内蒙古鄂尔多斯中考物理试题（教师版）

2020年鄂尔多斯市中考物理注意事项：.作答前，将姓名、准考证号、考场号、座位号填写在答题纸上相应位置，并核对条形码上的姓名、准考证号等有关信息。.答题内容一律填涂或写在答题纸上规定的位置，在试题卷上作答无效。.本试题共8页，4大题，23小题，满分70分，考试时间物理、化学共计120分钟。一、单项选择题（本大题共13题，每题2分，共26分）1.声音是由物体的振动产生并以波的形式向四周传播。小东用图甲的实验装置将音叉发出的声音信号输入计算机，观察到计算机上的波形如图乙。下列有关音叉发出声音的说法，与实际不符的是（ ）A.是通过空气传播到接收器的B.传播过程中音调保持不变C.传播过程中音色保持不变D.传播过程中响度保持不变【答案】D【解析】【详解】A.是通过空气传播到接收器的，故A不题意；B.传播过程中音调保持不变，故B不题意；C.传播过程中音色保持不变，故C不题意；D.传播过程中响度随着距离的变大，越来越小，故D符合题意。故选D。A.在阳光下观察这张照片，地面上出现该照片影子是由于光的直线传播B.人们能看到不发光的照片是由于光的折射C.科学家们通过天文望远镜拍摄的外星系照片是利用了光的反射D.用放大镜将照片放大来观察是利用了光的直线传播【答案】A【解析】【详解】A.影子的形成是由于光在同种均匀介质中沿直线传播造成的，故A正确；B.看到不发光照片是由于光照射到照片上后发生了反射，故B错误；C.科学家们通过天文望远镜拍摄的外星系照片是利用了凸透镜成像，其原理是光的折射，故C错误；D.用放大镜将照片放大来观察是利用了光在不同介质中传播发生折射的特点，故D错误。故选Ao3.在炎热夏季无风的环境中，剥出冰棒后可以看到冰棒周围会冒“白气”。小明和小强分别画出甲、乙两幅图来反映冰棒周围“白气”的情形。则下列有关物态变化过程和现象的说法，正确的是（ ）甲 乙A.图甲符合实际，“白气”属于液化现象B.图乙符合实际，“白气”属于汽化现象C.吃冰棒解热是熔化过程，吸热D.冰棒从冰箱拿出后包装袋上出现的“白霜”属于凝固现象【答案】C【解析】【详解】AB.冰棒周围会冒“白气”，是空气中的水蒸气遇到温度低的冰棒后，液化形成的小水珠，由于小水珠的密度大于空气的密度，故“白气”应向下运动，故AB错误：C.吃冰棒解热是因为冰棒熔化需要吸收热量，达到降温的效果，故C正确；D.冰棒从冰箱拿出后包装袋上出现的“白霜”是由空气中的水蒸气遇到低温的冰棒直接凝华形成的小冰晶，故D错误。故选C。4.新冠肺炎疫情期间，全国掀起了“停课不停学”的网络在线课堂热潮。下列有关网课的说法，错误的是()A.老师对着摄像头，学生可以看到老师，说明摄像头的成像特点与投影仪相同B.学生从手机上看到多彩的画面是由红、绿、蓝三种色光混合而成的C.老师随机提问与学生互动交流的过程，利用了声能传递信息D.学生在听课时关闭门窗，是在传播过程中减弱噪声【答案】A【解析】【详解】A.摄像头成的是倒立缩小的实像，投影仪成的是倒立、放大的实像，两个成像原理不同，故A错误，符合题意；B.色光的三原色是红、绿、蓝，手机上多彩的画面是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，故B正确，不符合题意；C.因为声能传递信息，所以老师可以随机提问与学生互动交流，故C正确，不符合题意；D.关闭门窗，使噪声的传播过程中减弱，故D正确，不符合题意。故选Ao5.新材料对人类社会发展有很大的作用。下列物质的应用与其物理属性相符的是( )A.半导体材料硅广泛应用于电子产品中，是因为硅的导电性好B.超导材料用于制作电饭锅的发热体，可提高发热效率C.运载火箭采用液态氢作燃料，因液态氢具有较大的热值D.汽车用防冻液作冷却剂，可提高燃料的利用率【答案】C【解析】【详解】A.半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，所以半导体材料硅广泛应用于电子产品中，不是因为硅的导电性好，故A不符合题意；B.超导材料没有电阻，由焦耳定律可知，超导材料通电时不会产生热量，所以不能用于制作电饭锅的发热体，故B不符合题意；C.运载火箭采用液态氢作燃料，因液态氢具有较大的热值，可以释放出更多热量，故C符合题意；D.汽车用防冻液作冷却剂，与燃料的利用率无关，并不能提高燃料的利用率，故D不符合题意。故选C。6.公交车给人们的出行带来了便利。下列对公交车的有关分析，正确的是（ ）A.在牵引力的作用下行驶，说明力是使物体运动的原因B.水平运动过程中，重力不做功C.使用宽大的轮胎是为了减小对地面的压力D.公交车内乘客相对车是运动的【答案】B【解析】【详解】A.在牵引力的作用下行驶，说明力是使物体运动状态发生改变的原因，故A错误;B.水平运动过程中，在重力方向上没有移动距离，故不做功，故B正确；C.使用宽大的轮胎是通过增加受力面积以减小对地面的压强，故C错误；D.公交车内的乘客相对车没有相对移动，故是静止的，故D错误。故选Bo.安全用电无小事。下列做法中，不符合安全用电原则的是（ ）A.冰箱的金属外壳要接地.有人触电时，要先断开电源C.家用电器达到使用寿命要及时更换D.多个大功率用电器同时使用一个插座【答案】D【解析】【详解】A.冰箱的金属外壳接地可避免出现触电事故，故A正确，不符合题意：B.有人触电时，要先断开电源，再抢救触电者，如果直接抢救触电者，抢救者也会触电，故B正确，不符合题意；C.家用电器达到使用寿命要及时更换，才能避免因电器残旧漏电而造成的触电等事故，故C正确，不符合题意：D.多个大功率用电器同时使用一个插座会由于功率过大会引起线路电流过大引发线路故障，甚至可能引发火灾，故D错误，符合题意。故选D。.2020年5月27日，我国高程测量登山队再次成功登上珠穆朗玛峰峰顶，并成峰顶测量任务（如图）。下列有关登山队员的分析，正确的是（ ）A.登山时穿特质鞋是通过增大压力来增大摩擦力.在峰顶测量时，队员所受的重力与地面对他的支持力是一对相互作用力C.在峰顶测量时，地面对队员的支持力与他对地面的压力是一对相互作用力D.从峰顶返回营地感觉比登峰轻松，是由于队员受到惯性的作用【答案】C【解析】【详解】A.登山时，登山队员的重力是一定的，压力大小不变，穿特质鞋是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；B.在峰顶测量时，队员所受的重力与地面对他的支持力是一个物体受到大小相等、方向相反、作用在同一直线上的两个力作用，是一对平衡力，故B错误；C.在峰顶测量时，地面对队员的支持力与他对地面的压力是两个物体之间的相互作用，是一对相互作用力,故C正确；D.惯性是物体的固有属性，只能说物体具有惯性，不能说物体受到惯性的作用，从峰顶返回营地感觉比登峰轻松，是由于重力的作用，故D错误。故选C。商场和超市出口处的报警器由检测天线、检测门、检测器构成。营业员在结账后，会将贴在商标上具有磁性的软标签消磁。若商品的软标签未经消磁而经过检测通道，检测天线便检测到商品上标签的磁性，从而将机械运动转化为电流，显示在仪表上。由此可见，报警器的原理与下列图中原理相同的是（ ）【答案】D【解析】【详解】根据原题中“从而将机械运动转化为电流，显示在仪表上。”可知，该过程是将机械能转化为电能的过程，利用的是电磁感应现象。A.该图是奥斯特实验，说明的是通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；B.该图是验证通电导体在磁场中受力运动情况，该过程是将电能转化为机械能，故B不符合题意；C.该图验证的是同名磁极相互排斥的规律，故C不符合题意；D.动圈式话筒是当人对着话筒讲话时，膜片就随着声音颤动，从而带动连在一起的音圈在磁场中作垂直切割磁感线的运动，线圈两端就会产生感应电动势，从而完成声电转换。利用的是电磁感应，故D符合题意。故选D。.如图甲是身高测量仪，体检者站在绝缘平台上，能自动显示身高，电路原理如图乙。Ro为定值电阻，滑动变阻器R的滑片P随身高的增高而上滑。下列有关分析，正确的是（甲 乙A.电流表示数显示身高，身高越高示数越大B.电压表示数显示身高，身高越高示数越大C.身高越高，Ro消耗的电功率越小D.身高越高，电路消耗的总功率越大【答案】B【解析】【详解】AB.由电路图乙知，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器下端与滑片之间的电压，而随身高的增加，滑片P向上滑，则电压表对应测的电阻的阻值增大，所以电压表的示数也增大，而滑片移动的过程中，电路的总电阻不变，则电流不变，那么电流表的示数不变。所以电压表示数显示身高，故A错误，B正确；CD.由以上分析知，身高变化，对电路的电流没有影响，那么对定值电阻消耗的电功率也没有影响，而变阻器接入电路的总阻值保持不变，所以电路消耗的总功率也不变，故CD错误。故选Bo.蹦床运动逐渐进入了大众生活，下列有关对蹦床者的分析，正确的是（ ）A.下落到与蹦床接触的瞬间时，动能最大B,被蹦床弹起的过程中，弹性势能转化为重力势能C.从接触蹦床到下落至最低处的过程中，弹性势能转化为动能D.在空中上升过程中，动能转化为重力势能

【答案】D【解析】【详解】A.下落过程重力势能转化为动能，与蹦床接触后重力势能转化为动能和弹性势能，最后重力势能和动能都转化为弹性势能，故A错误；B.被蹦床弹起的过程中，弹性势能转化为重力势能和动能，故B错误；C.从接触蹦床到下落至最低处的过程中，动能转化为弹性势能，故C错误；D.在空中上升过程中，高度变高，速度减小，是动能转化为重力势能，故D正确。故选D。12.在如图甲电路中，电源电压不变，Ro为定值电阻，R为滑动变阻器。在滑片P从最右端向最左端滑动过程中，电压表与电流表的示数变化关系如图乙。则下列说法正确的是（ ）甲甲A.电源电压为5VC.定值电阻RA.电源电压为5VC.定值电阻R）为8cD.滑片P在中点时，电流为0.4A【QB【解析】【详解】AC.由图乙可知，当电流为0.2A时，电压表示数为4V,则电源电压为U=4V+0.2Ax4①当电流为0.6A时，电压表示数为0V,则电源电压为U=0.6Ax&②联立①②可得故A错误，C错误；B.由P=/2R可知，当电流中电流最小时，Ro消耗的功率最小，由图乙可知，电路中的最小电流为0.2A,所以Ro消耗的最小功率

（0.2A）2x10Q=0.4W故B正确：D.滑动变阻器最值最大时，电流最小，由欧姆定理可知，滑动变阻器的最大阻值R'maxmin4V0.2A滑片P在中点时，电路中的电流故D错误。R'maxmin4V0.2A滑片P在中点时，电路中的电流故D错误。故选B。6V20。+10Q=0.3A13.水平桌面上放置足够高的柱形容器如图甲，容器底部放一个边长为10cm的均匀实心正方体M。现缓慢向容器中注入某液体，M对容器底部的压力随注入液体深度人的变化关系如图乙。则下列说法正确的是（取A.MA.M的密度是1.25xl03kg/m3B.注入液体的密度是（UxOkg/m?C.当〃=10cm时，M对容器底部的压力是2ND.当6=10cm时，液体对容器底部的压强是1200Pa【答案】C【解析】【详解】A.由图乙可知，没加入液体时，M对容器底部的压力为12N,重力等于压力为12N,M是一个边长为10cm的均匀实心正方体，所以M的密度是故A错误:B.由图乙可知，当注入液体的深度为5cm时，M受到的浮力等于排开水的重力为F;?=G-F=12N-7N=5N根据F浮=?能gHh可得液体的密度为p：.=-^―=,?= 5N, =l.OxlO3kg/m3g%Fg。41ON/kgx(O.Im)2x0.05m故B错误；C.已知，M是一个边长为10cm的均匀实心正方体，当〃=10cm时，刚好浸没，浮力为月刊=0液g%=LOx103kg/m3x1ON/kgx(0.1m)3=10NM对容器底部的压力是FK=G-Fi?i=12N-l0N=2N故C正确：D.当6=10cm时，液体对容器底部的压强是p=夕液g/z=l.Ox103kg/m3x1ON/kgxO.lm=l(XX)Pa故D错误。故选C。二、填空题(本大题共3题，每空1分，共8分).如图，用一轻直杆把飞机机翼模型固定在轻质杠杆上，直杆始终与杠杆垂直，用弹簧测力计竖直向下拉，使杠杆始终在水平位置平衡。弹簧测力计示数如图中的放大图。那么机翼模型所受的重力为N。当对模型水平向右吹风时，弹簧测力计的示数将(填“变大”或“不变”或“变小”)。【答案】 (1).24 ⑵.变小【解析】【详解】［1］由图可知，弹簧测力计分度值为0.2N,其示数为3.2N；由杠杆平衡条件月/动=4］%,可知Gx4L=Fx3L则机翼模型所受的重力为

G=^—^=-x3.2N=2.4N

4L4［2］当对模型水平向右吹风时，重力不变，但重力的力臂变小，在拉力的力臂不变时，拉力变小，即弹簧测力计的示数将变小。.将“6V1.5W”灯泡Li和“6V3W”灯泡L2按图甲电路连接，闭合开关，Li和L2均正常发光，则电路的总电阻/?=若改接在图乙电路中，闭合开关，Li正常发光，则电源2的电压U=V,如果通电2min,灯泡L?产生的热量0=J（假设灯丝电阻不变）。【答案】(1).【答案】(1).8 (2).9 (3).90【解析】【详解】口］由于Li和Lz均正常发光，它们的电阻分别是a6v)凡=%-=^-乙=24。匕1.5W两个灯泡并联，则电路的总电阻是nRR24QX12Q℃R=—= =80Ri+&24Q+12Q电路的总电阻是8Q«⑵由上述可知，L2的电阻是12C,图乙是一个串联电路，Li正常发光，电路中的电流大小是勺L5W勺L5W

6V=0.25A灯泡L2的电压是U2=1R2=0.25AX12C=3V由串联电路的电压规律可知，电源2的电压是t/=(/1+C/2=6V+3V=9V电源2的电压是9V。[3]如果通电2min,灯泡L2产生的热量是=/2/?7=(0.25A)2x12Qx120s=90J灯泡L2产生的热量是90J。.工人用如图装置搬运石块A。已知A重1200N,在20s内沿水平方向匀速移动3m,工人所用拉力F为120N,那么A移动速度为m/s,此过程拉力/做功为J；如果此装置机械效率为75%,则石块A受到的摩擦力为N.【答案】(1).0.15 (2).1080 (3).270【解析】【详解】[1]A移动的速度h3m八”，v=—= =0.15m/st20s⑵拉力做功Ws=Fs=F・3仁120Nx3x3m=1080J⑶据〃=胡得，石块A所受的拉力做的有用功为W&Wfj=r/-W(i=75%xl080J=810J而石块匀速移动时，受到的拉力与摩擦力是平衡力，所以/= =—=270NA3m三、作图与实验探究题(本大题共5题，17题2分，18题4分，19题4分，20题6分，21题6分，共22分).如图是一种活塞式抽水机的示意图，其中手柄是一个杠杆。请在图中画出手柄被扶起过程中作用在A点的最小动力B及其力臂/一

【解析】【详解】连接。4两点，则线段04就是作用于A点的动力的最大力臂，然后过A点作0A的垂线，动力是向上扶起手柄，所以垂线的方向向上，此向上的垂线即最小动力故作图如下：.如图是投影仪的简化结构图。请在图中画出入射光线经凸透镜折射及再经平面镜反射后的光路图。【答案】【解析】【详解】过焦点的入射光线经过凸透镜折射后的折射光线平行于主光轴；过平面镜的入射点垂直镜面作出法线，因为入射光线与镜面的夹角为45。，则入射角为90。-45。=45。，则反射角也为45。，在法线右侧作出反射光线；如图所示：19.某实践活动小组利用图甲的装置探究某物质熔化时温度的变化规律。甲 丙（1）装置甲中采用“水浴”加热的好处是;（2）根据实验数据作出该物质的温度随加热时间变化的图象，如图乙。由图可知，当加热到15min时，该物质所处的物态是态，该物质是（填“晶体”或“非晶体”）;（3）若将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中，如图丙，则试管中（"水的质量增加”或“冰的质量增加”或“冰与水的质量均不变”）。【答案】 （1）.使固体/物质均匀受热（或使固体/物质受热均匀） （2）.固液共存（3）.晶体（4）.冰的质量增加【解析】【详解】（1）口1“水浴”加热可以使物体受热面增大，受热均匀，所以装置甲中采用“水浴”加热的好处是使固体/物质均匀受热（或使固体/物质受热均匀）。（2）[2][3]由图乙可知，物质在10min~20min内，温度保持不变，所以该物质是晶体，当加热到15min时，该物质所处的物态是固液共存态。(3)［4］该物质在熔化过程的温度保持在零下，低于水的凝固点，所以若将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中，如图丙，则试管中冰的质量增加。20.如图甲是小明探究光的反射规律的实验装置图。(1)该实验中，纸板A、B的作用是(写出一条即可)；(2)让入射光线沿尸。方向射入，则发现反射光线沿方向射出：(3)实验结束后，小明想继续探究平面镜成像的特点，装置如图乙，却发现点燃蜡烛A,在平面镜后移动未点燃的蜡烛B,根本无法透过平面镜看到蜡烛B。小明可用代替平面镜，让实验顺利完成；(4)实验结束时，小华将一枚硬币放在竖直的平面镜前，硬币的像在。处，如图丙。现将平面镜移至图丁位置,硬币的成像情况是(填字母代号)。A.硬币成像在a处 B.硬币成像在8处C.硬币成像在c处 D.硬币无法通过平面镜成像【答案】 (1).显示光路(或显示光的传播路径/径迹或验证反射光线、入射光线、法线是否在同一平面内)(2).OE(3).玻璃板(或薄玻璃板) (4).A【解析】【详解】(1)口］实验中纸板A、B上可以显示出光路。(2)［2］让入射光线沿尸。方向射入，则反射光线沿OE方向射出，因为光路是可逆的。(3)［引实验中直接用平面镜探究，无法观察到点燃蜡烛所成的像是否与未点燃的重合，因为平面镜是不透明的，无法通过平面镜来观察其成像情况，所以实验中可用薄琉璃板来代替平面镜。(4)［4］先将硬币放在平面镜前，所成的像在。处，然后移动平面镜至丁位置处，则硬币的像仍然在a处，因为硬币的位置没有变化，则其像的位置也不变，故A选项正确。21.某实验小组在“探究影响动能大小的因素”实验中，准备的器材有：质量分别为，〃、2m两个钢球，木块和斜面等。实验过程如图:

(1)本实验是通过来反映钢球动能大小的；(2)为了探究物体动能大小与质量的关系，应选择两图进行实验分析；(3)实验中为了探究动能大小与速度的关系，应让质量相同的钢球，从同一斜面(填“相同高度”或“不同高度”)由静止滚下。实验现象表明：当质量一定时，钢球速度越大，动能越.这个结论可用解释汽车(填“超速”或“超载”)带来的危害；(4)实验装置中，如果水平面光滑，能否完成本实验的探究内容?并说明理由。«【答案】(1).木块移动距离 (2).乙丙(3).不同高度 (4).大(5).超速(6).见解析【解析】【详解】(1)。]本实验采用转换法，是通过木块移动距离来反映钢球动能大小的。(2)⑵根据控制变量法的思想，为了探究物体动能大小与质量的关系，应控制钢球从相同高度滚下，即选择乙丙两图进行实验分析。(3)[3][4][5]实验中为了探究动能大小与速度的关系，应让质量相同的钢球，从同一斜面不同高度由静止滚下,实验现象表明：当质量一定时，钢球速度越大，木块被撞击后移动距离越大，动能越大；这个结论可用解释汽车超速带来的危害。(4)[6]实验装置中，如果水平面光滑，根据牛顿第一定律，木块将一直做匀速直线运动，无法停下来，不能测出距离，故不能完成本实验的探究内容。22.小明同学用“伏安法”测额定电压为2.5V小灯泡的电阻，实验电路如图甲。甲甲(1)请用笔画线代替导线，图甲完成实物电路连接(要求:滑动变阻器滑片P向右移动，小灯泡变暗).(2)连接好电路，闭合开关，小明发现电压表有示数，电流表无示数，移动滑片P,两表示数均无变化，则

故障为。小明排除故障后按要求完成实验，并根据实验数据绘制成u-/图象，如图乙，则小灯泡正常发光时的电阻为Q；(3)^1心的小明发现实验所得U-/图象不是条直线，其原因是；(4)实验结束后，小华同学想利用此实验器材测量额定电压为3.8V小灯泡的额定功率。但此时他发现电压表损坏了，于是用一个已知阻值为扁的定值电阻，利用图丙电路，也测出了小灯泡的额定功率。请完成下列实验步骤：①闭合开关S、Si,断开开关S2,移动滑片，使电流表示数为；②闭合开关S、S2,断开开关Si,保持滑片位置不变，读出电流表示数为/；③灯泡的额定功率2新= (用已知量和测量量表示)。路(或小灯泡烧坏了小灯泡接触不良小灯泡灯丝断了均可) (3),10 (4).灯丝电阻随温度的升高38V 38y而增大(或灯丝电阻是变化的灯丝电阻受温度影响均可) (5). (6).3.8V(/-一—)【解析】【详解】(1)口］滑动变阻器滑片P向右移动，小灯泡变暗，电路中电阻变大，滑动变阻器应接下端左边接线柱。(2)［2］闭合开关，电流表无示数，说明电路是断路，电压表有示数，说明与电压表并联部分断路，故为小灯泡断路。［3］如图乙，当电压为2.5V时，电流为0.25A,故小灯泡正常发光时的电阻为10Q。(3)［4］小灯泡两端电压升高时，实际功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大。

(4)[5]图丙中小灯泡与用并联，当定值电阻两端电压为3.8V时，小灯泡即可正常发光，故定值电阻中的电3.8V流为一丁38V[6]/为干路电流，减去用中的电流即为小灯泡中的电流，故小灯泡的功率为3.8V/-——【点睛】利用定值电阻和电流表可以测电压，同样利用定值电阻和电压表可以测电流。四、综合应用题(本大题共2题，22题7分，23题7分，共14分)23.某商场新进了一批具有加热和保温两种功能的微型电热水器，其内部简化电路如图甲。该电热水器由控制电路和工作电路两部分组成。控制电路由电源(电压恒定U=6V)、开关S。、电磁铁(线圈电阻Ro=20C)、热敏电阻R组成，R阻值随温度的变化图象如图乙。工作电路Ri=44C,&=956C。当开关So和S均闭合时,电热水器开始加热[c水=4.2x103J(kg-℃)].(1)当温度达到50℃时，衔铁会被吸下，电热水器停止加热，求控制电路中的电流:(2)电热水器将水箱中2kg的水从17℃加热到50℃,用时5min。求此过程水吸收的热量及电热水器的加热效率;(3)用电高峰期，电热水器两端实际电压为200V,当电热水器处于保温状态时电热水器工作多长时间会消耗1.8x13的电能?控制电路工作电路甲乙【答案】(1)0.1A；(2)控制电路工作电路甲乙【答案】(1)0.1A；(2)2.72x105J；84%；(3)450s【详解】(1)由图乙可知，当温度为50C时,衔铁被吸下，此时440C,则控制电路中的电流为J=0.1AR.,&+R20Q+40c(2)水吸收的热量为Q及=cm揖=4.2x103J/(kg•℃)x2kgx(50℃H7℃)=2.72x105J

方法一：由图甲可知，电热水器处于加热状态时只有用工作，工作电路的功率为匕皎*100W电热水器加热5min消耗的电能为W=4热，=11()0Wx5x60s=3.3x1()5j：电热水器的加热效率为_2_2.72x105J~W~3.3xlO5J=84%方法二：由图甲可知，电热水器处于加热状态时只有用工作，则电加热器加热5min消耗的电能为U2(220V)2 <W==一t= x5x60s=3.3x105J加热R44c电热水器的加热效率为。收2.772xlO5J_jo/W3.3xlO5J(3)方法一:由图甲可知，衔铁被吸下，电热水器处于保温状态，此时心、&串联入电路，此时工作电路的总电阻为勺=凡+&=44c+956C=1000Q当U,=20V时，电热水器的实际保温功率为pp_《_(200V『实/?,, 1000Q=40W电热器工作时间为皿=生蛇=450s4 40W方法二由图甲可知，衔铁被吸下，电热水器处于保温状态，此时R、R2串联接入电路。工作电路的实际保温功率为Ul(200V尸——3V，_=4()w舄+R44Q+956Q电热水器工作时间/1.8xlO4J,st=」= =450sP实 40W方法三：ul由W=噎得热水器工作的时间为f