高考化学真题与模拟题分类训练专题14 化学反应原理综合（含解析）

专题14化学反应原理综合1．(2021·全国高考真题)二氧化碳催化加氢制甲醇，有利于减少温室气体二氧化碳。回答下列问题：(1)二氧化碳加氢制甲醇的总反应可表示为：SKIPIF1<0该反应一般认为通过如下步骤来实现：①SKIPIF1<0②SKIPIF1<0总反应的SKIPIF1<0_______SKIPIF1<0；若反应①为慢反应，下列示意图中能体现上述反应能量变化的是_______(填标号)，判断的理由是_______。A．B．C．D．(2)合成总反应在起始物SKIPIF1<0时，在不同条件下达到平衡，设体系中甲醇的物质的量分数为SKIPIF1<0，在SKIPIF1<0℃下的SKIPIF1<0、在SKIPIF1<0下的SKIPIF1<0如图所示。①用各物质的平衡分压表示总反应的平衡常数，表达式SKIPIF1<0_______；②图中对应等压过程的曲线是_______，判断的理由是_______；③当SKIPIF1<0时，SKIPIF1<0的平衡转化率SKIPIF1<0____，反应条件可能为___或___。【答案】-49AΔH1为正值，ΔH2为和ΔH为负值，反应①的活化能大于反应②的SKIPIF1<0b总反应ΔH<0，升高温度时平衡向逆反应方向移动，甲醇的物质的量分数变小33.3%5×105Pa，210℃9×105Pa，250℃【解析】(1)二氧化碳加氢制甲醇的总反应可表示为：SKIPIF1<0，该反应一般认为通过如下步骤来实现：①SKIPIF1<0，②SKIPIF1<0，根据盖斯定律可知，①+②可得二氧化碳加氢制甲醇的总反应为：SKIPIF1<0SKIPIF1<0；该反应总反应为放热反应，因此生成物总能量低于反应物总能量，反应①为慢反应，因此反应①的活化能高于反应②，同时反应①的反应物总能量低于生成物总能量，反应②的反应物总能量高于生成物总能量，因此示意图中能体现反应能量变化的是A项，故答案为：-49；A；ΔH1为正值，ΔH2为和ΔH为负值，反应①的活化能大于反应②的。(2)①二氧化碳加氢制甲醇的总反应为SKIPIF1<0，因此利用各物质的平衡分压表示总反应的平衡常数，表达式Kp=SKIPIF1<0，故答案为：SKIPIF1<0。②该反应正向为放热反应，升高温度时平衡逆向移动，体系中SKIPIF1<0将减小，因此图中对应等压过程的曲线是b，故答案为：b；总反应ΔH<0，升高温度时平衡向逆反应方向移动，甲醇的物质的量分数变小。③设起始n(CO2)=1mol，n(H2)=3mol，则SKIPIF1<0，当平衡时SKIPIF1<0时，SKIPIF1<0=0.1，解得x=SKIPIF1<0mol，平衡时CO2的转化率α=SKIPIF1<0=33.3%；由图可知，满足平衡时SKIPIF1<0的条件有：5×105Pa，210℃或9×105Pa，250℃，故答案为：33.3%；5×105Pa，210℃；9×105Pa，250℃。2．(2021·吉林长春市·长春外国语学校高二月考)一氯化碘(ICl)是一种卤素互化物，具有强氧化性，可与金属直接反应，也可用作有机合成中的碘化剂。回答下列问题：(1)历史上海藻提碘中得到一种红棕色液体，由于性质相似，Liebig误认为是ICl，从而错过了一种新元素的发现，该元素是_______。(2)氯铂酸钡(SKIPIF1<0)固体加热时部分分解为SKIPIF1<0、SKIPIF1<0和SKIPIF1<0，376.8℃时平衡常数SKIPIF1<0，在一硬质玻璃烧瓶中加入过量SKIPIF1<0，抽真空后，通过一支管通入碘蒸气(然后将支管封闭)，在376.8℃，碘蒸气初始压强为SKIPIF1<0。376.8℃平衡时，测得烧瓶中压强为SKIPIF1<0，则SKIPIF1<0_______SKIPIF1<0，反应SKIPIF1<0的平衡常数K=_______(列出计算式即可)。(3)McMorris测定和计算了在136~180℃范围内下列反应的平衡常数SKIPIF1<0。SKIPIF1<0SKIPIF1<0得到SKIPIF1<0和SKIPIF1<0均为线性关系，如下图所示：①由图可知，NOCl分解为NO和SKIPIF1<0反应的SKIPIF1<0_______0(填“大于”或“小于”)②反应SKIPIF1<0的K=_______(用SKIPIF1<0、SKIPIF1<0表示)：该反应的SKIPIF1<0_______0(填“大于”或“小于”)，写出推理过程_______。(4)Kistiakowsky曾研究了NOCl光化学分解反应，在一定频率(v)光的照射下机理为：SKIPIF1<0SKIPIF1<0其中SKIPIF1<0表示一个光子能量，SKIPIF1<0表示NOCl的激发态。可知，分解1mol的NOCl需要吸收_______mol光子。【答案】溴(或SKIPIF1<0)24.8SKIPIF1<0大于SKIPIF1<0大于设SKIPIF1<0，即SKIPIF1<0，由图可知：SKIPIF1<0则：SKIPIF1<0，即SKIPIF1<0，因此该反应正反应为吸热反应，即SKIPIF1<0大于00.5【解析】(1)红棕色液体，推测为溴单质，因此错过发现的元素是溴(或SKIPIF1<0)；(2)由题意玻376.8℃时璃烧瓶中发生两个反应：SKIPIF1<0(s)SKIPIF1<0SKIPIF1<0(s)+SKIPIF1<0(s)+2SKIPIF1<0(g)、Cl2(g)+I2(g)SKIPIF1<02ICl(g)。SKIPIF1<0(s)SKIPIF1<0SKIPIF1<0(s)+SKIPIF1<0(s)+2SKIPIF1<0(g)的平衡常数SKIPIF1<0，则平衡时p2(Cl2)=SKIPIF1<0，平衡时p(Cl2)=100Pa，设到达平衡时I2(g)的分压减小pkPa，则SKIPIF1<0，376.8℃平衡时，测得烧瓶中压强为SKIPIF1<0，则0.1+20.0+p=32.5，解得p=12.4，则平衡时SKIPIF1<02pSKIPIF1<0=2×12.4kPa=24.8kPa；则平衡时，I2(g)的分压为(20.0-p)kPa=(20×103-12.4×103)Pa，SKIPIF1<024.8kPa=24.8×103Pa，p(Cl2)=0.1kPa=100Pa，因此反应SKIPIF1<0的平衡常数K=SKIPIF1<0；(3)①结合图可知，温度越高，SKIPIF1<0越小，lgKp2越大，即Kp2越大，说明升高温度平衡SKIPIF1<0正向移动，则NOCl分解为NO和SKIPIF1<0反应的大于0；②Ⅰ.SKIPIF1<0Ⅱ.SKIPIF1<0Ⅰ+Ⅱ得SKIPIF1<0，则SKIPIF1<0的K=SKIPIF1<0；该反应的SKIPIF1<0大于0；推理过程如下：设SKIPIF1<0，即SKIPIF1<0，由图可知：SKIPIF1<0则：SKIPIF1<0，即SKIPIF1<0，因此该反应正反应为吸热反应，即SKIPIF1<0大于0；(4)Ⅰ.SKIPIF1<0Ⅱ.SKIPIF1<0Ⅰ+Ⅱ得总反应为2NOCl+hv=2NO+Cl2，因此2molNOCl分解需要吸收1mol光子能量，则分解1mol的NOCl需要吸收0.5mol光子。3．(2021·广东高考真题)我国力争于2030年前做到碳达峰，2060年前实现碳中和。CH4与CO2重整是CO2利用的研究热点之一。该重整反应体系主要涉及以下反应：a)CH4(g)+CO2(g)SKIPIF1<02CO(g)+2H2(g)∆H1b)CO2(g)+H2(g)SKIPIF1<0CO(g)+H2O(g)∆H2c)CH4(g)SKIPIF1<0C(s)+2H2(g)∆H3d)2CO(g)SKIPIF1<0CO2(g)+C(s)∆H4e)CO(g)+H2(g)SKIPIF1<0H2O(g)+C(s)∆H5(1)根据盖斯定律，反应a的∆H1=_______(写出一个代数式即可)。(2)上述反应体系在一定条件下建立平衡后，下列说法正确的有_______。A．增大CO2与CH4的浓度，反应a、b、c的正反应速率都增加B．移去部分C(s)，反应c、d、e的平衡均向右移动C．加入反应a的催化剂，可提高CH4的平衡转化率D．降低反应温度，反应a~e的正、逆反应速率都减小(3)一定条件下，CH4分解形成碳的反应历程如图所示。该历程分_______步进行，其中，第_______步的正反应活化能最大。

(4)设KSKIPIF1<0为相对压力平衡常数，其表达式写法：在浓度平衡常数表达式中，用相对分压代替浓度。气体的相对分压等于其分压(单位为kPa)除以p0(p0=100kPa)。反应a、c、e的lnKSKIPIF1<0随SKIPIF1<0(温度的倒数)的变化如图所示。

①反应a、c、e中，属于吸热反应的有_______(填字母)。②反应c的相对压力平衡常数表达式为KSKIPIF1<0=_______。③在图中A点对应温度下、原料组成为n(CO2):n(CH4)=1:1、初始总压为100kPa的恒容密闭容器中进行反应，体系达到平衡时H2的分压为40kPa。计算CH4的平衡转化率，写出计算过程_______。(5)CO2用途广泛，写出基于其物理性质的一种用途：_______。【答案】∆H2+∆H3-∆H5或∆H3-∆H4AD44acSKIPIF1<068%做冷冻剂【分析】根据盖斯定律计算未知反应的反应热；根据影响化学反应速率和化学平衡的因素判断反应速率的变化及转化率的变化；根据图像及曲线高低判断反应进程和活化能的相对大小；根据平衡时反应物的分压计算平衡转化率；根据CO2的物理性质推测CO2的用途。【解析】(1)根据题目所给出的反应方程式关系可知，a=b+c-e=c-d，根据盖斯定律则有∆H1=∆H2+∆H3-∆H5=∆H3-∆H4；(2)A．增大CO2和CH4的浓度，对于反应a、b、c来说，均增大了反应物的浓度，反应的正反应速率增大，A正确；B．移去部分C(s)，没有改变反应体系中的压强，反应的正逆反应速率均不变，平衡不移动，B错误；C．催化剂可以同等条件下增大正逆反应速率，只能加快反应进程，不改变反应的平衡状态，平衡转化率不变，C错误；D．降低温度，体系的总能量降低，正、逆反应速率均减小，D正确；故答案选AD；(3)由图可知，反应过程中能量变化出现了4个峰，即吸收了4次活化能，经历了4步反应；且从左往右看4次活化能吸收中，第4次对应的峰最高，即正反应方向第4步吸收的能量最多，对应的正反应活化能最大。(4)①随着温度的升高，反应a和c的lnKSKIPIF1<0增大，说明KSKIPIF1<0的数值增大，反应向正反应方向进行，反应a和c为吸热反应，同理反应e的lnKSKIPIF1<0减小，说明KSKIPIF1<0的减小，反应向逆反应方向进行，反应e为放热反应，故答案为ac；②用相对分压代替浓度，则反应c的平衡常数表达式KSKIPIF1<0=SKIPIF1<0；③由图可知，A处对应反应c的lnKSKIPIF1<0=0，即KSKIPIF1<0=SKIPIF1<0=1，解方程的p2(H2)=p(CH4)，已知反应平衡时p(H2)=40kPa，则有p(CH4)=16kPa，且初始状态时p(CH4)=SKIPIF1<0×100kPa=50kPa，故CH4的平衡转化率为SKIPIF1<0×100%=68%；(5)固态CO2即为干冰，干冰用于制冷或人工降雨均是利用其物理性质。【点睛】本题难点在于KSKIPIF1<0与SKIPIF1<0关系曲线的判断，在曲线中斜率为正为放热反应，斜率为负为吸热反应。4．(2021·河北高考真题)当今，世界多国相继规划了碳达峰、碳中和的时间节点。因此，研发二氧化碳利用技术，降低空气中二氧化碳含量成为研究热点。(1)大气中的二氧化碳主要来自于煤、石油及其他含碳化合物的燃烧。已知25℃时，相关物质的燃烧热数据如表：物质H2(g)C(石墨，s)C6H6(l)燃烧热△H(kJ•mol-1)-285.8-393.5-3267.5(1)则25℃时H2(g)和C(石墨，s)生成C6H6(l)的热化学方程式为________。(2)雨水中含有来自大气的CO2，溶于水中的CO2进一步和水反应，发生电离：①CO2(g)=CO2(aq)②CO2(aq)+H2O(l)=H+(aq)+HCOSKIPIF1<0(aq)25℃时，反应②的平衡常数为K2。溶液中CO2的浓度与其在空气中的分压成正比(分压=总压×物质的量分数)，比例系数为ymol•L-1•kPa-1，当大气压强为pkPa，大气中CO2(g)的物质的量分数为x时，溶液中H+浓度为________mol•L-1(写出表达式，考虑水的电离，忽略HCOSKIPIF1<0的电离)(3)105℃时，将足量的某碳酸氢盐(MHCO3)固体置于真空恒容容器中，存在如下平衡：2MHCO3(s)SKIPIF1<0M2CO3(s)+H2O(g)+CO2(g)。上述反应达平衡时体系的总压为46kPa。保持温度不变，开始时在体系中先通入一定量的CO2(g)，再加入足量MHCO3(s)，欲使平衡时体系中水蒸气的分压小于5kPa，CO2(g)的初始压强应大于________kPa。(4)我国科学家研究Li—CO2电池，取得了重大科研成果，回答下列问题：①Li—CO2电池中，Li为单质锂片，则该电池中的CO2在___(填“正”或“负”)极发生电化学反应。研究表明，该电池反应产物为碳酸锂和单质碳，且CO2电还原后与锂离子结合形成碳酸锂按以下4个步骤进行，写出步骤Ⅲ的离子方程式。Ⅰ.2CO2+2e-=C2OSKIPIF1<0Ⅱ.C2OSKIPIF1<0=CO2+COSKIPIF1<0Ⅲ.__________Ⅳ.COSKIPIF1<0+2Li+=Li2CO3②研究表明，在电解质水溶液中，CO2气体可被电化学还原。Ⅰ.CO2在碱性介质中电还原为正丙醇(CH3CH2CH2OH)的电极反应方程式为_________。Ⅱ.在电解质水溶液中，三种不同催化剂(a、b、c)上CO2电还原为CO的反应进程中(H+被还原为H2的反应可同时发生)，相对能量变化如图.由此判断，CO2电还原为CO从易到难的顺序为_______(用a、b、c字母排序)。【答案】6C(石墨，s)+3H2(g)=C6H6(l)ΔH=49.1kJSKIPIF1<0mol-1SKIPIF1<0100.8正极2CSKIPIF1<0+CO2=2CSKIPIF1<0+C12CO2+18e-+4H2O=CH3CH2CH2OH+9CSKIPIF1<0c、b、a【解析】(1)根据表格燃烧热数据可知，存在反应①C(石墨，s)+O2(g)=CO2(g)ΔH1=-393.5kJSKIPIF1<0mol-1，②H2(g)+SKIPIF1<0O2(g)=H2O(l)ΔH2=-285.8kJSKIPIF1<0mol-1，③C6H6(l)+SKIPIF1<0O2(g)=6CO2(g)+6H2O(l)ΔH3=-3267.5kJSKIPIF1<0mol-1，根据盖斯定律，[①SKIPIF1<012+②SKIPIF1<06]SKIPIF1<0-③得反应：6C(石墨，s)+3H2(g)=C6H6(l)，ΔH=[(-393.5kJSKIPIF1<0mol-1)SKIPIF1<0+(-285.8kJSKIPIF1<0mol-1)SKIPIF1<06]SKIPIF1<0-(-3267.5kJSKIPIF1<0mol-1)=49.1kJSKIPIF1<0mol-1，故答案为：6C(石墨，s)+3H2(g)=C6H6(l)ΔH=49.1kJSKIPIF1<0mol-1；(2)由题可知，①CO2(s)SKIPIF1<0CO2(aq)，②CO2(aq)+H2O(l)SKIPIF1<0H+(aq)+HCSKIPIF1<0(aq)，K2=SKIPIF1<0，又因为p(CO2)=p(kPa)SKIPIF1<0x，则c(CO2)=y(mol•L-1•kPa-1)p(CO2)=pSKIPIF1<0xSKIPIF1<0ymol/L，在忽略HCSKIPIF1<0的电离时，c(H+)=c(HCSKIPIF1<0)，所以可得c(H+)=SKIPIF1<0，故答案为：SKIPIF1<0；(3)2MHCO3(s)SKIPIF1<0M2CO3(s)+H2O(g)+CO2(g)，等温等容条件下，压强之比等于物质的量之比，可用分压表示物质的量浓度，平衡常数Kp=SKIPIF1<0=SKIPIF1<0=529kPa2。温度不变化学平衡常数Kp不变，设平衡时，平衡体系中CO2的分压为x，则K=SKIPIF1<0=529kPa2，SKIPIF1<0=SKIPIF1<0kPa=105.8kPa，CO2的初始压强等于平衡压强减去碳酸氢盐分解产生的CO2的分压，即CO2(g)的初始压强应大于105.8kPa-5kPa=100.8kPa，故答案为：100.8；(4)①由题意知，Li-CO2电池的总反应式为：4Li+3CO2=2Li2CO3+C，CO2发生得电子的还原反应，则CO2作为电池的正极；CO2还原后与Li+结合成Li2CO3，按4个步骤进行，由步骤II可知生成了CSKIPIF1<0，而步骤IV需要CSKIPIF1<0参加反应，所以步骤III的离子方程式为：2CSKIPIF1<0+CO2=2CSKIPIF1<0+C，故答案为：正极；2CSKIPIF1<0+CO2=2CSKIPIF1<0+C；②I.CO2在碱性条件下得电子生成CH3CH2CH2OH，根据电子守恒和电荷守恒写出电极反应式为：12CO2+18e-+4H2O=CH3CH2CH2OH+9CSKIPIF1<0，故答案为：12CO2+18e-+4H2O=CH3CH2CH2OH+9CSKIPIF1<0；II.c催化剂条件下，CO2电还原的活化能小于H+电还原的活化能，更容易发生CO2的电还原；而催化剂a和b条件下，CO2电还原的活化能均大于H+电还原的活化能，相对来说，更易发生H+的电还原。其中a催化剂条件下，H+电还原的活化能比CO2电还原的活化能小的更多，发生H+电还原的可能性更大，因此反应从易到难的顺序为c、b、a，故答案为：c、b、a。5．(2021·湖南高考真题)氨气中氢含量高，是一种优良的小分子储氢载体，且安全、易储运，可通过下面两种方法由氨气得到氢气。方法I：氨热分解法制氢气相关化学键的键能数据化学键SKIPIF1<0SKIPIF1<0SKIPIF1<0键能SKIPIF1<0946436.0390.8一定温度下，利用催化剂将SKIPIF1<0分解为SKIPIF1<0和SKIPIF1<0。回答下列问题：(1)反应SKIPIF1<0SKIPIF1<0_______SKIPIF1<0；(2)已知该反应的SKIPIF1<0，在下列哪些温度下反应能自发进行？_______(填标号)A．25℃B．125℃C．225℃D．325℃(3)某兴趣小组对该反应进行了实验探究。在一定温度和催化剂的条件下，将SKIPIF1<0通入3L的密闭容器中进行反应(此时容器内总压为200kPa)，各物质的分压随时间的变化曲线如图所示。①若保持容器体积不变，SKIPIF1<0时反应达到平衡，用SKIPIF1<0的浓度变化表示SKIPIF1<0时间内的反应速率SKIPIF1<0_______SKIPIF1<0(用含SKIPIF1<0的代数式表示)②SKIPIF1<0时将容器体积迅速缩小至原来的一半并保持不变，图中能正确表示压缩后SKIPIF1<0分压变化趋势的曲线是_______(用图中a、b、c、d表示)，理由是_______；③在该温度下，反应的标准平衡常数SKIPIF1<0_______。(已知：分压=总压×该组分物质的量分数，对于反应SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，其中SKIPIF1<0，SKIPIF1<0、SKIPIF1<0、SKIPIF1<0、SKIPIF1<0为各组分的平衡分压)。方法Ⅱ：氨电解法制氢气利用电解原理，将氮转化为高纯氢气，其装置如图所示。(4)电解过程中SKIPIF1<0的移动方向为_______(填“从左往右”或“从右往左”)；(5)阳极的电极反应式为_______。KOH溶液KOH溶液【答案】+90.8CDSKIPIF1<0b

开始体积减半，N2分压变为原来的2倍，随后由于加压平衡逆向移动，N2分压比原来2倍要小0.48从右往左2NH3-6e-+6OH-=N2+6H2O【解析】(1)根据反应热=反应物的总键能-生成物的总键能，2NH3(g)SKIPIF1<0N2(g)+3H2(g)，ΔH=390.8kJSKIPIF1<0mol-1SKIPIF1<0-(946kJSKIPIF1<0mol-1+436.0kJSKIPIF1<0mol-1SKIPIF1<0)=+90.8kJSKIPIF1<0mol-1，故答案为：+90.8；(2)若反应自发进行，则需ΔH-TΔS<0，T>SKIPIF1<0=SKIPIF1<0=456.5K，即温度应高于(456.5-273)℃=183.5℃，CD符合，故答案为：CD；(3)①设t1时达到平衡，转化的NH3的物质的量为2x，列出三段式：SKIPIF1<0根据同温同压下，混合气体的物质的量等于体积之比，SKIPIF1<0=SKIPIF1<0，解得x=0.02mol，SKIPIF1<0(H2)=SKIPIF1<0=SKIPIF1<0molSKIPIF1<0L-1SKIPIF1<0min-1，故答案为：SKIPIF1<0；②t2时将容器体积压缩到原来的一半，开始N2分压变为原来的2倍，随后由于加压平衡逆向移动，N2分压比原来2倍要小，故b曲线符合，故答案为：b；开始体积减半，N2分压变为原来的2倍，随后由于加压平衡逆向移动，N2分压比原来2倍要小；③由图可知，平衡时，NH3、N2、H2的分压分别为120kPa、40kPa、120kPa，反应的标准平衡常数SKIPIF1<0=SKIPIF1<0=0.48，故答案为：0.48；(4)由图可知，通NH3的一极氮元素化合价升高，发生氧化反应，为电解池的阳极，则另一电极为阴极，电解过程中OH-移向阳极，则从右往左移动，故答案为：从右往左；(5)阳极NH3失电子发生氧化反应生成N2，结合碱性条件，电极反应式为：2NH3-6e-+6OH-=N2+6H2O，故答案为：2NH3-6e-+6OH-=N2+6H2O。6．(2021·浙江高考真题)含硫化合物是实验室和工业上的常用化学品。请回答：(1)实验室可用铜与浓硫酸反应制备少量SKIPIF1<0：SKIPIF1<0。判断该反应的自发性并说明理由_______。(2)已知SKIPIF1<0。SKIPIF1<0时，在一恒容密闭反应器中充入一定量的SKIPIF1<0和SKIPIF1<0，当反应达到平衡后测得SKIPIF1<0、SKIPIF1<0和SKIPIF1<0的浓度分别为SKIPIF1<0、SKIPIF1<0和SKIPIF1<0。①该温度下反应的平衡常数为_______。②平衡时SKIPIF1<0的转化率为_______。(3)工业上主要采用接触法由含硫矿石制备硫酸。①下列说法正确的是_______。A．须采用高温高压的反应条件使SKIPIF1<0氧化为SKIPIF1<0B．进入接触室之前的气流无需净化处理C．通入过量的空气可以提高含硫矿石和SKIPIF1<0的转化率D．在吸收塔中宜采用水或稀硫酸吸收SKIPIF1<0以提高吸收速率②接触室结构如图1所示，其中1~4表示催化剂层。图2所示进程中表示热交换过程的是_______。A．SKIPIF1<0B．SKIPIF1<0C．SKIPIF1<0D．SKIPIF1<0E.SKIPIF1<0F.SKIPIF1<0G.SKIPIF1<0③对于放热的可逆反应，某一给定转化率下，最大反应速率对应的温度称为最适宜温度。在图3中画出反应SKIPIF1<0的转化率与最适宜温度(曲线Ⅰ)、平衡转化率与温度(曲线Ⅱ)的关系曲线示意图(标明曲线Ⅰ、Ⅱ)_______。(4)一定条件下，在SKIPIF1<0溶液体系中，检测得到pH-时间振荡曲线如图4，同时观察到体系由澄清→浑浊→澄清的周期性变化。可用一组离子方程式表示每一个周期内的反应进程，请补充其中的2个离子方程式。Ⅰ.SKIPIF1<0Ⅱ.①_______；Ⅲ.SKIPIF1<0；Ⅳ.②_______。【答案】不同温度下都能自发，是因为SKIPIF1<0SKIPIF1<0SKIPIF1<0CBDFSKIPIF1<0SKIPIF1<0【解析】(1)实验室可用铜与浓硫酸反应制备少量SKIPIF1<0的反应为SKIPIF1<0，由于该反应SKIPIF1<0，因此该反应在任何温度下都能自发进行。(2)①根据题中所给的数据可以求出该温度下SKIPIF1<0的平衡常数为SKIPIF1<0SKIPIF1<0.②平衡时SKIPIF1<0的转化率为SKIPIF1<0SKIPIF1<0SKIPIF1<0；(3)①A．在常压下SKIPIF1<0催化氧化为SKIPIF1<0的反应中，SKIPIF1<0的转化率已经很高，工业上有采用高压的反应条件，A说法不正确；B．进入接触室之前的气流中含有会使催化剂中毒的物质，需经净化处理以防止催化剂中毒，B说法不正确；C．通入过量的空气可以增大氧气的浓度，可以使含硫矿石充分反应，并使化学平衡SKIPIF1<0向正反应方向移动，因此可以提高含硫矿石和SKIPIF1<0的转化率；D．SKIPIF1<0与水反应放出大量的热，在吸收塔中若采用水或稀硫酸吸收SKIPIF1<0，反应放出的热量会使硫酸形成酸雾从而影响SKIPIF1<0被水吸收导致SKIPIF1<0的吸收速率减小，因此，在吸收塔中不宜采用水或稀硫酸吸收SKIPIF1<0，D说法不正确。综上所述，相关说法正确的是C；②反应混合物在热交换气中与原料气进行热交换，在热交换过程中，反应混合物不与催化剂接触，化学反应速率大幅度减小，故虽然反应混合物的温度降低，SKIPIF1<0的转化率基本不变，因此，图2所示进程中表示热交换过程的是SKIPIF1<0、SKIPIF1<0、SKIPIF1<0，因此选BDF；③对于放热的可逆反应SKIPIF1<0，该反应的最适宜温度为催化剂的催化活性最好时所对应的温度，在该温度下化学反应速率最大，SKIPIF1<0的转化率也最大；当温度高于最适宜温度后，催化剂的催化活性逐渐减小，催化剂对化学反应速率的影响超过了温度升高对化学反应速率的影响，因此化学反应速率逐渐减小，SKIPIF1<0的转化率也逐渐减小；由于该反应为放热反应，随着温度的升高，SKIPIF1<0的平衡转化率减小；由于反应混合物与催化剂层的接触时间较少，在实际的反应时间内反应还没有达到化学平衡状态，故在相应温度下SKIPIF1<0的转化率低于其平衡转化率。因此，反应SKIPIF1<0的转化率与最适宜温度(曲线Ⅰ)、平衡转化率与温度(曲线Ⅱ)的关系曲线示意图可表示如下：.(4)由SKIPIF1<0时间振荡曲线可知，在SKIPIF1<0溶液体系中，溶液的SKIPIF1<0呈先增大后减小的周期性变化，同时观察到体系由澄清→浑浊→澄清的周期性变化，硫化钠与硫酸反应生成SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，然后发生SKIPIF1<0，该过程溶液的SKIPIF1<0基本不变，溶液保持澄清；溶液变浑浊时SKIPIF1<0被SKIPIF1<0氧化为SKIPIF1<0，即发生SKIPIF1<0，该过程溶液的SKIPIF1<0增大；溶液又变澄清时SKIPIF1<0又被SKIPIF1<0氧化为SKIPIF1<0，发生SKIPIF1<0，该过程溶液的SKIPIF1<0在减小。因此可以推测该过程中每一个周期内的反应进程中依次发生了如下离子反应：SKIPIF1<0、SKIPIF1<0、SKIPIF1<0、SKIPIF1<0。7．(2021·浙江高三专题练习)“氯碱工业”以电解饱和食盐水为基础制取氯气等产品，氯气是实验室和工业上的常用气体。请回答：(1)电解饱和食盐水制取氯气的化学方程式是______。(2)下列说法不正确的是______。A．可采用碱石灰干燥氯气B．可通过排饱和食盐水法收集氯气C．常温下，可通过加压使氯气液化而储存于钢瓶中D．工业上，常用氢气和氯气反应生成的氯化氢溶于水制取盐酸(3)在一定温度下，氯气溶于水的过程及其平衡常数为：Cl2(g)⇌Cl2(aq)K1=c(Cl2)/pCl2(aq)+H2O(l)⇌H+(aq)+Cl-(aq)+HClO(aq)K2其中p为Cl2(g)的平衡压强，c(Cl2)为Cl2在水溶液中的平衡浓度。①Cl2(g)⇌Cl2(aq)的焓变ΔH1______0。(填”>”、“=”或“<”)②平衡常数K2的表达式为K2=______。③氯气在水中的溶解度(以物质的量浓度表示)为c，则c=______。(用平衡压强p和上述平衡常数表示，忽略HClO的电离)(4)工业上，常采用“加碳氯化”的方法以高钛渣(主要成分为TiO2)为原料生产TiCl4，相应的化学方程式为；I.TiO2(s)+2Cl2(g)⇌TiCl4(g)+O2(g)ΔHI=181mol·L-1，KI=-3.4×10-29II.2C(s)+O2(g)⇌2CO(g)ΔHII=-221mol·L-1，KII=1.2×1048结合数据说明氯化过程中加碳的理由______。(5)在一定温度下，以I2为催化剂，氯苯和Cl2在CS2中发生平行反应，分别生成邻二氯苯和对二氯苯，两产物浓度之比与反应时间无关。反应物起始浓度均为0.5mol·L-1，反应30min测得氯苯15%转化为邻二氯苯，25%转化为对二氯苯。保持其他条件不变，若要提高产物中邻二氯苯的比例，可采用的措施是______。A．适当提高反应温度B．改变催化剂C．适当降低反应温度D．改变反应物浓度【答案】2NaCl+2H2OSKIPIF1<02NaOH+H2↑+Cl2↑A＜SKIPIF1<0K1p+SKIPIF1<0反应I+II得：TiO2(s)+2Cl2(g)+2C(s)=TiCl4(g)+2CO(g)，K=KIKII=4.1×1019远大于K1，反应II使TiO2氯化为TiCl4得以实现；ΔH=ΔHI+ΔHII=-40kJ·mol-1，反应II可为反应I提供所需的能量AB【解析】(1)电解饱和食盐水制取氯气时，同时还生成氢气和氢氧化钠，该反应的化学方程式是2NaCl+2H2OSKIPIF1<02NaOH+H2↑+Cl2↑。(2)A．氯气可与碱反应，碱石灰含有氢氧化钠和氧化钙，因此，不能用碱石灰干燥氯气，A说法不正确；B．氯气可与水反应生成盐酸和次氯酸，该反应是可逆反应，在饱和食盐水中存在浓度较大的氯离子，可以使氯气的溶解平衡逆向移动，因此，氯气在饱和食盐水中的溶解度较小，可以通过排饱和食盐水法收集氯气，B说法正确；C．氯气在常温下不与铁反应；氯气的相对分子质量较大，其分子间的作用力较大，因此，氯气属于易液化的气体，常温下，可通过加压使氯气液化而储存于钢瓶中，C说法正确；D．氢气和氯气反应生成氯化氢，氯化氢溶于水得到盐酸，因此，工业上，常用氢气和氯气反应生成的氯化氢溶于水制取盐酸，D说法正确。综上所述，相关说法不正确的是A，故选A。(3)①Cl2(g)⇌Cl2(aq)表示的是氯气的溶解平衡，氯气在常温下可溶于水，该过程是自发的，由于该过程的熵变小于0，因此，其焓变ΔH1＜0。②由化学方程式Cl2(aq)+H2O(l)⇌H+(aq)+Cl-(aq)+HClO(aq)可知，其平衡常数K2的表达式为K2=SKIPIF1<0，注意水为液态，其不出现在表达式中。③Cl2(g)⇌Cl2(aq)与Cl2(aq)+H2O(l)⇌H+(aq)+Cl-(aq)+HClO(aq)相加可以得到Cl2(g)+H2O(l)⇌H+(aq)+Cl-(aq)+HClO(aq)，因此，该反应的平衡常数为SKIPIF1<0；氯气在水中的溶解度(以物质的量浓度表示)为c，根据物料守恒可知，c=SKIPIF1<0+SKIPIF1<0c(HClO)+SKIPIF1<0c(Cl-)，由于HCl是强电解质，若忽略水的电离和次氯酸的电离，则SKIPIF1<0，由K2=SKIPIF1<0可知SKIPIF1<0=SKIPIF1<0，由K1=c(Cl2)/p可知，SKIPIF1<0=SKIPIF1<0，则SKIPIF1<0=SKIPIF1<0，因此，c=K1p+SKIPIF1<0。(4)已知：I.TiO2(s)+2Cl2(g)⇌TiCl4(g)+O2(g)ΔHI=181mol·L-1，KI=-3.4×10-29；II.2C(s)+O2(g)⇌2CO(g)ΔHII=-221mol·L-1，KII=1.2×1048。根据盖斯定律可知，I+II得：TiO2(s)+2Cl2(g)+2C(s)=TiCl4(g)+2CO(g)，则K=KIKII=4.1×1019远大于K1，反应II的发生可以减小反应I的平衡体系中氧气的浓度，从而使TiO2氯化为TiCl4得以实现；反应I为吸热反应，而ΔH=ΔHI+ΔHII=-40kJ·mol-1，说明TiO2(s)+2Cl2(g)+2C(s)=TiCl4(g)+2CO(g)为放热反应，则反应II可为反应I提供所需的能量。(5)A.．由于两产物浓度之比与反应时间无关，适当提高反应温度，使催化剂碘的溶解度增大，既可以加快化学反应速率，同时可以提高邻位取代的机率(催化剂会参与反应形成中间体，根据信息可知，碘在对位的取代机率较大)，从而提高产物中邻二氯苯的比例，故A符合题意；B．可以使用对生成邻二氯苯有更高选择性的催化剂，以提高产物中邻二氯苯的比例，B符合题意；C．适当降低反应温度，不利于提高邻二氯苯的生成机率，不能提高产物中邻二氯苯的比例，C不符合题意；D．改变反应物浓度可以改变化学反应速率，从而改变反应达到化学平衡状态的时间，但是，产物浓度之比与反应时间无关，因此，不能提高产物中邻二氯苯的比例，D不符合题意。综上所述，选AB。1．(2021·山西太原市·高三其他模拟)2020年6月23日，长征三号乙运载火箭成功将北斗“收官之星”送入太空，标志着北斗三号全球卫星导航系统部署全面完成。火箭使用液态偏二甲肼SKIPIF1<0和SKIPIF1<0作推进剂，反应为：SKIPIF1<0。请回答：(1)一定条件下，已知：①SKIPIF1<0②SKIPIF1<0③SKIPIF1<0则：SKIPIF1<0______。(2)100℃时，将SKIPIF1<0气体充入SKIPIF1<0的真空密闭容器中发生反应：SKIPIF1<0，每隔一段时间就对该容器内的物质进行测量，得到下表数据：时间/s020406080SKIPIF1<00.40a0.26bcSKIPIF1<00.000.05d0.080.08①从反应开始至SKIPIF1<0内，用SKIPIF1<0表示的平均反应速率为______。②100℃时，该反应的化学平衡常数的数值为______(保留两位有效数字)。③达到平衡后，若降低温度，气体颜色变浅，则该反应的SKIPIF1<0______0(填“>”或<”)；若向该密闭容器中再充入SKIPIF1<0，则该反应将______(填“向左移动”、“向右移动”或“不移动”)。(3)下图是科学家制造出的一种效率更高的燃料电池，可用于航空航天。以稀土金属材料作惰性电极，固体电解质能传导SKIPIF1<0，两极分别通入SKIPIF1<0和SKIPIF1<0(空气)。则c电极上发生的电极反应式为______。【答案】(-a-2b+2c)SKIPIF1<0SKIPIF1<02.8<平衡不移动O2+2e-=O2-【解析】(1)SKIPIF1<0①-③×2-②×2=(-a-2b+2c)SKIPIF1<0；(2)①由表中数据可知，从反应开始至20s时，SKIPIF1<0，则SKIPIF1<0；②由表中数据可知，在60s时N2O4浓度不再变化，则反应已达平衡状态，所以b=c,当N2O4浓度为SKIPIF1<0，平衡常数为SKIPIF1<0；③降低温度，气体颜色变浅，反应正向进行，为放热反应，SKIPIF1<0<0；充入SKIPIF1<0，压强增大，但是浓度不变，平衡不移动；(3)c电极为正极，得电子，c电极上发生的电极反应式为O2+2e-=O2-。2．(2021·陕西宝鸡市·高三其他模拟)SO2、NO、NO2、CO都是污染大气的有害气体，对其进行回收利用是节能减排的重要课题。(1)上述四种气体中直接排入空气时会引起酸雨的有_______(填化学式)。(2)已知：2SO2(g)+O2(g)SKIPIF1<02SO3(g)∆H=-196.6kJ∙mol-12NO(g)+O2(g)SKIPIF1<02NO2(g)∆H=-113.0kJ∙mol-1①反应：NO2(g)+SO2(g)SKIPIF1<0SO3(g)+NO(g)的∆H=_______kJ∙mol-1。②一定条件下，将NO2与SO2以体积比1：1置于恒温恒容的密闭容器中发生反应：NO2(g)+SO2(g)SKIPIF1<0SO3(g)+NO(g)，下列能说明反应达到平衡状态的是_______(填字母)。a.混合气体的密度保持不变b.SO2的物质的量保持不变c.容器内混合气体原子总数不变d.每生成1molSO3的同时消耗1molNO③测得②中反应达到平衡时NO与NO2的体积之比为37：13，则在该温度下反应：NO2(g)+SO2(g)SKIPIF1<0SO3(g)+NO(g)的平衡常数K=_______(3)CO可用于合成甲醇，其反应的化学方程式为CO(g)+2H2(g)SKIPIF1<0CH3OH(g)。在一容积可变的密闭容器中充有10molCO与20molH2，在催化剂作用下发生反应生成甲醇。CO的平衡转化率(SKIPIF1<0)与温度(T)、压强(p)的关系如图所示。下列说法正确的是_______(填字母)。A．合成甲醇的反应为吸热反应B．压强为p1＞p2C．A、B、C三点的平衡常数为KA=KB＞KCD．若达平衡状态A时，容器的体积为10L，则在平衡状态B时容器的体积也为10L【答案】SO2、NO、NO2-41.8bd8.1C【解析】(1)酸雨主要是由SO2、NO2引起的，NO与空气接触生成NO2，而CO不溶于水，不能引起酸雨，所以直接排入空气时会引起酸雨的有SO2、NO、NO2。(2)①已知：反应①2SO2(g)+O2(g)SKIPIF1<02SO3(g)∆H=-196.6kJ∙mol-1；反应②2NO(g)+O2(g)SKIPIF1<02NO2(g)∆H=-113.0kJ∙mol-1；根据盖斯定律可知，由SKIPIF1<0(①-②)可得目标反应：NO2(g)+SO2(g)SKIPIF1<0SO3(g)+NO(g)，故∆H=SKIPIF1<0[-196.6kJ∙mol-1-(-113.0kJ∙mol-1)]=-41.8kJ∙mol-1。②a.容器容积不变，混合气体的质量不变，故混合气体的密度始终不变，则混合气体的密度保持不变，不能说明反应达到平衡状态，故a错误；b.SO2的物质的量保持不变，说明正逆反应速率相等，能说明反应达到平衡状态，故b正确；c.根据质量守恒定律知，容器内混合气体原子总数始终不变，故不能说明反应达到平衡状态，故c错误；d.每生成1molSO3的同时消耗1molNO，说明正逆反应速率相等，能说明反应达到平衡状态，故d正确；故选bd。③已知NO2与SO2的体积比为1：1，设初始NO2与SO2的物质的量均为amol，变化量为xmol，则可列出三段式：SKIPIF1<0，又平衡时NO与NO2的体积之比为37：13，则x：(a-x)=37：13，解得SKIPIF1<0，该反应前后气体物质的量总和不变，则可用物质的量计算平衡平衡常数，则在该温度下反应：NO2(g)+SO2(g)SKIPIF1<0SO3(g)+NO(g)的平衡常数SKIPIF1<0。(3)A．由图可知，升高温度，CO的平衡转化率降低，说明升温平衡逆向移动，则合成甲醇的反应为放热反应，故A错误；B．该反应前后为气体物质的量减小的反应，故其他条件不变时，加压平衡正向移动，CO的平衡转化率增大，故压强为p2＞p1，故B错误；C．温度不变，平衡常数不变，故KA=KB，该反应为放热反应，升温平衡逆向移动，平衡常数减小，则KB＞KC，则A、B、C三点的平衡常数为KA=KB＞KC，故C正确；D．该反应前后为气体物质的量减小的反应，又该反应是在一容积可变的密闭容器中进行的，即压强不变，则若达平衡状态A时，容器的体积为10L，则在平衡状态B时容器的体积小于10L，故D错误；故选C。3．(2021·辽宁高三其他模拟)研究SKIPIF1<0、SKIPIF1<0的消除对改善生态环境、构建生态文明具有重要的意义。Ⅰ.汽油燃油车上安装三元催化转化器，可有效降低汽车尾气污染。(1)在标准压强和指定温度下，由元素最稳定的单质生成SKIPIF1<0化合物时的反应热称为该化合物的标准摩尔生成焓。已知SKIPIF1<0、SKIPIF1<0、SKIPIF1<0的标准摩尔生成焓分别为SKIPIF1<0、SKIPIF1<0、SKIPIF1<0。SKIPIF1<0和SKIPIF1<0两种尾气在催化剂作用下反应生成SKIPIF1<0的热化学方程式是_______。(2)研究CO和NO反应，测得在某温度下一定体积的密闭容器中，NO和CO浓度随时间变化如表：时间(s)浓度(SKIPIF1<0)0246c(NO)1.000.250.100.10c(CO)3.602.852.702.70前4s内的速率SKIPIF1<0_______。(3)实验测得，SKIPIF1<0，SKIPIF1<0(SKIPIF1<0、SKIPIF1<0为速率常数)。在一定温度下，向2L的密闭容器中充入NO和CO气体各1mol，NO的转化率为40%时达到化学平衡，则SKIPIF1<0_______(保留两位小数)。Ⅱ.工业上，常采用氧化还原方法处理尾气中的CO。沥青混凝土可作为反应SKIPIF1<0的催化剂。图中表示在相同的恒容密闭容器、相同起始浓度、相同反应时间段下，使用同质量的不同沥青混凝土(SKIPIF1<0型、SKIPIF1<0型)催化时，SKIPIF1<0的转化率与温度的关系。(4)在a、b、c、d四点中，未达到平衡状态的是_______(填序号)。(5)下列关于图示的说法正确的是_______(填序号)。A．e点转化率出现突变的原因可能是温度升高后催化剂失去活性B．b点时CO与SKIPIF1<0分子之间发生有效碰撞的几率在整个实验过程中最高C．在均未达到平衡状态时，同温下SKIPIF1<0型沥青混凝土中CO转化速率比SKIPIF1<0型的要大D．CO转化反应的平衡常数SKIPIF1<0【答案】SKIPIF1<0SKIPIF1<00.49aAC【解析】(1)由标准摩尔生成焓定义可知：①C(s)+SKIPIF1<0O2(g)=CO(g)SKIPIF1<01=SKIPIF1<0②C(s)+O2(g)=CO2(g)SKIPIF1<02=SKIPIF1<0③SKIPIF1<0N2(g)+SKIPIF1<0O2(g)=NO(g)SKIPIF1<03=SKIPIF1<0由盖斯定律可得2×(②-①-③)得：SKIPIF1<0SKIPIF1<0=2×(-393.5+110.5-90.25)SKIPIF1<0=SKIPIF1<0，即SKIPIF1<0和SKIPIF1<0两种尾气在催化剂作用下反应生成SKIPIF1<0的热化学方程式为SKIPIF1<0；(2)前4s内NO的浓度变化量为1.00mol/L-0.10mol/L=9.00×10-4mol/L，则前4s内的速率SKIPIF1<0SKIPIF1<0=SKIPIF1<0；(3)由题意有三段式SKIPIF1<0，平衡时SKIPIF1<0=SKIPIF1<0，即k正×0.32×0.32=k逆×0.1×0.22，解得SKIPIF1<00.49(保留两位小数)；(4)SKIPIF1<0型曲线，b点前反应未平衡，反应正向进行，CO转化率随温度升高增大，b点达到平衡，b点之后升高温度，平衡逆向移动，CO的转化率减小；SKIPIF1<0型曲线，c点前反应未平衡，反应正向进行，CO转化率随温度升高增大，c点达到平衡，c点之后升高温度，平衡逆向移动，CO的转化率减小；因此在a、b、c、d四点中，未达到平衡状态的是a点；(5)A．催化剂在一定温度范围内才有活性，e点转化率出现突变，可能的原因是温度太高，催化剂失去活性，A正确；B．其他条件相同时，温度越高，活化分子百分数越大，有效碰撞几率越大，因此b点时CO与SKIPIF1<0分子之间发生有效碰撞的几率不是最高，B错误；C．结合(4)可知在曲线的顶点之前反应未达到平衡，由图可知在均未达到平衡状态时，同温下SKIPIF1<0型沥青混凝土中CO转化率比SKIPIF1<0型的要大，因未平衡，则相同时间内CO转化速率SKIPIF1<0型比SKIPIF1<0型的大，C正确；D．平衡常数K只与温度有关，温度不同，K不同，结合(4)可知温度升高，平衡逆向移动，K减小，则Ka>Kc，D错误；选AC。4．(2021·四川德阳市·高三三模)氮的循环在自然界元素的循环中具有重要的意义，但减少含氮化合物对空气的污染也是重要的课题之一。已知：N2(g)+O2(g)⇌2NO(g)ΔH1=+180.0kJ·mol-1N2(g)+3H2(g)⇌2NH3(g)ΔH2=-92.4kJ·mol-1H2的燃烧热为285.8kkJ·mol-1。回答下列问题：(1)写出NO与NH3反应生成N2和液态水的热化学方程式_______。(2)研究者用负载Cu的ZSM-5分子筛作催化剂对NO催化分解，M表示催化剂表面活性中心，对该反应提出如下反应机理。分解产生的O2浓度增大易占据催化剂活性中心M。I：NO+M→NO-M快；II：2NO-M→N2+2O-M慢；III：20-M⇌O2+2M快。三个反应中，活化能较高的是_______(填“I”、“II”或“III”)；反应要及时分离出O2其目的是_______。(3)一密闭容器中，加入1molN2、3molH2发生反应：N2(g)+3H2(g)⇌2NH3(g)，t0时达到平衡，在t1、t3、t4时均只改变某一个条件，如图是某一时间段中反应速率与反应进程的曲线关系图。①t1、t3时改变的条件分别是_______、_______。②下列时间段中，氨的百分含量最低的是_______(填标号)。a.t0~t1b.t2~t3c.t3~t4d.t5-t6③在恒温密闭容器中，进料浓度比c(H2)：c(N2)分别等于3：2、3：1、7：2时N2平衡转化率随体系压强的变化如下图所示：表示进料浓度比c(H2)：c(N2)=7：2的对应曲线是_______(填标号)，设R点c(NH3)=xmol/L，则化学平衡常数K=_______(列出计算式)。【答案】6NO(g)+4NH3(g)⇌5N2(g)+6H2O(1)ΔH=-2070.0kJ·mol-1II分离出O2使反应III平衡正向移动，释放出活性中心M升高温度加催化剂dkSKIPIF1<0【解析】(1)已知反应①N2(g)+O2(g)⇌2NO(g)ΔH1=+180.0kJ·mol-1；反应②N2(g)+3H2(g)⇌2NH3(g)ΔH2=-92.4kJ·mol-1，氢气的燃烧热方程式③H2(g)+SKIPIF1<0O2(g)=H2O(l)ΔH3=-285.8kkJ·mol-1，根据盖斯定律6③-3①-2②得到NO与NH3反应生成N2和液态水的热化学方程式：6NO(g)+4NH3(g)⇌5N2(g)+6H2O(1)ΔH=6ΔH3-3ΔH1-2ΔH2=SKIPIF1<0=-2070.0kJ·mol-1，故答案为：6NO(g)+4NH3(g)⇌5N2(g)+6H2O(1)ΔH=-2070.0kJ·mol-1；(2)反应物的活化能越高，化学反应速率越慢，故慢反应II的活化能最高；及时分离O2可以使反应III平衡正向移动，生成更多M，促进前两步反应，故答：分离出O2使反应III平衡正向移动，释放出活性中心M；(3)①由热化学反应方程式N2(g)+3H2(g)⇌2NH3(g)ΔH2=-92.4kJ·mol-1，可知该反应是一个放热反应，且为气体体积减小的反应，t1时正逆反应速率均升高，且逆反应速率大于正反应速率，则平衡逆向移动，故t1时升高温度，速率加快，平衡逆向移动；t3时正逆反应速率同程度提高，平衡不移动，则t3时加入了催化剂，正逆反应速率同程度加快，且平衡不移动，故答：升高温度；加催化剂；②所给时段均为平衡状态，t1时是升高温度平衡逆向移动，达到新平衡时氨气量减少，故氨的百分含量t2~t3时段小于t0~t1时段，t3加入催化剂平衡不移动，则氨的百分含量t3~t4时段等于t2~t3时段，t4时根据图像，正反应速率不变，逆反应速率降低，平衡正向移动，说明t4时移走了生成物，氨气量减少，t5时从新达到平衡，根据勒夏特列原理，平衡移动无法抵消条件改变，故氨的百分含量t5~t6时段小于t3~t4时段，则氨的百分含量最低的的时段为t5~t6，选d；③压强相同时，氢氮投料比越大，氮气的平衡转化率越大，故根据图像，k为7:2，m为3:1，n为3:2，故表示进料浓度比c(H