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文档简介
2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题(本大题共10小题;在每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题意,请将正确选项填涂在答题卡上.)1.函数的部分图象如图,则()A. B.C. D.2.将函数的图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变),再将所得的图象向左平移个单位,得到的图象对应的解析式是A. B.C. D.3.由一个正方体截去一个三棱锥所得的几何体的直观图如图所示,则该几何体的三视图正确的是()A.B.C.D.4.若,是第二象限的角,则的值等于()A. B.7C. D.-75.已知,,三点,点使直线,且,则点D的坐标是(
)A. B.C. D.6.不等式的解集为,则函数的图像大致为()A. B.C. D.7.若点在角的终边上,则()A. B.C. D.8.函数是奇函数,则的值为()A.1 B.C.0 D.9.设,,,则有()A. B.C. D.10.设函数,点,,在的图像上,且.对于,下列说法正确的是()①一定是钝角三角形②可能是直角三角形③不可能是等腰三角形③可能是等腰三角形A①③ B.①④C.②③ D.②④二、填空题(本大题共5小题,请把答案填在答题卡中相应题中横线上)11.已知函数若关于x的方程有4个解,分别为,,,,其中,则______,的取值范围是______12.函数的最大值与最小值之和等于______13.已知,g(x)=x+t,设,若当x为正整数时,恒有h(5)≤h(x),则实数t的取值范围是_____________.14.直线与平行,则的值为_________.15.设函数fx=ex-1,x≥a-xx2-5x+6,x<a,则当时,的最小值为三、解答题(本大题共6小题.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.)16.已知函数.(1)求的单调递增区间;(2)设,已知,求的值.17.已知不等式的解集为或.(1)求b和c的值;(2)求不等式的解集.18.已知均为正数,且,证明:,并确定为何值时,等号成立.19.已知函数同时满足下列四个条件中的三个:①当时,函数值为0;②的最大值为;③的图象可由的图象平移得到;④函数的最小正周期为.(1)请选出这三个条件并求出函数的解析式;(2)对于给定函数,求该函数的最小值.20.已知集合,(1)时,求及;(2)若时,求实数a的取值范围21.已知函数在上的最小值为(1)求在上的单调递增区间;(2)当时,求的最大值以及取最大值时的取值集合
参考答案一、选择题(本大题共10小题;在每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题意,请将正确选项填涂在答题卡上.)1、C【解析】先利用图象中的1和3,求得函数的周期,求得,最后根据时取最大值1,求得,即可得解【详解】解:根据函数的图象可得:函数的周期为,∴,当时取最大值1,即,又,所以,故选:C【点睛】本题主要考查了由的部分图象确定其解析式,考查了五点作图的应用和图象观察能力,属于基本知识的考查.属于基础题.2、C【解析】将函数y=sin(x-)的图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变)得到y=sin(x-),再向左平移个单位得到的解析式为y=sin((x+)-)=y=sin(x-),故选C3、D【解析】因为有直观图可知,该几何体的正视图是有一条从左上角到右下角的对角线的正方形,俯视图是有一条从左下角角到右上角角的对角线的正方形,侧视图是有一条从左上角到右下角的对角线的正方形(对角线为虚线),所以只有选项D合题意,故选D.4、B【解析】先由同角三角函数关系式求出,再利用两角差的正切公式即可求解.【详解】因为,是第二象限的角,所以,所以.所以.故选:B5、D【解析】先设点D的坐标,由题中条件,且,建立D点横纵坐标的方程,解方程即可求出结果.【详解】设点,则由题意可得:,解得,所以D点坐标为.【点睛】本题主要考查平面向量,属于基础题型.6、C【解析】根据不等式的解集求出参数,从而可得,根据该形式可得正确的选项【详解】因为不等式的解集为,故,故,故,令,解得或,故抛物线开口向下,与轴的交点的横坐标为,故选:C7、A【解析】利用三角函数的定义可求得结果.【详解】由三角函数定义可得.故选:A.8、D【解析】根据奇函数的定义可得,代入表达式利用对数的运算即可求解.【详解】函数是奇函数,则,即,从而可得,解得.当时,,即定义域为,所以时,是奇函数故选:D【点睛】本题考查了函数奇偶性的应用,需掌握函数奇偶性的定义,同时本题也考查了对数的运算,属于基础题.9、C【解析】利用和差公式,二倍角公式等化简,再利用正弦函数的单调性比较大小.【详解】,,,因为函数在上是增函数,,所以由三角函数线知:,,因为,所以,所以故选:C.10、A【解析】结合,得到,所以一定为钝角三角形,可判定①正确,②错误;根据两点间的距离公式和函数的变化率的不同,得到,可判定③正确,④不正确.【详解】由题意,函数为单调递增函数,因为点,,在的图像上,且,不妨设,可得,则,因为,可得,又由因为,,,,所以,所以所以,所以一定为钝角三角形,所以①正确,②错误;由两点间的距离公式,可得,根据指数函数和一次函数的变化率,可得点到的变化率小于点到点的变化率不相同,所以,所以不可能为等腰三角形,所以③正确,④不正确.故选:A.二、填空题(本大题共5小题,请把答案填在答题卡中相应题中横线上)11、①.1②.【解析】作出图象,将方程有4个解,转化为图象与图象有4个交点,根据二次函数的对称性,对数函数的性质,可得的、的范围与关系,结合图象,可得m的范围,综合分析,即可得答案.【详解】作出图象,由方程有4个解,可得图象与图象有4个交点,且,如图所示:由图象可知:且因为,所以,由,可得,因为,所以所以,整理得;当时,令,可得,由韦达定理可得所以,因为且,所以或,则或,所以故答案为:1,【点睛】解题的关键是将函数求解问题,转化为图象与图象求交点问题,再结合二次函数,对数函数的性质求解即可,考查数形结合,分析理解,计算化简的能力,属中档题.12、0【解析】先判断函数为奇函数,则最大值与最小值互为相反数【详解】解:根据题意,设函数的最大值为M,最小值为N,又由,则函数为奇函数,则有,则有;故答案为0【点睛】本题考查函数奇偶性,利用奇函数的性质求解是解题关键13、[-5,-3]【解析】作出的图象,如图,设与的交点横坐标为,则在时,总有,所以当时,有,,由,得;当当时,有,,由,得,综上,,故答案为:.14、【解析】根据两直线平行得出实数满足的等式与不等式,解出即可.【详解】由于直线与平行,则,解得.故答案为:.【点睛】本题考查利用两直线平行求参数,考查运算求解能力,属于基础题.15、①.②.【解析】当时得到,令,再利用定义法证明在上单调递减,从而得到,令,,根据指数函数的性质得到函数的单调性,即可求出的最小值,即可得到的最小值;分别求出与的零点,根据恰有两个零点,即可求出的取值范围;【详解】解:当时,令,,设且,则因为且,所以,,所以,所以,所以在上单调递减,所以,令,,函数在定义域上单调递增,所以,所以的最小值为;对于,令,即,解得,对于,令,即,解得或或,因为fx=ex-1,x≥a-xx2-5x+6,x<a恰有两个零点,则和一定为的零点,不为的零点,所以,即;故答案为:;;三、解答题(本大题共6小题.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.)16、(1);(2).【解析】(1)根据降幂公式、二倍角的正弦公式、辅助角公式,结合正弦型函数的单调性进行求解即可;(2)利用代入法,根据同角的三角函数关系式,结合两角差的正弦公式进行求解即可.【小问1详解】,当时,函数单调递增,即,所以函数的单调递增区间为;【小问2详解】由,因为,所以,而,所以,于是有,17、(1);;(2)【解析】(1)利用二次不等式的解集与相应的二次方程的根的关系,判断出1,2是相应方程的两个根,利用韦达定理求出,的值(2)将,的值代入不等式,将不等式因式分解,求出二次不等式的解集【详解】解:(1)不等式的解集为或,2是方程的两个根由根与系数的关系得到:;;(2)因为,所以所以,所以所以的解集为18、证明见解析,时,等号成立.【解析】根据重要不等式及均值不等式证明即可.【详解】证明:因为均为正数,所以.所以①故,而.②所以原不等式成立.当且仅当①式和②式等号成立,即当且仅当时,故当且仅当时,原不等式等号成立.19、(1)选择①②④三个条件,(2)【解析】(1)根据各条件之间的关系,可确定最大值1与②④矛盾,故③不符合题意,从而确定①②④三个条件;(2)将化简为,再通过换元转化为二次函数问题再求解.【小问1详解】①由条件③可知,函数的周期,最大值为1与②④矛盾,故③不符合题意.选择①②④三个条件.由②得,由④中,知,则,由①知,解得,又,则.所求函数表达式为.【小问2详解】由,令,那么,令,其对称轴为.当时,即时,在上单调递增,则;当时,即时,在上单调递减,在上单调递增,则;当时,即时,在上单调递减.则,综上所述可得20、(1),(2)【解析】(1)先求出集合,,,然后结合集合的交、并运算求解即可;(2)由,得,然后结合集合的包含关系对B是否为空集进行分讨论,即可求解【小问1详解】∵由,得
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