江苏省盐城市盐都区2022届九年级（上）期末物理试卷（解析版）

2022学年江苏省盐城市盐都区九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题2分，共24分）1．如图所示的工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（）A．食品夹 B．瓶盖起子 C．螺丝刀 D．钳子【考点】杠杆的分类．【分析】判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：A、食品夹的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；B、瓶起子的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；C、螺丝刀的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；D、钳子的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆．故选A．2．下列实例中，有力对物体做功的是（）A．背着书包在水平路面上前进B．跳水运动员从跳台跳下C．举重运动员举起杠铃停在空中D．小球在光滑水平面上滚动【考点】力是否做功的判断．【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，二者缺一不可，据此分析判断．【解答】解：A、背着书包在水平路面上前进，移动的方向和受力方向垂直，在力的方向上没有移动距离，不做功，不符合题意；B、跳水运动员从跳台跳下，受重力的作用，并且在重力的方向移动了距离，重力对人做功，符合题意．C、举重运动员举起杠铃停在空中，有力作用在物体上，但是没有移动距离，没有力做功，不符合题意．D、小球在光滑水平面上，依靠的是小球的惯性，水平方向上虽然移动了距离，但是没有力的作用，不做功，不符合题意．故选：B．3．下列数据中最接近生活实际的是（）A．教室里一盏日光灯正常工作电流约为B．家用节能灯的额定功率约为500WC．将一个鸡蛋从地面举过头顶，做功约为1JD．一节干电池电压为2V【考点】功的计算；电压；电功率；电功率与电压、电流的关系．【分析】（1）教室里一盏日光灯额定功率为40W，根据I=可求出正常工作电流；（2）家用节能灯的额定功率一般在几瓦到几十瓦；（3）功的计算公式是W=Fs，结合对力与距离的估测可做出判断；（4）一节干电池电压为．【解答】解：A、教室里一盏日光灯的额定功率约为40W，正常工作的电流：I==≈，故A不符合实际；B、家用节能灯的额定功率一般在几瓦到几十瓦，故B不符合实际；C、一个鸡蛋重约，举过头顶的高度约2m，则所做的功为：W=Fs=Gh=×2m=1J，故C符合实际；D、一节新干电池电压为，故D不符合实际．故选C．4．下列说法中正确的是（）A．机械做的有用功越多，机械效率越大B．机械效率大的功率一定大C．机械做功可以省力或省距离，但不能省功D．机械做功时间短的，功率一定大【考点】机械效率的大小比较；功的原理；功率大小的比较．【分析】使用机械时，有用功与总功的比值叫机械效率；使用任何机械不可避免地做额外功，所以机械效率一定小于；使用机械有的可以省力，有的或以省距离，但任何机械都不能省功；物体在单位时间完成的功叫功率．【解答】解：A、有用功与总功的比值叫机械效率，不知道总功，只知道机械做的有用功多，机械效率不一定大，故A错误；B、机械效率是有用功与总功的比值，而功率是功与时间的比值，二者没有必然的联系，所在机械效率大的功率不一定大，故B错误；C、机械做功可以省力或省距离，但不能省功，故C正确；D、功率是功与时间的比值，不知道做功的多少，做功时间短的，功率不一定大，故D错误．故选C．5．如图，我国空中加油机正在给歼10战斗机加油．加油过程中，若战斗机的高度和速度不变，则战斗机的（）

A．动能增加，势能减小，机械能不变B．动能不变，势能不变，机械能不变C．动能减小，势能不变，机械能减小D．动能增加，势能增加，机械能增加【考点】动能和势能的大小变化．【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）机械能=动能势能．物体没有发生弹性形变，势能只考虑重力势能．【解答】解：战斗机的速度不变，质量不断增大，动能增大．高度不变，质量不断增大，重力势能增大．机械能=动能势能，动能增大，势能增大，所以机械能增大．故选D．6．如图所示，四个完全相同的杯中各盛入一定温度和一定质量的水，则关于杯中水的内能说法错误的是（）

A．a杯中水的内能最小B．b杯中水的内能比c杯中小C．a、b两杯中水的内能无法比较D．d杯中水的内能最大【考点】物体内能的改变．【分析】根据内能的特点，观察上图（b）（c）（d）杯子中的水质量相同，温度越高，内能越大，可知（b）＜（c）＜（d），内能的大小与物质的质量成正比，（a）、（c）两杯水的温度相同，（c）备水的质量多，可知（c）＞（a）的内能，（a）、（b）两杯的质量温度都不相同，故无法进行比较．根据分析可以判断．【解答】解：观察上图（b）（c）（d）杯子中的水质量相同，温度越高，内能越大，可知（b）＜（c）＜（d）；内能的大小与物质的质量成正比，（a）、（c）两杯水的温度相同，（c）备水的质量多，可知（c）＞（a）的内能；（a）、（b）两杯的质量温度都不相同，故无法比较．故答案为A．7．小红在做“探究串联电路电压的规律”实验时，连好了如图所示的电路，闭合开关S后发现L1正常发光，L2只能微弱发光，以下对于这一现象产生原因的分析中，合理的是（）

A．灯泡L2发生了断路B．灯泡L2发生了短路C．由于灯泡L2的电阻较大，其实际功率较小D．由于灯泡L2的电阻较小，其实际功率较小【考点】探究串并联电路中的电流特点实验．【分析】（1）灯泡断路时，电路断路，两灯泡均不发光；（2）灯泡短路时，没有电流通过灯泡，不能发光；（3）两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断实际功率的大小，根据in内指示灯闪烁32次，此时电路总功率为600WB．小明家5月消耗的电能为960W•hC．小明家干路中的电流不得超过10AD．指示灯闪烁越快，电能表所在电路消耗的电能越多【考点】电能表参数的理解与电能的求法．【分析】（1）1600im△t知质量相同的两种液体吸收相同的热量，比热容大的温度升高少，因为乙升高的比甲少，故乙的比热容大．故答案为：质量；吸热；乙．三、解答题（本小题共7小题，共52分）21．按照题目要求作图．（1）用一杠杆提重物，如图甲所示，请画出图中为F的力臂．（2）图乙为某电路的实物图，请在虚线框内画出这个电路的电路图．（3）将电源、电流表、电压表三个元件符号填入图丙电路空缺处，要求S闭合后电流方向如图所示，且电压表测电阻R两端电压．

【考点】力臂的画法；电路图及元件符号；根据实物图画电路图．【分析】（1）力臂是从支点到力的作用线的距离．由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂．（2）从实物图中可以看出两灯泡并联连接，开关S1控制干路，S2控制L1所在支路，根据实物图画出电路图．（3）要使灯泡发光则必须有电源；电流表在电路中相当于短路，并且与用电器串联；电压表测L两端电压，所以电压表与L并联．【解答】解：（1）由支点O向F的作用线做垂线，垂线段的长度为F的力臂L．如图所示：；（2）由实物图可知，从电源正极开始分路，一路经过开关S2、灯泡L1，另一路经过L2，然后共同经开关S1回到电源负极；据此画出电路图，如图所示：；（3）因为电压表测电阻R两端电压，故电压表与R并联，所以中间一定为电压表；左边圆圈与电阻R串联，则左边为电流表，右边一定为电源，根据电流的方向可知上边为正极，如图所示：．22．小明搬了新家，用上了管道天然气，他了解到家中唯一的燃气装置﹣﹣燃气灶的效率为60%，最近一个月用了21m3的天然气．（1）完全燃烧这些天然气放出了多少焦的热量（2）如果这些热量全部用来对小轿车做功，以1000N的动力进行牵引，可使轿车行驶多远（3）如果这21m3的天然气全部由燃气灶烧水，能使多少千克的水温度升高50℃[水的比热容c=×103J/（g•℃），天然气的热值取q=4×107J/m3）]．【考点】燃料的热值；功的计算公式的应用；热量的计算．【分析】（1）已知天然气的热值和体积，可利用公式Q放=Vq计算完全燃烧21m3的天然气放出的热量；（2）知道轿车的牵引力，根据W=Fs求轿车行驶的距离；（3）知道水的比热容和温度的变化量以及吸收的热量，根据Q吸=cm△t求出加热水的质量．【解答】解：（1）21m3天然气完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=21m3××107J/m3=×108J；（2）因为Q放=W，根据W=Fs可知，轿车行驶的距离为：s===×105m；（3）由Q放=Q吸=cm△t可得，加热水的质量：m===4000g．答：（1）这些天然气完全燃烧放出×108J的热量；（2）这些热量可使轿车行驶×105m；（3）这些热量能使4000g的水温度升高50℃．23．小华家有一个煲汤用电热锅，简化电路如图所示，它的额定电压为220V，发热电阻R1，R2的阻值分别为80Ω、404Ω，接通电源，闭合开关S1、S2，电热锅处于“大火”加热状态，当锅内温度达到100℃时，开关S2自动断开，开关S1仍闭合，电热锅处于“小火”炖煮状态，忽略温度影响．

（1）电热锅在额定电压下，处于“大火”加热状态时，电路中的电流多大（2）电热锅在额定电压下，处于“小火”炖煮状态时，电功率多大（3）小华的爸爸在网上买了一个功率测量插座，可以测出用电器的实际功率，如图所示，她将电热锅插入功率测量插座，在“大火”加热状态下，显示功率为500W，则此时加在电热锅两端的实际电压是多少？

【考点】电功率的计算．【分析】（1）闭合开关S1、S2时，电路为R1的简单电路，电热锅处于“大火”加热状态，根据欧姆定律求出电路中的电流；（2）开关S2断开、S1仍闭合时，R1与R2串联，电热锅处于“小火”炖煮状态，根据电阻的串联和）1202030240205836020（1）从表中数据可以看出，他们让质量不同的钢球从斜面的同一高度滑下，使钢球滑到斜面底端的速度相同，从而探究动能与质量的关系、（2）第3次实验中，木块被撞后滑出木板，本次实验需要重做，甲建议换用同样材质较长的木板，乙建议换一个较大的木板，丙建议降低钢球下滑的高度，你认为应当采用甲的建议正确．（3）由上述实验数据和现象可得出结论：在速度一定时，质量越大动能越大．

【考点】探究影响物体动能大小的因素．【分析】（1）影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法，速度相同是研究动能与质量的关系；（2）由图知是控制速度相同时，研究动能与质量的关系，动能的大小通过木块移动距离的大小表现出来的；（3）通过数据得出结论．【解答】解：（1）使质量不同的钢球从相同的高度摆下，可使钢球到达竖直位置时速度相同，从而探究动能与质量的关系；（2）三次实验的目的是探究动能的大小与质量的关系，所以第3次实验应保证钢球的质量、木块的质量、钢球下摆的高度都不变，现做实验时木块被撞后滑出木板，所以应换用同样较长的木板，应采用甲的建议；（3）有表中的数据知：速度一定时，质量越大动能越大．故答案为：（1）速度；质量；（2）甲；（3）在速度一定时，质量越大动能越大．25．小明测量标有“”字样的小灯泡在不同电压下的电功率．（1）连接电路时，开关应断开（断开/闭合）．（2）图甲是未连接好的实验电路，请你用笔画线代替导线将它连接完整．（3）连接好电路后，闭合开关，无论怎样移动电阻器的滑片，发现小灯泡都不亮、电流表无示数，电压表有示数，则故障原因可能是小灯泡断路（短路/断路）．（4）故障排除后，他想测量灯泡的额定功率，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为V时，记下电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是W．（5）他根据测出的数据画出了小灯泡的电流与电压的关系图象，如图丙所示，通过分析发现小灯泡的电阻随电压升高逐渐变大，于是他认为导体电阻还与电压有关，这种说法是错误的，其解释是灯泡的电阻随温度的升高而增大；．（6）小明将灯泡换成不同的定值电阻，探究电流与电阻的关系，第一次接入的电阻5Ω，控制电阻两端的电压为2V，那么将5Ω电阻换成10Ω电阻时，应将电阻器滑片向左端调节，使电压表示数为2V，把10Ω的电阻换成20Ω的电阻，无论怎样调节滑片都无法使电压表示数调到控制值，说明她选择的滑动变阻器最大阻值太小（大/小）．【考点】电功率的测量；欧姆定律的应用．【分析】（1）连接电路时，为保户电路，开关应断开；（2）根据灯的额定电压确定电压表量程与灯并联；（3）若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了；（4）灯在额定电压下正常发光，由图中电流表小量程读数，根据P=UI求灯的额定功率；（5）由图根据欧姆定律求出电阻大小得出结论；导体电阻与导体的长度、材料、横截面积、和温度有关；灯泡的电阻随温度的升高而增大；（6）在探究电流与电阻关系时，应保持电压的大小不变，所以当换成较大电阻时，根据分压原理和串联电路电压的规律确定滑片的移动；变阻器在电路中起分压作用，当定值电阻换成20Ω后，变阻器连入电阻中的电阻必须继续调大，才能确保定值电阻两端的电压仍为2V，如果变阻器最大阻值太小，则无法达到调整的目的．【解答】解：（1）连接电路时，开关应断开；（2）灯的额定电压为，电压表选用小量程与灯并联，如下图所示：

（3）电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则故障原因可能是小灯泡断路；（4）当电压表的示数为时，记下电流表的示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为，示数为，则小灯泡的额定功率：P=UI=×=；（5）他根据测出的数据画出了小灯泡的电流与电压的关系图象，如图丙所示，当电压为时，通过的电流为；当电压表为3V时，通过的电流为，根据R=可求出对应的电阻为Ω、5Ω，即发现小灯泡的电阻随电压升高逐渐变大；但导体的电阻与所加的电压无关，所以，他认为导体电阻还与电压有关，这种说法是错误的，灯丝电阻增大是因为灯丝的电阻随温度的升高而增大；（6）在探究电流与电阻关系时，应保持电压的大小不变，所以当电阻从5Ω换成10Ω时，电阻变大，根据分压原理，电压表示数变大；为保证电压表示数不变，根据串联电路电压的规律，应增大变阻器分得的电压，由分压原理，变阻器连入电路中的电阻应增大，应向左调节滑片，使电压表示数仍为2V；滑动变阻器在电路中起分压作用，当定值电阻换成20Ω后，变阻器连入电路中的电阻必须继续调大，才能确保定值电阻两端的电压仍为2V，如果无论怎样调节滑片都无法使电压表示数调到控制值，说明她选择的滑动变阻器最大阻值太小了．故答案为：（1）断开；（2）如上图所示；（3）断路；（4）；；（5）变大；错误；灯泡的电阻随温度的升高而增大；（6）左；2；小．26．如图所示电路用的是等效替代法测量未知电阻阻值．其中R是待测电阻（阻值大约几百欧），R是滑动变阻器，R0是电阻箱（电阻箱的最大电阻值大于R），请根据实验电路图把下列主要实验步骤中的空白填齐．（1）按电路图连好电路，并将电阻箱R0的阻值调至最大．（2）只闭合开关S1和S3，调节滑片P，使电流表指针指在适当的位置，记下此时电流表的示数为I．（3）只闭合开关S1和S2，同时调节电阻箱（选填“滑动变阻器”或“电阻箱”），使电流表的示数为I．（4）读出电阻箱接入电路的阻值R0，即可知道R的阻值．

【考点】伏安法测电阻的探究实验．【分析】由等效替代法可知，当闭合开关S1，只闭合开关S2或S3时，保持滑动变阻器接入电路的阻值保持不变，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数相同，说明待测电阻R和电阻箱R0的阻值是等效电阻，即可得到待测电阻的大小．【解答】解：由等效替代法可知，当闭合开关S1，只闭合开关S2或S3时，保持滑动变阻器接入电路的阻值保持不变，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数相同，故实验步骤如下：（1）在图示电路中，按电路图连好电路，并将电阻箱R0的阻值调至最大．（2）只闭合开关S1和S3，调节滑片P，使电流表指针指在适当的位置，记下此时电流表的示数I．（3）只闭合开关S1和S2，保持R的电阻不变，同时调节电阻箱R0，使电流表的示数仍为I．（4）读出电阻箱接入电路的阻值R0；由于两次电流表示数相同，则两次的总电阻相同，即RR滑=R0R滑，所以R=R0．故答案为：（2）S3；（3）S2；电阻箱；I；（4）电阻箱接入电路的阻值R0．27．阅读短文，回答问题：远距离输电发电厂往往建在能源丰富的地方，电能由发电机发出，会沿着导线输送到几百千米甚至几千千米之外用电的地方．电流流过导线时，能量会有损失，主要损失是由电流的热效应引起的．为了减少输送中电能的损失，由P=I2R可知，应尽量减小导线的电阻，由于输电距离不能改变，只能使导线粗一些，但导线过粗不但会消耗大量的金属材料，而且给架线带来困难，另一种办法是减小导线中的电流，由P=UI可知，在输送电功率不变的前提下，要减小电流，必须提高电压，所以远距离输电主要采取高压输电的方式来减少线路上的损失，如图甲是电能输送的示意图．高压线和高压带电设备在正常运行时，所带电压常常是几千伏，几万伏甚至是几十万伏，在人体离它们较近时，高压线或高压设备所带的高电压，有可能击穿它们与人体之间的空气，发生放电现象，在电流通过人体时，造成电烧伤，甚至死亡，这就是所谓的高压电弧触电．

（1）在变电站旁常常立有如图1乙所示的警示牌，这样做的目的主要是提醒人们不能靠近高压带电体，从而避免发生高压电弧触电．（2）如图1所示是高压输电线上的一个金属支架，通过它的四根导线并联起来作为一根输电线使用，可以减小导线的电阻从而减少了高压输电线上的电能损失．（3）关于距离输电，下列表述错误的是DA．在输送功率不变时，提高输电电压会增大输电电流，从而增大输电损失B．在输送功率不变时，提高输电电压可以减小输电线电阻，从而减小输电损失C．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D．若能研制出常温下的超导体，用它制作远距离输电导线，将不需要高压输电方式（4）如果用220V和11V两种电压来输电，设备送的电功率，输电线上的功率损失、导线的长度和材料都相同，已知输电线电阻与横截面积反比，则所用输电线的横截面积之比是2500：1．（5）如图2为位于某电网线路上相距几十千米的甲、乙两地之间输电线和处于乙地的熔冰装置示意图，它接上电流后几十千米电线上的冰雪会融化，从而避免电网被冰雪压断，熔冰装置上的“”、“﹣”是两个接线端子，若要对甲、乙两地之间的“1”和“3”两根输电线同时熔冰，请你在图中以笔画线代替导线，进行切实可行的连接，实现熔冰（进行熔冰时交流电已切断）【考点】触电危害及常见的触电类型与预防；影响电阻大小的因素；电功率与电压、电流的关系．【分析】（1）对于高压带电体，我们不仅不能接触，也不能靠近；高压触电有两种