2023年高考全国1卷理综试题(附答案解析)解析版

学习好帮手学习好帮手版留意事项：本试卷分第一卷(选择题)和其次卷(非选择题)两局部。答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置。全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。考试完毕后，将本试题和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量:H1C12 N14 O16 Na23 Cl35.5 K39 Cr52 Mn55 Ge73 Ag108第一卷〔126分〕6题目要求的。以下与细胞相关的表达，正确的选项是核糖体、溶酶体都是具有膜构造的细胞器 B.酵母菌的细胞核内含有DNA和RNA两类核酸C.蓝藻细胞的能量来源于其线粒体有氧呼吸过程 D.在叶绿体中可进展CO2的固定但不能合成ATP【答案】B【考点定位】细胞的构造和功能、核酸的分布、光合作用【名师点睛】此题以细胞为切入点，从构造、功能、分布等方面进展考察，难度不大，但它能很好地表达构造和功能相适应的特点，并且为细胞学问的复习供给了思路，可以通过细胞，把学问进展纵向联系实现综合，并尽可能与细胞构造相关的生理过程〔如光合作用〕建立联系。例如复习时可从以下方面着手：①从有无细胞核的角度将细胞进展归类并记住相关的常见实例。②从分布〔植物、动物、原核与真核细胞共有、构造〔不具膜、具单层膜、具双层膜、成分〔含DNA、含RNA、含色素、功能〔能产生ATP、能半自主复制、与有丝分裂有关、与分泌蛋白有关、与主动运输有关、能产生水、能进展碱基互补配对〕的角度对细胞器进展归类。③拓展：细胞核有两层膜，但不属于细胞器；病毒只含有一种核酸，原核细胞与真核细胞都含有两种核酸；等等。离子泵是一张具有ATP水解酶活性的载体蛋白，能利用水解ATP释放的能量跨膜运输离子。以下表达正确的选项是离子通过离子泵的跨膜运输属于帮助集中离子通过离子泵的跨膜运输是顺着浓度阶梯进展的动物一氧化碳中毒会降低离子泵跨膜运输离子的速率参与蛋白质变性剂会提高离子泵跨膜运输离子的速率格式整理版格式整理版学习好帮手学习好帮手【答案】C【解析】由题意“离子泵能利用水解ATP释放的能量跨膜运输离子”可知，离子通过离子泵的跨膜运输属于主动运输，主动运输是逆着浓度阶梯进展的，A、B项错误；动物一氧化碳中毒会阻碍氧气的运输，导致呼ATPC动运输需要载体蛋白的帮助，参与蛋白质变性剂会导致载体蛋白因变性而失去运输物质的功能，所以会降低离子泵跨膜运输离子的速率，D【考点定位】物质跨膜运输【名师点睛】解答此题的关键是围绕“离子泵是一张具有ATP水解酶活性的载体蛋白，能利用水解ATP释放的能量跨膜运输离子”这一信息进展发散思维，从中提取出有效信息：通过离子泵的跨膜运输属于主动运输，在此根底上结合主动运输的特点逐一分析各选项，问题就能迎刃而解。假设除酶外全部试剂均已预保温，则在测定酶活力的试验中，以下操作挨次合理的是参与酶→参与底物→参与缓冲液→保温并计时→一段时间后检测产物的量参与底物→参与酶→计时→参与缓冲液→保温→一段时间后检测产物的量参与缓冲液→参与底物→参与酶→保温并计时→一段时间后检测产物的量参与底物→计时→参与酶→参与缓冲液→保温并计时→一段时间后检测产物的量【答案】C【考点定位】影响酶活性的因素及其试验设计【名师点睛】此题以“测定酶活力的试验”为素材，考察学生对影响酶活性的因素、试验设计相关学问的识记和理解力气。知道影响酶活性的因素及试验设计的原则等是分析、解决此题的关键所在。解答此题应依据试验遵循的单一变量原则、等量原则等，通过题意和各选项中的信息找出试验变量〔自变量、因变量、无关变量，在此根底上来推断操作挨次的合理性。以下与神经细胞有关的表达，的是ATP能在神经元线粒体的内膜上产生 B.神经递质在突触间隙中的移动消耗ATPC.突触后膜上受体蛋白的合成需要消耗ATP D.神经细胞兴奋后恢复为静息状态消耗ATP【答案】B【考点定位】有氧呼吸、兴奋在神经纤维上的传导和在神经细胞间的传递、蛋白质合成【名师点睛】此题以神经细胞为切入点，以兴奋在在神经细胞间传递的生命活动为情境，考察考生对ATP来源和去路及其与神经调整的关系的认知和理解力气。识记并理解相关的根底学问〔ATP的形成途径、生理功能及其去路、把握兴奋在神经细胞间的传递过程以及动作电位和静息电位形成的机理是解答此题的关键，在寻常的复习中留意归纳细胞内产生与消耗ATP〔如下表〕能够提高解题速度。转化场所细胞膜细胞质基质叶绿体线粒体核糖体细胞核

常见的生理过程ATP：主动运输、胞吞、胞吐ATP：细胞呼吸第一阶段ATP：一些需能反响ATP：光反响ATP：暗反响和自身DNAATP：有氧呼吸其次、三阶段ATP：自身DNAATP：蛋白质的合成ATP：DNA在漫长的历史时期内,我们的祖先通过自身的生产和生活实践,积存了对生态方面的感性生疏和阅历，并形成了一些生态学思想,如：自然与人和谐统一的思想。依据这一思想和生态学学问，以下说法．的是生态系统的物质循环和能量流淌有其自身的运行规律假设人与自然和谐统一，生产者固定的能量便可反复利用“退耕还林、还草”是表达自然与人和谐统一思想的实例人类应以保持生态系统相对稳定为原则，确定自己的消耗标准【答案】B【解析】生态系统的物质循环和能量流淌的渠道都是食物链和食物网，前者具有全球性、可以被生物群落,AB项错误,C项正确；人类的活动应当遵循生态系统的客观规律，应以保持生态系统相对稳定为原则,确定自己的消耗标准，D【考点定位】生态系统的构造和功能、生态系统的稳定性【名师点睛】此题的易错点在于：简洁无视生态系统的能量流淌的单向的。理论上，以下关于人类单基因遗传病的表达，正确的选项是常染色体隐性遗传病在男性中的发病率等于该病致病基因的基因频率常染色体隐性遗传病在女性中的发病率等于该病致病基因的基因频率X染色体隐性遗传病在女性中的发病率等于该病致病基因的基因频率X染色体隐性遗传病在男性中的发病率等于该病致病基因的基因频率【答案】D版版学习好帮手学习好帮手【考点定位】人类遗传病【名师点睛】解答此题的关键是抓住问题的实质：依据遗传平衡定律，常染色体隐性遗传病在男女中的发病率相等，且均为该病致病基因的基因频率的平方；伴X染色体隐性遗传病，因Y染色体上没有相应的等位基因，所以在男性中的发病率等于该病致病基因的基因频率。化学与生活亲热相关，以下有关说法错误的选项是〔 〕A．用灼烧的方法可以区分蚕丝和人造纤维 B．食用油反复加热会产生稠环芳香烃等有害物质C．加热能杀死流感病毒是由于蛋白质受热变性 D．医用消毒酒精中乙醇的浓度〔体积分数〕为95%【答案】D【解析】试题分析：A．蚕丝的主要成分是蛋白质，蛋白质在灼烧时会产生烧焦羽毛的气味，人造纤维在灼烧时会蜷B．食用油高温反复加热发生化学变化，产生多种有毒、有害甚至是致癌的稠环芳香烃物质，进而会危害人体健康，正确；CD．医用消毒酒精通常是用体积比浓度为75%渗透性强而杀菌力气又弱。体积分数为95%的酒精溶液渗透性差，会导致病毒的外表的蛋白质变性，当病毒退壳后，里边的蛋白质照旧会危害人体安康，错误。【考点定位】考察化学在生活的应用正误推断的学问。【名师点睛】化学是一门有用性的学科，在日常生活及工农业生产和科学技术中应用格外广泛。我们生活就要吃饭、穿衣，在生活过程中在与四周环境接触的过程中，往往会接触微生物或留意不当而患有疾病，消毒、治疗要使用确定的方法、或用确定的物质进展处理，这些都与化学学问有关。常见的纤维有棉花、羊毛、腈纶化学纤维等，棉花主要成分是纤维素，属于糖类，灼烧有烧被套的气味；羊毛主要成分是蛋白质，灼烧有烧焦羽毛的气味，腈纶等是人工合成的物质，灼烧有浓烈的黑烟，会蜷缩成一个小球，冷后是一个小硬球。购置的衣服布料材料就可以用灼烧的方法鉴别，也可以依据物质的面料的成分的性质在洗涤时承受适当方法。有用的植物油高温反复加热会产生致癌物质，故要少吃油炸食品；肌肉注射或输液时经常要用酒精消毒，消毒用的酒精是体积比为75%的酒精的水溶液，浓度过大或过小都不能很好的杀菌消毒。只有把握确定的化学学问，才会使我们的生活质量得以提升，也才会更安全、更安康。设N为阿伏加德罗常数值。以下有关表达正确的选项是〔 〕AA．14g乙烯和丙烯混合气体中的氢原子数为2NA

B．1molN2

4molH2

反响生成的NH3

2NAC．1molFe2NA【答案】A

D．标准状况下，2.24LCCl4

0.4NA【考点定位】考察阿伏加德罗常数计算的学问。【考点定位】考察阿伏加德罗常数计算的学问。【名师点睛】阿伏加德罗常数是单位物质的量的物质内含有的该物质的根本微粒数目，用N 表示，其近似A6.02×1023/mol；在国际上规定：0.012kg12C0.012kg12C1moln

NN A

m；nV ；M Vmcn。把握各个公式的适用范围、对象，是准确应用的保证。有时阿伏加德罗常数会与物质构造、氧化V复原反响、电化学等学问结合在一起考察，要把握物质的物理性质、化学性质及发生的反响特点等，才可以得到准确的解答。以下关于有机化合物的说法正确的选项是〔 〕A．2-甲基丁烷也称异丁烷B．由乙烯生成乙醇属于加成反响C．CHCl3种同分异构体4 9D．油脂和蛋白质都属于高分子化合物【答案】B【考点定位】考察有机物构造和性质推断的学问。【名师点睛】有机物种类几百万种，在生活、生产等多有涉及。有机物往往存在分子式一样而构造不同的现象，即存在同分异构体，要会对物质进展辨析，并会进展正确的命名CHCl可看作是CH 分子中的4 9 4 10一个H原子被一个Cl原子取代产生的物质，CH

CHCHCHCH、(CH

)CHCH

两种不同的构造，每4 10

3 2 2

32 2 32种不同的H原子，所以C4H9Cl有四种不同的构造；对于某一物质来说，其名称有习惯名称和系统命名方法的名称，要把握系统命名方法及原则。有机物在相互反响转化时要发生确定的化学反响，学习好帮手学习好帮手格式整理版常见的反响类型有取代反响、加成反响、消去反响、酯化反响、加聚反响、缩聚反响等，要把握各类反响的特点，并会依据物质分子构造特点进展推断和应用。有机物是含有碳元素的化合物，假设分子的相对分子质量不确定，则该物质是高分子化合物，假设有确定的相对分子质量，则不是高分子化合物。而不能依据相等分子质量大小进展推断。把握确定的有机化学根本学问是此题解答的关键，此题难度不大。10．以下试验操作能到达试验目的的是〔 〕2 A．用长颈漏斗分别出乙酸与乙醇反响的产物B．用向上排空气法收集铜粉与稀硝酸反响产生的NOC．配制氯化铁溶液时，将氯化铁溶解在较浓的盐酸中再加水稀释D．将Cl与HCl混合气体通过饱和食盐水可得到纯洁的2 【答案】C【考点定位】考察化学试验根本操作的学问。【名师点睛】化学是一门试验性的学科，在进展化学学习的过程中常涉及物质的分别提纯、气体的制取、除杂、收集、尾气处理、溶液的配制等操作。这就需要把握物质的物理性质、化学性质、常见的分别混合物的方法、常见的仪器的名称、使用、化学试剂的使用、分别方法及名称、操作的先后挨次等，这样才可以得心应手，作出正确的分析与推断。三室式电渗析法处理含Na2SO4废水的原理如以下图，承受惰性电极，ab、cd均为离子交换膜，在直流电场的作用下，两膜中间的N+和SO4版版学习好帮手学习好帮手以下表达正确的选项是〔 〕通电后中间隔室的SO2－离子向正极迁移，正极区溶液pH增大4该法在处理含NaSO废水时可以得到NaOH和HSO产品2 4 2 42HO–4e–=O+4H+，负极区溶液pH降低2 21mol0.5molO生成2【答案】B【考点定位】考察电解原理的应用的学问。【考点定位】考察电解原理的应用的学问。【名师点睛】化学反响主要是物质变化，同时也伴随着能量变化。电化学是化学能与电能转化关系的化学。电解池是把电能转化为化学能的装置，它可以使不能自发进展的化学借助于电流而发生。与外接电源正极连接的电极为阳极，与外接电源的负极连接的电极为阴极。阳极发生氧化反响，阴极发生复原反响。假设阳极是活性电极(除Au、Pt、C之外的电极)，则电极本身失去电子，发生氧化反响；假设是惰性电极(Au、Pt、C等电极)，则是溶液中的阴离子放电，放电的先后挨次是S2->I->Br->Cl->OH->含氧酸根离子，阴极则是溶液中的阳离子放电，放电挨次是Ag+>Hg2+>Fe3+>Cu2+>H+，与金属活动性挨次刚好相反。溶液中的离子移方向符合：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引的原则，即阳离子向阴极区移动，阴离子向阳极区移动。把握电解池反响原理是此题解答的关键。此题难度适中。12．298K时，在20.0mL0.10molL1氨水中滴入0.10molL1的盐酸，溶液的pH与所加盐酸的体积关系如以下图。0.10molL1氨水的电离度为1.32%，以下有关表达正确的选项是〔 〕A．该滴定过程应中选择酚酞作为指示剂 B．M点对应的盐酸体积为20.0mLC．M点处的溶液中c(NH4＋)＝c(Cl－)＝c(H＋)＝c(OH－) D．N点处的溶液中pH<12【答案】D【考点定位】考察酸碱中和滴定、弱电解质的电离以及离子浓度大小比较等学问。【名师点睛】酸碱中和滴定是中学化学的重要试验，通常是用浓度的酸(或碱)来滴定未知浓度的碱(或酸)，由于酸、碱溶液均无色，二者恰好反响时溶液也没有颜色变化，所以通常借助指示剂来推断，指示剂通常用甲基橙或酚酞，而石蕊溶液由于颜色变化不明显，不能作中和滴定的指示剂。酸碱恰好中和时溶液不愿定显中性，通常就以指示剂的变色点作为中和滴定的滴定终点，尽管二者不一样，但在试验要求的误差范围内。进展操作时，要留意仪器的润洗、查漏、气泡的排解，会进展误差分析与推断。推断电解质溶液中离子浓度大小时，常常要用到三个守恒：电荷守恒、物料守恒、质子守恒，会依据相应的物质写出其符合题意的式子，并进展叠加，得到正确的算式。把握水的离子积常数的计算方法、离子浓度与溶液的pH的关系等是此题解答的关键所在。此题难度适中。13．短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增加。m、p、r是由这些元素组成的二元化合物，n是元素Zq0.01mo1r溶液的pH为s通常是难溶于水的混合物。上述物质的转化关系如以下图。以下说法正确的选项是〔〕A．原子半径的大小W<X<Y B．元素的非金属性Z>X>YC．Y的氢化物常温常压下为液态 D．X的最高价氧化物的水化物为强酸【答案】C格式整理版格式整理版学习好帮手学习好帮手【考点定位】考察元素周期表、元素周期律的应用及和无机框图题推断的学问。【名师点睛】元素周期表、元素周期律是学习化学的工具和根本规律。元素周期表反映了元素的原子构造、元素的性质及相互转化关系的规律，是依据元素周期律的具体表现形式，元素周期律是元素周期表排布的依据。元素的原子半径、元素的化合价、元素的金属性、非金属性、原子核外电子排布都随着原子序数的递增而呈周期性的变化。同一周期的元素原子核外电子层数一样，从左到右原子序数渐渐增大；同一主族的元素，原子最外层电子数一样，从上到下原子核外电子层数渐渐增大。原子核外电子排布的周期性变化是元素周期律变化的缘由，把握元素的单质及化合物的构造、反响条件、物质的物理性质、化学性质等是进展元素及化合物推断的关键。此题难度较大，常由于物质的某共性质未把握好导致失误、失分。86分。在每题给出的四个选项中，第14~17题只有一项为哪一项符合题18~21题有多项符合题目要求。全部选对的得630分。14.一平行电容器两极板之间布满云母介质，接在恒压直流电源上，假设将云母介质移出，则电容器A.极板上的电荷量变大，极板间的电场强度变大 B.极板上的电荷量变小，极板间的电场强度变大C.极板上的电荷量变大，极板间的电场强度不变 D.极板上的电荷量变小，极板间的电场强度不变【答案】D【解析】试题分析：电容器接在恒压直流上，两极版的电压不变，假设将云母介质移出，相对介电常数减小，电容器的电容减小，所以极板上的电荷量变小，极板间的距离不变，所以极板间的电场强度不变，故A、B、C错误，D正确。考点：平行板电容器【名师点睛】此题主要考察了平行板电容器的动态平衡，要留意正确应用电容的打算式C rS

、定义式C

Q的正确，板间场强公式EU。U d

4kd现代质谱仪可用来分析比质子重很多的离子，其示意图如以下图，其中加速电压恒定。质子在入口处从静止开头被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口离开磁场。假设某种一价正离子在入口处从静止开头被12倍。此离子和质子的质量比约为A.11 B.12C.121 D.144【答案】D考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【名师点睛】此题主要考察了带电粒子在匀强磁场中的运动、带电粒子在匀强电场中的运动。要特别留意是带电粒子在匀强磁场中做圆周运动的向心力由洛伦兹力供给，依据动能定理求出带电粒子出电场进磁场的速度。此题关键要理解两种粒子在磁场中运动的半径不变。3一含有抱负变压器的电路如以下图，图中电阻R1，R2R3Ω，1Ω，4Ω，为抱负交3流电流表，U为正弦沟通电压源，输出电压的有效值恒定。当开关S断开时，电流表的示数为I；当S闭合4I。该变压器原、副线圈匝数比为A.2 B.3 C.4 D.5【答案】B考点：变压器；欧姆定律【名师点睛】此题主要考察了变压器、欧姆定律。解决这类问题的关键是把握变压器的构造和原理，对于U变压器需要把握公式U12

n II 1、1In2

n 2n2入沟通中，要知道两次原线圈的电压是不一样的。利用三颗位置适当的地球同步卫星，可使地球赤道上任意两点之间保持无线电通讯，目前地球同步卫星的轨道半径为地球半径的6.6倍，假设地球的自转周期变小，假设仍仅用三颗同步卫星来实现上述目的，则地球自转周期的最小值约为A.1h B.4h C.8h D.16h【答案】B【解析】(2R)3(6.6(2R)3(6.6R)3以此时同步卫星的半径r

r3=2R，由开普勒第三定律得：

k，可得TT

4h，故A、C、D1 T2 1错误，B正确。考点：万有引力定律；开普勒第三定律；同步卫星【名师点睛】此题主要考察了万有引力定律、开普勒第三定律、同步卫星。重点是把握同步卫星的特点，知道同步卫星的周期等于地球的自转周期。此题的关键是知道地球最小自转周期时，三个同步卫星的位置。18.一质点做匀速直线运动，现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生转变，则质点速度的方向总是与该恒力的方向一样质点速度的方向不行能总是与该恒力的方向垂直C.质点加速度的方向总是与该恒力的方向一样D.质点单位时间内速率的变化量总是不变BC考点：牛顿运动定律【名师点睛】此题主要考察了牛顿运动定律。特别留意以前我们遇到都去掉一个恒力，此题增加了一个恒力，从牛顿运动定律角度来看没有什么区分。依据牛顿其次定律计算加速度的可能大小，依据合力与速度方向间的关系推断物体的运动状况。要特别留意的是，有可能做匀变速曲线运动。19.OO”O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位b。外力Fb，整个系统处于静止状态。假设F方向不变，大小在确定范b仍始终保持静止，则A.绳OO”的张力也在确定范围内变化 B.物块b所受到的支持力也在确定范围内变化C.连接a和b的绳的张力也在确定范围内变化 D.物块b与桌面间的摩擦力也在确定范围内变化【答案】BD考点：共点力作用下物体的平衡，力的动态分析【名师点睛】此题主要考察了共点力作用下物体的平衡、力的动态分析。当有多个物体相互作用而平衡，应留意灵敏选择争论对象．可以让题目变得变得更简洁明晰，这个题目的难点是选项A正确与否的推断。20.如图，一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直平面〔纸面〕内，且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称。无视空气阻力。由此可知A.Q点的电势比P点高 B.油滴在Q点的动能比它在P点的大C.油滴在Q点的电势能比它在P点的大 D.油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小AB【解析】试题分析：带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直平面〔纸面〕内，且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称，可以推断合力的方向竖直向上，而重力方向竖直向上，可知电电场力的方向竖直向上，运动电荷是负电荷，所以匀强电场的方向竖直向下，所以QP点高，带负电的油滴在Q点的电势能P点的小，在QP点的大，故A、B正确，C力也是恒力，所以合力是恒力，所以油滴的加速度恒定，故D错误。考点：带电粒子在匀强电场中的运动【名师点睛】此题主要考察了带电粒子在匀强电场中的运动。此题的突破口在于依据运动轨迹推断合力的方向，再来推断电场力的方向，最终依据运动电荷的电性，就可以推断电场强度的方向，顺着这个思路就可以把这个题目做出来。21.甲、乙两车在平直大路上同向行驶，其v-t图像如以下图。两车在t=3s时并排行驶，则A.在t=1s时，甲车在乙车后 B.在t=0时，甲车在乙车前7.5mC两车另一次并排行驶的时刻是=2s D.甲乙两车两次并排行驶的位置之间沿大路方向的距离为40m【答案】BD版版学习好帮手学习好帮手考点：v-t图像；追及问题v-t图像、追及问题。v-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面题是速度--时间图象的应用，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，并能依据几何关系求出面积，能依据图象读取有用信息。II卷〔174分〕三、非选择题：包括必考题和选考题两局部。第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必需做答。第33题~40题为选考题，考生依据要求做答。〔一〕必考题〔129分〕22.〔5分〕某同学用图〔a〕所示的试验装置验证机械能守恒定律，其中打点计时器的电源为沟通电源，可220Hz、30Hz40Hz，打出纸带的一局部如图〔b〕所示。该同学在试验中没有记录沟通电的频率f，需要用试验数据和其他条件进展推算。假设从打出的纸带可判定重物匀加速下落，利用f和图〔b〕中给出的物理量可以写出：在打点计时器打出B点时，重物下落的速度大小为 ，打出C点时重物下落的速度大小为 加速度的大小为 .〔2〕已测得s=8.89cms=9.5s=10.10cm；当重力加速度大小为9.80m/s2，试验中重物受到的平均1 2 3阻力大小约为其重力的1%。由此推算出f为 Hz。1 1 1122331【答案】1〕2s+s；2s+s；2ss22〕40122331mgkmgma，解得：f

，代入数值解得：f=40Hz2(12(1k)gss3 1【名师点睛】此题主要考察了验证机械能守恒定律、纸带数据分析。解决这类问题的关键是会依据纸带数据求出打某一点的瞬时速度、整个过程的加速度；解决此题要特别留意的是打点计时器的频率不是常常用50Hz。23.〔10分〕现要组装一个由热敏电阻把握的报警系统，当要求热敏电阻的温度到达或超过60°C时，系统报警。供给的器材有：热敏电阻，报警器〔I时就会报警，电阻箱〔最大阻值c为999.Ω，直流电源〔输出电压为，内阻不计，滑动变阻器R〔最大阻值为100Ω，滑动变阻器R1 2〔最大阻值为2023Ω，单刀双掷开关一个，导线假设干。U18VI10mA20mA时，报警器可c能损坏；该热敏电阻的阻值随温度的上升而减小，在60°C650.0Ω。在答题卡上完成待调整的报警系统原理电路图的连线。在电路中应选用滑动变阻器 〔填“R”或“R

。1 2依据以下步骤调整此报警系统：①电路接通前，需将电阻箱调到确定的阻值，依据试验要求，这一阻值为 Ω；滑动变阻器的滑片应置于 〔填”或b〕端四周，不能置于另一端的缘由 。②将开关 〔填”或d〕端闭合，缓慢移动滑动变阻器的滑片，直 。保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关向另一端闭合，报警系统即可正常使用。【答案】〔1〕〔2〕R2学习好帮手学习好帮手格式整理版〔3〕①650.0b接通电源后，流过报警器的电流会超过20mA，报警器可能损坏②c 报警器开头报警；【解析】试题分析：〔1〕电路连线如图。②先把变阻箱的电阻接入电路，调整滑动变阻器的电阻，调至报警器开头报警时，保持滑动变阻器的阻值不变，接到热敏电阻，当热敏电阻的阻值是650.0Ω60°C时，报警器开头报警。考点：闭合电路的欧姆定律的应用；等效替换法【名师点睛】此题主要考察了闭合电路的欧姆定律的应用、等效替换法。要特别留意此题使用的等效替换法的思想，先用电阻箱的阻值来代替热敏电阻来调整电路，再接入热敏电阻时，就可以直接工作，这样做法灵敏、便利、安全。24.〔14分〕θ，上沿相连。两细金属棒ab〔仅标出a端〕和cd〔仅标出c端〕长度均为L，质量分别为2mm；用两根不行伸长的松软导线将它们连成闭合回路abdca，并通过固定在斜面上沿的两光滑绝缘小定滑轮跨放在斜面上，使两金属棒水平。右斜面上存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于斜面对上，两根导线刚好不在磁场中，回路电阻为R，两金属棒与斜面间的动摩擦因数均为μg，金属棒ab匀速下滑。求作用在金属棒ab上的安培力的大小；金属棒运动速度的大小。版版学习好帮手学习好帮手【答案〔1〕mg(sinθ–3μcosθ)；〔2〕v=(sinθ–3μcosθ)【解析】

mgRB2L22试题分析：〔1〕T，右斜面对abN1，作用在ab棒上的安培力F，左斜面对cdN。对于ab棒，由力的平衡条件得212mgsinθ=μN+T+F①1N1=2mgcosθ②2cd棒，同理有mgsinθ+μN=T③N2=mgcosθ④2联立①②③④式得F=mg(sinθ–3μcosθ)⑤考点：导体棒切割磁感线；共点力作用下的平衡【名师点睛】此题主要考察了导体棒切割磁感线、共点力作用下的平衡。此题是电磁感应与电路、力学相结合的综合题，应用E=BLv、欧姆定律、安培力公式、共点力作用下的平衡即可正确解题。解决此题时，还要特别留意cd棒的重力沿斜面的分力和滑动摩擦力的影响。25.〔18分〕2R37°的固定直轨道AC的底端A处，另一端5位于直轨道上B处，弹簧处于自然状态，直轨道与一半径为R的光滑圆弧轨道相切于C点，AC=7R，A、6BCD均在同一竖直面内。质量为m的小物块P自C点由静止开头下滑，最低到达E点〔未画出，随后P沿轨道被弹回，最高点到达F点，AF=4R，P与直轨道间的动摩擦因数=1，重力加速度大小为4g〔取sin37

3，cos374〕5 5求P第一次运动到B点时速度的大小。求P运动到Ｅ点时弹簧的弹性势能。转变物块P的质量，将P推至E点，从静止开头释放。P自圆弧轨道的最高点D处水平飞出后，7恰好通过Ｇ点。Ｇ点在Ｃ点左下方，与Ｃ点水平相距2转变后Ｐ的质量。

R、竖直相距Ｒ，求Ｐ运动到Ｄ点时速度的大小和【答案】〔1〕v

；〔2〕E

12mgR；〔3〕v

；m1mgR3 5gR5B p 5 gR3 5gR5pBE=x。PE点时速度为零，设此时弹簧的弹性势能为E。PBE点的过程中，由动能定理有p1mgxsinmgxcosE 0 mv2④1p 2 BE、Fl1为1l=4R-2R+x⑤1PEEF点的过程中，由动能定理有E–mglsinθ–μmglcosθ⑥Ep 1 1联立③④⑤⑥式并由题给条件得x=R⑦12E mgR⑧p 5Pm

。DGx

y

x

7R5Rsin⑨1yR5R5Rcos⑩1 6 6

1 1 1 2 6式中，已应用了过C点的圆轨道半径与竖直方向夹角仍为的事实。PDvDGt。由平抛运动公式有D1y gt2⑪1 21x=vt⑫1D联立⑨⑩⑪⑪式得3 5gR53 5gR5D考点：动能定理；平抛运动；弹性势能【名师点睛】此题主要考察了动能定理、平抛运动、弹性势能。此题要求娴熟把握平抛运动、动能定理、弹性势能等规律，包含学问点多，过程多，难度较大，属于难题；解题时要认真分析物理过程，挖掘题目的隐含条件，灵敏选取物理公式列出方程解答；此题意在考察学生综合分析问题的力气。26．(14分)氮的氧化物(NO)是大气污染物之一，工业上在确定温度和催化剂条件下用NH

将NO

复原生成N

，某同x学在试验室中对NH与NO反响进展了探究。答复以下问题：3 x氨气的制备

3 x 2①氨气的发生装置可以选择上图中的 ，反响的化学方程式为 。②预收集一瓶枯燥的氨气，选择上图中的装置，其连接挨次为：发生装置(按气流方向，用小写字母表示)。氨气与二氧化氮的反响将上述收集到的NH充入注射器X中，硬质玻璃管Y中参与少量催化剂，充入NO(两端用夹子K、K夹3 2 1 2好)。在确定温度下按图示装置进展试验。操作步骤KX中的气体缓慢通入Y管中试验现象①Y管中 解释缘由②反响的化学方程式将注射器活塞退回原处并固定，待装置恢复到室温KY管中有少量水珠③ 生成的气态水凝集④ 12〔1〕①A；2NH12

CaCl

+2NH

↑+2HO(或B；NH·H

O NH

↑+H

O)；4②d→c→f→e→i；

2 2 3 2

3 2 3 2〔2〕①红棕色气体颜色渐渐变浅；②8NH

+6NO

7N+12HO；3 2 2 2③Z中NaOH溶液产生倒吸现象；④反响后气体分子数削减，Y管内压强小于外界大气压。可得反响的方程式：可得反响的方程式：8NH+6NO327N+12HO，依据反响方程式可知反响现象是：Y管内看到红棕色22气体颜色变浅最终为无色，同时在注射器的内壁有水珠产生；②依据①分析可知发生该反响的方程式是8NH+6NO 7N+12HO；③反响后由于容器内气体的物质的量削减，所以会使容器内气体压强减3 2 2 2K2

NaOH溶液在大气压强的作用下会倒吸进入YY由于,在外界大气压的作用下而发生倒吸现象。【考点定位】考察化学试验原理分析、气体收集、装置连接等根本操作及试验方案的设计的学问。【名师点睛】制取气体的装置与反响物的状态有关，由固体混合物加热制取气体可以用略向下倾斜试管进行；固体混合或固体与液体混合不加热制取气体可以在锥形瓶中进展，也可以在烧瓶中进展。液体用分液漏斗或长颈漏斗中参与；假设是液体与固体混合物加热制取气体，要早烧瓶中进展，同时为了受热均匀，应该垫上石棉网，推断装置连接挨次时，一般是依据：制取气体、除杂、枯燥、收集、尾气处理。要依据除杂原则，承受适当的试剂除杂、枯燥，依据物质的物理性质或化学性质进展气体的收集和尾气处理。对于极简洁溶于水或某溶液的气体，尾气处理要留意防止倒吸现象的发生。会依据物质的性质推断反响现象。27．(15分)元素铬(Cr在溶液中主要以Cr3+Cr(OH)−绿色CrO2−CrO2−黄色Cr(OH)4 2 7 4 3犯难溶于水的灰蓝色固体，答复以下问题：Cr3+与Al3+的化学性质相像，在Cr(SO)溶液中逐滴参与NaOH溶液直至过量，可观看到的现象是2 43 。CrO2−CrO2−在溶液中可相互转化。室温下，初始浓度为1.0mol·L−1NaCrO溶液中c(CrO2−)4 2 7 2 4 2 7c(H+)的变化如以下图。①用离子方程式表示NaCrO溶液中的转化反响 。2 4②由图可知，溶液酸性增大，CrO2−的平衡转化率 (填“增大“减小”或“不变”)。依据A点数4据，计算出该转化反响的平衡常数为 。③上升温度，溶液中CrO2的平衡转化率减小，则该反响的 填“大于“小于”或“等于。4KCrOAgNO标准溶液滴定溶液中的Cl−Ag+与CrO

2−生成砖2 4 3 4红色沉淀，指示到达滴定终点。当溶液中Cl−恰好完全沉淀(浓度等于1.0×10−5mol·L−1)时，溶液中c(Ag+)为 mol·L−1，此时溶液中c(CrO

2−)等于 mol·L−1。(AgCrO、AgCl的K

分别为42.0×10−122.0×10−10)。

2 4 sp+6价铬的化合物毒性较大，常用NaHSO将废液中的CrO2−复原成Cr3+，反响的离子方程式为3 2 7 。〔1〕蓝紫色溶液变浅，同时有灰蓝色沉淀生成，然后沉淀渐渐溶液写出绿色溶液；〔2〕①2CrO42-+2H＋ Cr2O72-+H2O；②增大；1.0×1014；③小于；〔3〕2.01-5；510-〔4〕CO72+3HS-+5＋=2C3++3S2+4H。2 7 c(CrO2-)=0.25mol/L，由于开头时c(CrO2−)=1.0mol/LCr元素守恒可知A点的溶液中CrO2-2 7 4c(CrO2−)=0.5mol/L；H+1×10-7mol/L；此时该转化反响的平衡常数为4c(CrOK 2

2)

0.25

1.01014；③由于上升温度，溶液中CrO

2−的平衡转化c(CrO4

2)2c(H)2

0.52(1107)2 4率减小，说明上升温度，化学平衡逆向移动，导致溶液中CrO2−的平衡转化率减小，依据平衡移动原理，4上升温度，化学平衡向吸热反响方向移动，逆反响方向是吸热反响，所以该反响的正反响是放热反响，故该反响的＜〔〕当溶液中C完全沉淀时，即c(C)=1.010−5mol·−1，依据溶度积常数K(AgCl)=2.0×10−10，可得溶液中c(Ag+)=Ksp

(AgCl)÷c(Cl-)=2.0×10−10÷(1.0×10−5mol·L−1)=2.0×10-5mol·L−1；则此时溶液中(CrO2−)=K(AgCrO)/2(Ag+)=2.0112(2.0×10-5mol·−1)=5×10-mol·−1〔4〕NaHSO具4 sp 2 4 3有复原性，CrO2−具有氧化性，二者会发生氧化复原反响，依据条件，结合电子守恒、电荷守恒、原2 7CrO2+3HSO-+5H=2C3++3SO2+4HO。2 7 3 4 2【考点定位】考察化学平衡移动原理的应用、化学平衡常数、溶度积常数的应用、两性物质的性质的学问。【名师点睛】两性氢氧化物是既能与强酸反响产生盐和水，也能与强碱反响产生盐和水的物质，化学平衡原理适用于任何化学平衡。假设转变影响平衡的一个条件，化学平衡会向能够减弱这种转变的方向移动。会应用沉淀溶解平衡常数计算溶液中离子浓度大小，并依据平衡移动原理分析物质的平衡转化率的变化及移动方向，并依据电子守恒、电荷守恒、原子守恒书写离子反响方程式。该题是重要的化学平衡移动原理的应用，考察了学生对化学平衡移动原理、化学平衡常数、溶度积常数的含义的理解与计算、应用，同时考察了物质的存在形式与溶液的酸碱性和物质的量多少的关系、离子反响和离子方程式的书写。是一个综合性试题。28．(14分)NaClO2

是一种重要的杀菌消毒剂，也常用来漂白织物等，其一种生产工艺如下：答复以下问题：NaClO2

中Cl的化合价为 。写出“反响”步骤中生成ClO的化学方程式 。2“电解”所用食盐水由粗盐水精制而成，精制时，为除Mg2+和Ca2+，要参与的试剂分别为 、 “电解”中阴极反响的主要产物是 。“尾气吸取”是吸取“电解”过程排出的少量ClO。此吸取反响中，氧化剂与复原剂的物质的量之比2为 ，该反响中氧化产物是 。“有效氯含量”可用来衡量含氯消毒剂的消毒力气，其定义是：每克含氯消毒剂的氧化力气相当于多少克Cl2

的氧化力气。NaClO2

的有效氯含量为 。(计算结果保存两位小数)+3〔2NaClO+SO+HSO=ClO+2NaHSO；3 2 2 4 2 4〔3〕NaOH溶液；NaCO溶液；ClO-(或NaClO)；2 3 2 2〔4〕2:1；O；2〔5〕1.57g。则此吸取反响中，氧化剂为ClO，复原产物为NaClO，复原剂是HO，氧化产物是O1molHO2 2 2 2 2 2 22mol电子，反响方程式是：2NaOH+2ClO+HO=2NaClO+O+2H

O，可知氧化剂和复原剂的物质的2 2 2 2 2 22:1O

〔5〕每1克NaClO的物质的量为n(NaClO)=1g÷90.5g/mol= mol，2 2 2其获得电子的物质的量是n(e-)=mol×4=4/90.5mol，1molCl2获得电子的物质的量是2mol，依据电子转移数目相等，可知其相对于氯气的物质的量为n=71g/mol=1．57g。

mol×4÷2= mol，则氯气的质量为 mol×【考点定位】考察混合物的分别与提纯、氧化复原反响的分析及电解原理的应用的学问。【名师点睛】化合价是元素形成化合物时表现出来的性质，在任何化合物中，全部元素正负化合价的代数和等于0，把握常见元素的化合价，并依据元素吸引电子力气大小及化合物中，全部元素正负化合价的代数和等于0的原则推断元素的化合价。有元素化合价变化的反响是氧化复原反响，元素化合价上升，失去电子，该物质作复原剂，变为氧化产物；元素化合价降低，获得电子，该物质作氧化剂，变为复原产物，元素化合价升降总数等于反响过程中电子转移的数目；可利用最小公倍数法配平氧化复原反响方程式，对于离子反响，同时还要符合电荷守恒及原子守恒。物质的氧化力气大小可结合每1mol物质获得电子的多少，获得电子越多，其氧化力气就越强。有关DNA分子的争论中，常用32P来标记DNA分子。用α、β和γ 表示ATP或dATP〔d表示脱氧〕上三个磷酸基团所处的位置〔A—P～P～P或dA—P～P～P。答复以下问题；α β γ α β γ某种酶可以催化ATP的一个磷酸基团转移到DNA末端上，同时产生ADP32P标记到DNA末端上，那么带有3P的磷酸基团应在ATP的〔αβγ〕位上。32P标记的dATPDNA32P标记到合成的DNA32P磷酸基团应在dATP的〔αβγ〕位上。将一个带有某种噬菌体DNA分子的两条链用32P进展标记，并使其感染大肠杆菌，在不含有32P的培育基中培育一段时间。假设得到的全部噬菌体双链DNA分子都装配成噬菌体〔n个〕并释放，则其中含有32P的噬菌体所占比例为2/n，缘由是 。〔1〕γ(2)α〔3〕32P标记的双链DNADNA分子，因此在得到的n〔3〕1DNADNA而蛋白质外壳仍留在大肠杆菌细胞外；在噬菌体的DNA的指导下，利用大肠杆菌细胞中的物质来合成噬菌体的组成成分。某种噬菌体DNA32P进展标记，该噬菌体所感染的大肠杆菌细胞中不含32P。综上所述并依据DNA分子的半保存复制可知：一个含有32P标记的双链DNA记的两条单链只能安排到两个噬菌体的双链DNA分子，因此在得到的n格式整理版格式整理版学习好帮手学习好帮手32P2/n。【考点定位】ATP或dATPDNA【名师点睛】解答此题时最大的错因在于：对ATP的化学组成理解不到位，不能准确地对学问进展迁移。ATP脱去远离A的两个磷酸基团后，余下的构造为腺嘌呤核糖核苷酸，是RNA学问迁移：dATP脱去远离dADNA位之一。为了探究生长条件对植物光合作用的影响，某争论小组将某品种植物的盆栽苗分成甲、乙两组，置于人工气候室中，甲组模拟自然光照，乙组供给低光照，其他培育条件一样。培育较长一段时间〔T〕后，测定两组植株叶片随光照强度变化的光合作用强度〔即单位时间、单位面积吸取CO的量，光合作用强度随2光照强度的变化趋势如以下图。答复以下问题：〔1〕据图推断，光照强度低于a时，影响甲组植物光合作用的限制因子是 。〔2〕b光照强度下，要使甲组的光合作用强度上升，可以考虑的措施是提〔填“CO浓度”2或“O浓度。2〔3〕播种乙组植株产生的种子，得到的盆栽苗依据甲组的条件培育T时间后，再测定植株叶片随光照强度。【答案〔1〕光照强度 〔2〕CO浓度2〔3〕乙组光合作用强度与甲组的不同，是由环境因素低光照引起的，而非遗传物质的转变造成的〔3〕依题意可知：导致曲线图中甲、乙两组光合作用强度差异的缘由是光照强度不同，即甲组模拟自然光照，乙组供给低光照；播种乙组植株产生的种子所得到的盆栽苗依据甲组的条件培育T时间后，其植株叶片随光照强度变化的光合作用强度曲线与甲组的一样。据此能够得到的初步结论是：乙组光合作用强度与甲组的不同，是由环境因素低光照引起的，而非遗传物质的转变造成的。【考点定位】光合作用【名师点睛】此题以反映“光合作用强度随光照强度的变化趋势”的曲线图为载体，考察考生对光合作用及影响因素的学问的理解和把握状况。解答此类问题，必需理解横纵坐标的含义，还要重点分析两条曲线的起点、拐点、交点、落点这“四点”以及把握曲线走势，再运用所学的学问加以分析合理地解释各种情境下的曲线含义，在解题的过程中就可以有效处理，得到答案。BT病患动物更易被其他病原体感染，给生的乙个体接种甲疫苗可预防该肿瘤病。答复列问题：感染病毒甲后，患病的乙更易被其他病原体感染的缘由是 。生的乙个体接种甲疫苗后，甲疫苗作为 可诱导B淋巴细胞增殖、分化成 和记忆细胞。记忆细胞在机体被病毒甲感染时能够 分泌抗体，从而引起预防该肿瘤病的作用。免疫细胞行使免疫功能时，会涉及到胞吞和胞吐这两种物质运输方式，这两种方式的共同点有〔答出两点即可。【答案〔1〕免疫功能下降 〔2〕抗原 浆细胞 快速增殖分化，大量〔3〕能运输生物大分子等；在运输过程中形成囊泡；需要消耗能量〔答出两点即可〕【考点定位】免疫调整、细胞的物质输入与输出【名师点睛】此题以病毒甲通过呼吸道感染动物乙后引发的一系列病症为题材，综合考察学生对免疫调整等学问的理解和把握状况。解决此类问题的关键是抓住题意中的关键信息BT淋巴细胞功能丧失，导致其患肿瘤病物质输入与输出建立联系，实现对学问的整合和迁移。果蝇的灰体和黄体受一对等位基因把握，但这对相对性状的显隐性关系和该等位基因所在的染色体是未知的。同学甲用一只灰体雌蝇与一只黄体雄蝇杂交，子代中♀灰体:♀黄体:♂灰体:♂黄体为1:1:1:1。同学乙用两种不同的杂交试验都证明白把握黄体的基因位于X染色体上，并表现为隐性。请依据上述结果，答复以下问题：仅依据同学甲的试验，能不能证明把握黄体的基因位于X染色体上，并表现为隐性？〔要求：每个试验只用一个杂交组合，并指出支持同学乙结论的预期试验结果〕〔1〕不能〔2〕1：杂交组合：♀黄体×♂灰体 预期结果：子一代中全部的雌性都表现为灰体，雄性都表现为黄体版版学习好帮手学习好帮手2：杂交组合：♀灰体×♂灰体 预期结果：子一代中全部的雌性都表现为灰体，雄性中一半表现为灰体，另一半表现为黄体试验1的杂交组合为：♀黄体g〕×♂灰体，其子一代的基因型为的雌性都表现为灰体，雄性都表现为黄体。

XgY，即子一代中全部试验2的杂交组合为：♀灰体G〕×♂灰体，其子一代的基因型为XXG、XXgXGYXgY，即子一代中全部的雌性都表现为灰体，雄性中一半表现为灰体，另一半表现为黄体。【考点定位】基因的分别定律及其应用【名师点睛】①在不知性状的显隐关系时，推断基因位于常染色体上还是X染色体上的方法：利用正交和反交试验进展比较。正交和反交结果一样，基因在常染色体上；正交和反交结果不同，基因在X染色体上。②验证性试验的设计思路是：可先将欲验证的问题当做结论，即如此题可先认为把握黄体的基因位于X染色体上，并表现为隐性，在此根底上进展试验设计。要留意区分“一次”杂交还是“一代”杂交。假设是题干要求“一次”杂交，则不能用正反交，而是选择隐性雌性个体与显性雄性个体杂交或选择雌性和雄性均为显性的个体杂交，观看并统计子一代的表现型及其分别比。〔二〕453道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题做答，并用2B答题卡选答区域指定位置答题。假设多做，则每学科按所做的第一题计分。33．[物理——3–3]〔15分〕〔15分〕关于热力学定律，以下说法正确的选项是 〔填正确答案标号。选对1个得2分，选对个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分〕A．气体吸热后温度确定上升 B．对气体做功可以转变其内能C．抱负气体等压膨胀过程确定放热 D．热量不行能自发地从低温物体传到高温物体E．假设两个系统分别与状态确定的第三个系统到达热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定到达热平衡【答案】〔1〕BDE考点：热力学定律；抱负气体的性质【名师点睛】此题主要考察了热力学定律、抱负气体的性质。此题考察了热学中的局部学问点，都比较简单，但是很简洁出错，解题时要记住热力学第确定律E=W+Q、热力学其次定律有关结论以及气体的状态变化方程等重要的学问点。〔2〔10分p与气泡半径r之间的关系Δp2σσ=0.070N/m10m0.50cmp=1.0×105=r, 0Paρ=1.0×103kg/m3g=10m/s2。10m处气泡内外的压强差；无视水温随水深的变化，在气泡上升到格外接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值。r32【答案】〕∆p=28Pa 〔i〕232

1.31 r1【解析】1 试题分析：〔i〕h=10mr，气泡内外压强差为∆1 2∆p= ①1 r1代入题给数据得∆p1=28Pa ②〔ii〕10mp1V1,；气泡到达水面四周时，气泡内空p2，内外压强差为∆p2V2r2。气泡上升过程中温度不变，依据玻意耳定律p1V1=p2V2 ③p1=p0+ρgh+∆p1④p2=p0+∆p2 ⑤考点：抱负气体状态方程【名师点睛】此题主要考察了抱负气体状态方程。题是对抱负气体的状态方程的应用的考察；解题的关键是找到所争论的气体的两个状态，并且能找到各个状态的状态参量：压强、体积；要特别留意气体的压强与该位置的液体的压强的差异可以无视不计。3–4]〔15分〕〔1〔5分〕某同学漂移在海面上，虽然水面波正平稳地以1.8m./s11015s。以下说法正确的选项是〔填12分,24分,35130分〕A．水面波是一种机械波B6HzC．该水面波的波长为3m D．水面波没有将该同学推向岸边，是由于波传播时能量不会传递出去E．水面波没有将该同学推向岸边，是由于波传播时振动的质点并不随波迁移【答案】〔1〕ACE【解析】试题分析：水面波是一种机械波，故A正确；该同学觉察从第110个波峰通过身下的时间间隔t 15 515T

n9s

3sf=0.6HBvT3m，故C正确；水面波没有将该同学推向岸边，只能说是由于波传播时振动的质点并不随波迁移，不能说是由于波传播时能量不会传递出去，波的传播过程也是能量传递过程，故D错误，E正确。考点：波的传播【名师点睛】此题主要考察了波的传播。此题中考察了波的根本特点，由波的波长、波速、周期三者的关系是考察的重点。还要理解波传播时介质中振动的质点并不随波迁移，只在各自的平衡位置四周振动；波的传播过程也是能量传递过程。〔210分〕如图，在注满水的游泳池的池底有一点光源，它到池边的水平距离为3.0。从点光源A射向池边的光线AB与竖直方向的夹角恰好等于全反射的临界角，水的折射率为。学习好帮手学习好帮手格式整理版求池内的水深；2.0mA时，他的眼睛所承受的光线与竖直方向的夹角恰好为45°。求救生员的眼睛到池边的水平距离〔结果保留1位有效数字。7【答案】〔i〕h= m≈2.6m；〔ii〕0.7m7由几何关系有ll2l2h2式中，l=3m，h是池内水的深度。联立①②式并代入题给数据得7h= m≈2.6m③7〔ii〕设此时救生员的眼睛到池边的距离为x。依题意，救生员的视线与竖直方向的夹角为θ”=45°。由折射定律有nsini”=sinθ”④式中，i”是光线在水面的入射角。设池底点光源A到水面入射点的水平距离为a。由几何关系有aa2ha2h2x+l=a+h”⑥h”=2m。联立③④⑤⑥式得学习好帮手学习好帮手版x=(3

7–1)m≈0.m23考点：光的折射定律【名师点睛】此题主要考察了光的折射定律。此题考察了光的折射定律的应用；解题的关键是依据题意画出完整的光路图，然后依据光的折射定律结合几何关系列出方程进展解答；此题意在考察学生利用数学知识来解决物理问题的根本力气；3-5】〔1〔5分〕〔12243513分，最低0分〕A．保持入射光的频率不变，入射光的光强变大，饱和光电流变大B．入射光的频率变高，饱和光电流变大C．入射光的频率变高，光电子的最大初动能变大D．保持入射光的光强不变，不断减小入射光的频率，始终有光电流产生E．遏止电压的大小与入射光的频率有关，与入射光的光强无关【答案】〔1〕ACE考点：光电效应【名师点睛】此题主要考察了光电效应。发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，光的强弱只影响单位时间内发出光电子的数目；此题涉及到光电效应学问较多，很多结论都是是识记的，留意把握现象的实质，明确之间的联系与区分；寻常积存物理学识。〔2〔10分〕某游乐园入口旁有一喷泉，喷出的水柱将一质量为M的卡通玩具稳定地悬停在空中。为计算S的喷口持续以速度v0〔面积略大于水柱冲击到玩具底板后，在竖直方向水的速度变为零，在水平方向朝四周均匀散开。无视空气阻力。水的密度为ρ，重力加速度大小为g。求喷泉单位时间内喷出的水的质量；玩具在空中悬停时，其底面相对于喷口的高度。0【答案】〔i〕m=vS；〔ii〕hv20

M2gt

2g 22v2S20版版学习好帮手学习好帮手〔i设玩具悬停时其底面相对于喷口的高度为hv时间内喷出的水，有能量守恒得1 1(m)v2+(m)gh= (m)v2④2 2 0在ht时间内喷射到玩具底面的水沿竖直方向的动量变化量的大小为p=(m)v⑤设水对玩具的作用力的大小为F，依据动量定理有Ft=p⑥由于玩具在空中悬停，由力的平衡条件得F=Mg⑦联立③④⑤⑥⑦式得0h v20

M2g⑧2g 22v2S20考点：动量定理；机械能守恒定律【名师点睛】此题主要考察了动量定理、机械能守恒定律。此题主要考察了动量定理的应用，知道玩具在空中悬停时，受力平衡，合力为零，也就是水对玩具的冲力等于玩具的重力。此题的难点是求水对玩具的冲力，而求这个冲力的关键是单位时间内水的质量，留意空中的水柱并非圆柱体，要依据流量等于初刻速Sm=ρV求质量。【化学——2〔15分〕〔KMnO〕〔MnO〕4 2为原料生产高锰酸钾的工艺路线如下：答复以下问题：原料软锰矿与氢氧化钾按1∶1的比例在“烘炒锅”中混配，混配前应将软锰矿粉碎，其作用是 。“平炉”中发生的化学方程式为 。“平炉”中需要加压，其目的是 。将KMnO2 4

转化为KMnO4

的生产有两种工艺。①“CO2

歧化法”是传统工艺，即在KMnO2 4

溶液中通入CO2

气体，使体系呈中性或弱碱性，KMnO发生2 4歧化反响，反响中生成KMnO，MnO和 〔写化学式。2 4 2②“电解法”为现代工艺，即电解KMnO2 4

水溶液，电解槽中阳极发生的电极反响为，阴极逸出的气体是 。③“电解法”和“CO歧化法”中，KMnO的理论利用率之比为 。2 2 4高锰酸钾纯度的测定：称取1.0800g100mL0.2023mol·L−1H

CO2 2

20.00mL，参与稀硫酸酸化，用KMnO4

溶液平行滴定三次，平均消耗的体积24.48mL，该样品的纯度为〔2MnO

+5HCO+6=2M2++10CO↑+8HO。4 2 2 4 2 2〔1〕增大反响物接触面积，加快反响速率，提高原料利用率；〔2〕2MnO+O+4KOH 2KMnO+2HO；2 2 2 4 2〔3〕提高氧气的压强，加快反响速率加快，增加软锰矿的转化率；〔4〕①KHCO；②MnO2--e-=MnO-；H；③3:2；3 4 4 2〔5〕 。【解析】〔1〕MnO是固体物质，对于有固体参与的化学反响，由于其浓度不变，因此可通过增大其反2应接触外表积的方法来提高反响速率，使更多的软锰矿反响转化为生成物，从而提高其转化率，因此要将其粉碎成细小的颗粒〔〕MnOKOO在加热时会反响产生KMnO，2 2 2 4结合反响前后各种元素的原子个数、原子种类不变，即依据质量守恒定律可知，另外一种生成物质是HO，2依据原子守恒、电子守恒可得发生的化学方程式为2MnO+O+4KOH 2KMnO+2H

O〔〕由于上2 2 2 4 2述反响中氧气的状态是气态，在“平炉”中增大压强，就可以使反响物氧气的浓度增大，依据外界条件对化学反响速率的影响，增大反响物的浓度，可以使化学反响速率加快；再结合外界条件对化学平衡移动的影响，任何反响都具有确定的可逆性，该反响的正反响是气体体积减小的反响。假设增大压强，可以使化学KMnO4

2KMnO5HC4 2 2

0.2023mol·L−1HCO4 2 2

20.00mL，参与稀硫酸酸化，用KMnO4

溶液平行滴定三次，平均消耗的体积为24.48mL，则配制的溶液的浓度为：c220.00103L0.2023mol/L

220.000.2023mol/L1.0800g样品中含KMnO

的物质524.48103L100的量为：n(KMnO)=c·V=

524.48 4L20.220mol/L0.006536mol4 1000 522.48220.000.2023 100 2 100mol/L L 20.001030.2023 mol，由于样品的质量是524.48 1000 5 24.481.0800g，则该样品含有的KMnO的的纯度为：ω= 。4【考点定位】考察物质制备工艺流程的学问。【名师点睛】化学反响速率和化学平衡理论是重要的化学原理。影响化学反响速率的因素有浓度、温度、压强、催化剂等。对于固体来说，其浓度不变，所以要使反响速率加快，可通过将固体粉碎成细小的颗粒、搅拌等方法进展。外界条件对化学平衡移动的影响可通过勒夏特列原理进展分析，但是平衡移动的趋势是微弱的，不能转变这种转变。会依据反响方程式分析推断物质的转化率的大小，转化率大的反响速率不一定快，物质的转化率大小与反响快慢是不同的概念，要把握其区分与联系。会依据方程式中相应物质之间的关系进展有关物质的量的化学计算。此题将化学反响速率、化学平衡、电解原理、滴定方法的应用综合一起考察，反映了考生的综合应用学问分析、解决问题的力气。37．[化学——3：物质构造与性质]〔15分〕锗〔Ge〕是典型的半导体元素，在电子、材料等领域应用广泛。答复以下问题：基态Ge原子的核外电子排布式为[Ar] ，有 个未成对电子。Ge与C是同族元素，C原子之间可以形成双键、叁键，但Ge原子之间难以形成双键或叁键。从原子构造角度分析，缘由是 。GeCl4GeBr4GeCl4GeBr4GeI4熔点/℃−49.526146沸点/℃83.1186400光催化复原CO制备CH反响中，带状纳米ZnGeO

是该反响的良好催化剂。Zn、Ge、O电负性由2 4 2 4大至小的挨次是 。Ge单晶具有金刚石型构造，其中Ge原子的杂化方式为 ，微粒之间存在的作用力是 。晶胞有两个根本要素：GeA〔0,0,；1 1 1 1B为〔20，2；C为〔2，2，0。则D原子的坐标参数 。②晶胞参数，描述晶胞的大小和外形，Ge单晶的晶胞参数a=565.76pm，其密度为 g·cm-3〔列出计算式即可。〔1〕3d104s24p2；2；锗的原子半径大，原子之间形成的ρ单键较长，p-p轨道肩并肩重叠的程度很小或几乎不能重叠，难以形成π键；GeCl、GeBr、GeI熔沸点依次上升；缘由是分子构造相像，相对分子质量依次增大，分子间相互作4 4 4用力渐渐增加；O＞Ge＞Zn；sp3；共价键；1 1 1 873〔6〕①(

；；)；② 107。4 4 4 6.02565.763〔2〕Ge与C是同族元素，C原子原子半径较小，原子之间可以形成双键、叁键；但Ge原子之间难以形ρ单键较长，p-p轨道肩并肩重叠的程度很小或几乎不能重叠，难以形成π〔〕之间通过微弱的分子间作用力结合。对于组成和构造相像的物质来说，相对分子质量越大，分子间作用力GeCl＜GeBr＜GeIGeCl4 4 4 4＜GeBr＜GeI；〔4〕光催化复原CO制备CH反响中，带状纳米ZnGeO

是该反响的良好催化剂。元素4 4 2 4 2 4的非金属性越强，其吸引电子的力气就越强，元素的电负性就越大。元素Zn、Ge、O的非金属性强弱挨次OG＞Z，所以这三种元素的电负性由大至小的挨次是GeZn5〕Ge，其中Ge1s3p轨道进展的sp3杂化；由于是同一元素的原子通过共用〔〕①依据各个原子的相对位1 1 1置可知，D1/4处，所以其坐标是(444)；依据晶胞构造可知，在晶胞中含有的Ge原子是8×1/8+6×1/2+4=8，所以晶胞的密度是m 873g/mol 873 g/cm3=V NA873

(565.76pm1010cm/pm)3107cm3。

6.021023(565.761010)36.02565.763【考点定位】考察物质构造的有关学问。【名师点睛】物质构造包括原子构造(原子核外电子排布、原子的杂化方式、元素电负性大小比较、元素金属性、非金属性的强弱)、分子构造(化学键、分子的电子式、构造式、构造简式的书写、化学式的种类、官能团等)、晶体构造()。只有把握这些，才可以更好的解决物质构造的问题。38．[化学——5：有机化学根底]〔15分〕秸秆〔含多糖物质〕的综合应用具有重要的意义。下面是以秸秆为原料合成聚酯类高分子化合物的路线：答复以下问题：〔1〕以下关于糖类的说法正确的选项是 〔填标号〕糖类都有甜味，具有CnH2mOm的通式麦芽糖水解生成互为同分异构体的葡萄糖和果糖C．用银镜反响不能推断淀粉水解是否完全D．淀粉和纤维素都属于多糖类自然高分子化合物〔2〕B生成C的反响类型为 。〔3〕D中官能团名称为 ，D生成E的反响类型为 。〔4〕F的化学名称是 ，由F生成G的化学方程式为 。具有一种官能团的二取代芳香化合物W是E的同分异构体，0.5molW与足量碳酸氢钠溶液反响生成44gCOW共有 种〔不含立体构造，其中核磁共振氢谱为三组峰的构造简式 。2参照上述合成路线，以〔反，反-，4己二烯和CH为原料〔无机试剂任选，设计