)2+42=(2+x)2，解得x=3.∴GC=BG=3.故②正确；∵BG=FG=CG,∴∠GFC=∠GCF,∴∠FGC＝180°-2∠GFC，由①知∠AGB＝∠AGF，∴∠FGC＝180°-2∠AGF.∴180°-2∠GFC＝180°-2∠AGF.最新人教版数学精品课件设计设BG＝x，由①知，GF＝BG＝x,GC=6-x.最新人教版∴∠GFC＝∠AGF,∴AG∥CF，故③正确；过F点作FM⊥BC于M，则FM∥EC，∴△GFM∽△GEC.∴即∴∴,故④错误.最新人教版数学精品课件设计∴∠GFC＝∠AGF,∴AG∥CF，最新人教版数学精品课件设11.(.·深圳中考)如图，在边长为2cm的正方形ABCD中，点Q为BC边的中点，点P为对角线AC上一动点，连接PB、PQ，则△PBQ周长的最小值为_____cm.(结果不取近似值)最新人教版数学精品课件设计11.(.·深圳中考)如图，在边长为最新人教版数学精品课件设【解析】如图，点B关于对角线AC的对称点为点D，连接DQ，交AC于P，则PB=PD，此时PB与PQ的和最小，所以△PBQ的周长的最小值为PB+PQ+BQ=PD+PQ+BQ=DQ+BQ=答案：最新人教版数学精品课件设计【解析】如图，点B关于对角线AC的对称点为点D，最新人教版数12.(.·日照中考)正方形ABCD的边长为4,M、N分别是BC、CD上的两个动点，且始终保持AM⊥MN.当BM＝_____时，四边形ABCN的面积最大.最新人教版数学精品课件设计12.(.·日照中考)正方形ABCD的边最新人教版数学精品课【解析】如图，设BM＝x,则MC=4-x.因为AM⊥MN，所以∠1+∠2＝90°，最新人教版数学精品课件设计【解析】如图，设BM＝x,则MC=4-x.最新人教版数学精品又因为∠BAM+∠2=90°,所以∠BAM=∠1.又∠B＝∠C＝90°，所以△ABM∽△MCN,即,所以,解得所以,四边形ABCN的面积因为,所以，当时，S有最大值.答案：2最新人教版数学精品课件设计又因为∠BAM+∠2=90°,所以∠BAM=∠1.最新人教版最新人教版数学精品课件设计最新人教版数学精品课件设计特殊平行四边形中的辅助线解决特殊平行四边形的综合考查题目主要是依据矩形、菱形、正方形的一些特殊性质探求解题规律；往往需要添加一些辅助线，尽量把所求结论转化到特殊的平行四边形中来求解.最新人教版数学精品课件设计特殊平行四边形中的辅助线解决特殊平行四边形的综合考查题目主要【例】(.·眉山中考)如图，O为矩形ABCD对角线的交点，DE∥AC，CE∥BD.(1)试判断四边形OCED的形状，并说明理由；(2)若AB=6，BC=8，求四边形OCED的面积.最新人教版数学精品课件设计【例】(.·眉山中考)如最新人教版数学精品课件设计【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【思路点拨】最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)四边形OCED是菱形.∵DE∥AC，CE∥BD，∴四边形OCED是平行四边形，又在矩形ABCD中，OC=OD，∴四边形OCED是菱形.最新人教版数学精品课件设计【自主解答】(1)四边形OCED是菱形.最新人教版数学精品(2)连接OE.由菱形OCED得：CD⊥OE，∴OE∥BC.又CE∥BD，∴四边形BCEO是平行四边形，∴OE=BC=8,∴最新人教版数学精品课件设计(2)连接OE.最新人教版数学精品课件设计(.·济宁中考)数学课上，李老师出示了这样一道题目：如图1，正方形ABCD的边长为12，P为边BC延长线上的一点，E为DP的中点，DP的垂直平分线交边DC于M，交边AB的延长线于N.当CP=6时，EM与EN的比值是多少？最新人教版数学精品课件设计(.·济宁中考)数学课上，李老师出示了这样一道题目：如图1，经过思考，小明展示了一种正确的解题思路：过E作直线平行于BC交DC，AB分别于F，G，如图2，则可得：，因为DE=EP.所以DF=FC.可求出EF和EG的值，进而可求得EM与EN的比值.(1)请按照小明的思路写出求解过程.(2)小东又对此题作了进一步探究，得出了DP=MN的结论，你认为小东的这个结论正确吗？如果正确，请给予证明；如果不正确，请说明理由.最新人教版数学精品课件设计经过思考，小明展示了一种正确的解题思路：过E作直线最【解析】(1)由图2知∵DE=EP，∴DF=FC.∴∴(2)小东的结论正确.作MH∥BC交AB于点H，则MH=CB=CD，∠MHN=90°.最新人教版数学精品课件设计【解