云南省大姚一中2023学年物理高二第二学期期末教学质量检测试题（含解析）

2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、斯诺克运动深受年轻人的喜爱，如图所示选手将质量为m的A球以速度v与质量为m静止的B球发生弹性碰撞，碰撞后B球的速度为A．v B．2v C．0.5v D．0.2v2、端午节期间，一位游客在南海新区岸边欲乘游船，由于风浪很大，游船上下浮动。把游船的浮动简化成竖直方向的简谐运动，振幅为30cm，周期为6.0s。当游船上升到最高点时，甲板刚好与码头地面平齐。当地面与甲板的高度差不超过15cm时，游客能舒适地登船。在一个周期内，游客能舒适登船的时间是（）A．1.0s B．1.5s C．2.0s D．3.0s3、下列说法正确的是（）A．原子核结合能越大，原子核越稳定B．光的波长越短，其波动性越明显；波长越长，其粒子性越显著C．氡的半衰期为3.8天，若有四个氡原子核，经过7.6天就只剩下一个D．核力是一种强相互作用力，在其作用范围内，可能是引力也可能是斥力4、小明在体育课上做单杠练习时，两臂伸直，双手平行握住单杠，之后逐渐增加双手间距，此过程中手臂上的拉力变化情况为()A．逐渐变小 B．逐渐变大 C．先变大后变小 D．先变小后变大5、A、B两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向一定相反B．前4s内A、B两物体的位移相同C．t＝4s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度小6、如图，木块A置于光滑的水平面上，A右侧面上端放置一小木块B，给B施加一水平向左的力F，使A、B保持相对静止一起向左运动，已知木块A、B质量均为m，A、B间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则F的最小值为A．μmg B．2μmg C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一定质量的理想气体，从状态A变到状态D，其状态变化过程的体积V随温度T变化的规律如图所示，已知状态A时气体的体积为V0，温度为T0，则气体由状态A变到状态D过程中，下列判断正确的是（）A．气体从外界吸收热量，内能增加B．气体体积增大，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数增大C．若状态D时气体的体积为2V0，则状态D的温度为2T0D．若气体对外做功为5J，增加的内能为9J，则气体放出的热量为14J8、晶体熔解过程中，温度和热量变化的情况是A．不吸收热量，温度保持不变 B．吸收热量，温度保持不变C．吸收热量用来增加晶体的内能 D．温度不变内能也不变9、下列说法正确的是（）A．物体可以从单一热源吸收热量全部用于做功B．当分子间距离减小时，分子间斥力增大，引力减小C．知道某物质的摩尔体积和阿伏伽德罗常数可求出分子的体积D．一定量的气体，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加10、梳子在梳头后带上电荷，摇动这把梳子在空中产生电磁波．该电磁波A．是横波B．不能在真空中传播C．在空气中的传播速度约为3×108m/sD．只能沿着梳子摇动的方向传播三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学做“利用单摆测重力加速度”的实验．(1)摆动时最大摆角应___（填“较大”或“较小”）．为了减小测量周期的误差，应用秒表测量单摆完成多次全振动所用的时间，求出周期；(2)该同学先测得摆长为L，然后用秒表记录单摆n次全振动所用的时间为t．用上述测得的物理量符号写出重力加速度的表达式g=_______;(3)如果他测得的g值偏小，可能的原因是____；A．测摆长时，只量了摆线长度，没计摆球半径B．振动中摆线上端松动，使摆长增加C．计时开始时，秒表过迟按下D．实验中误将49次全振动数为50次(4)为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长L并测出对应的周期T，从而得出多组T2与L的数据，再以T2为纵坐标，L为横坐标，描点连线，如图所示，并求得该直线的斜率为k．则重力加速度g=_______．（用k表示）12．（12分）(1)在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，电火花计时器(或电磁打点计时器)是用于测量________的仪器；我国使用的交流电的频率为50Hz，则相邻两个打点时间间隔是_____s.(2)如图所示是某位同学在研究小车的匀变速直线运动时，通过打点计时器(交流电的频率为50Hz)获得的一条纸带．在所打的点中，取A、B、C、D、E为计数点，相邻两个计数点之间还有四个点(未标出)，测出各计数点间的距离分别是s1、s2、s3、s4.，若已知s1＝2.00cm，s2＝4.00cm，s3＝6.00cm，s4＝8.00cm，则打下B点时小车的速度v＝________m/s，a＝________m/s2四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，坐标系xOy在竖直平面内，y轴的正方向竖直向上，y轴的右侧广大空间存在水平向左的匀强电场E1=1N/C，y轴的左侧广大空间存在匀强磁场和电场，磁场方向垂直纸面向外，B=1T，电场方向竖直向上，E1=1N/C．t=0时刻，一个带正电的质点在O点以的初速度沿着与x轴负方向成45°角射入y轴的左侧空间，质点的电量为，质量为，重力加速度g取10m/s1．求：(1)质点从O点射入后第一次通过y轴的位置；(1)质点从O点射入到第二次通过y轴所需时间；(3)E1为何值时，质点从O点射入恰好第二次通过y轴时经过O点．14．（16分）如图所示，质量均为的木板和滑块紧靠在一起静置在光滑水平面上，木块的上表面粗糙，滑块的表面的光滑的四分之一圆弧，点切线水平且与木板上表面相平，一可视为质点的物块质量也为，从木块的右端以初速度滑上木块，过点时的速度为，然后滑上滑块，最终恰好能滑到滑块的最高点处，重力加速度为，求：（1）物块滑到点时木块的速度大小；（2）滑块圆弧的半径.15．（12分）如图甲所示，平行长直导轨MN、PQ水平放置，两导轨间距L=0.5m，导轨左端M、P间接有一定值电阻，导体棒ab质量m=0.2kg，与导轨间的动摩擦因数μ=0.1，导体棒垂直于导轨放在距离左端d=1m处，导轨和导体棒始终接触良好，电阻均忽略不计.整个装置处在范围足够大的匀强磁场中，t=0时刻，磁场方向竖直向下，此后，磁感应强度B随时间t的变化如图乙所示，在0～3s内导体棒被固定，3s后释放导体棒，t=1s时棒所受到的安培力F=0.05N.不计感应电流磁场的影响，取重力加速度g=10m/s²，最大静摩擦力等于滑动摩擦力.(1)求定值电阻的阻值R；(2)若t=4s时，突然使ab棒获得向右的速度v=20m/s，求此时导体棒的加速度大小a.

2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【答案解析】

两球发生弹性碰撞，则碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv=mvA+mvB，由机械能守恒定律得：，解得：vA=0，vB=v；A．v，与结论相符，选项A正确；B．2v，与结论不相符，选项B错误；C．0.5v，与结论不相符，选项C错误；D．0.2v，与结论不相符，选项C错误；2、C【答案解析】

根据题意，甲板的振动可表示为当地面与甲板的高度差等于15cm时，解得所以在一个周期内，游客能舒适登船的时间是故选C。3、D【答案解析】

A.原子核比结合能越大，原子核越稳定，选项A错误；B.光的波长越短，其粒子性越明显；波长越长，其波动性越显著，选项B错误；C.半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少量原子核的衰变不适应，选项C错误；D.核力是一种强相互作用力，在其作用范围内，可能是引力也可能是斥力，选项D正确.4、B【答案解析】

对运动员受力分析，如图所示：则运动员所受T的合力F与运动员重力大小相等方向相反，故夹角增大时合力大小不变；手臂间距增大时，相当于在力图中两力T之间的夹角θ增大，2T则T逐渐变大。A.通过分析可知，当手臂间距增大时，T逐渐变大，故A不符合题意；B.通过分析可知，当手臂间距增大时，T逐渐变大，故B符合题意；C.通过分析可知，当手臂间距增大时，T逐渐变大，故C不符合题意；D.通过分析可知，当手臂间距增大时，T逐渐变大，故D不符合题意。5、C【答案解析】

A.由图可知，两物体的速度均沿正方向，故运动方向相同，A错误；B.根据图象与时间轴围成的面积表示两物体通过的位移，则知前4s内B物体的位移比A的位移大，故B错误。C.在t＝4s时，两图象相交，表示两物体的速度相同，故C正确；D.由速度图象的斜率大小等于加速度大小，前4s内二者速度的变化量大小相等，则知A物体的加速度与B物体的加速度大小相等，故D错误。6、C【答案解析】

将A、B看成整体，根据牛顿第二定律得：隔离物体A受力分析，得：，其中为B给A的弹力解得：欲使A、B两物块在接触面上无相对滑动，则B物块所受重力和静摩擦力二力平衡，即：．若为最大静摩擦力，则F最小，即又联立方程，解得F的最小值为．故本题选C．【答案点睛】利用整体法和隔离法，可求出两物块运动过程中接触面上的弹力；以B为研究对象，在竖直方向受力分析，利用二力平衡，可得B受到得静摩擦力和重力相等；若该静摩擦力是最大值，则接触面上正压力最小，外力F最小．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【答案解析】试题分析：气体由状态A变到状态D过程中，温度升高，内能增大；体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律分析吸放热情况．根据体积变化，分析密度变化．根据热力学第一定律求解气体的吸或放热量．气体由状态A变到状态D过程中，温度升高，内能增大；体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律分析得知，气体从外界吸收热量，A正确；由图示图象可知，从A到D过程，气体的体积增大，两个状态的V与T成正比，由理想气体状态方程PVT=C可知，两个状态的压强相等；A、D两状态气体压强相等，而D的体积大于A的体积，则单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少，B错误；由图示图象可知，从A到D过程，两个状态的V与T成正比，由理想气体状态方程PVT=C可知，两个状态的压强相等，从A到D是等压变化，由盖吕萨克定律得VATA=VDTD，即V0T0=2V0TD8、BC【答案解析】

晶体熔化时的温度叫做熔点，晶体熔化的过程中要不断吸热，吸热为了增加内能，但温度保持不变。A.不吸收热量，温度保持不变，与结论不相符，选项A错误；B.吸收热量，温度保持不变，与结论相符，选项B正确；C.吸收热量用来增加晶体的内能，与结论相符，选项C正确；D.温度不变内能也不变，与结论不相符，选项D错误；9、AD【答案解析】分析：解答本题需要掌握：正确利用热力学第二定律的各种表述；气体分子间距离很大，分子力为零，因此分子势能也为零；对于气体分子我们无法求出其体积大小，只能求出分子活动空间所占体积；能量的转化和守恒是自然界普遍存在的规律．解答：解：A、在引起其它变化的情况下，物体可以从单一热源吸收热量全部用来做功，故A正确；B、由于气体分子之间距离大，分子力为零，分子势能也为零，因此当气体的温度变化时，其分子的平均动能变化，但是分子势能不变，故B错误；C、对气体而言我们无法求出其分子体积大小，只能求出分子活动空间，故C错误；D、一定量的气体，在压强不变时，随着温度降低体积在减小，所以分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数在增加，故D正确故答案选AD10、AC【答案解析】A、电磁波是横波，故A正确；B、电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在真空中传播，故B错误；C、电磁波在空气中的传播速度约为3×108m/s，故C正确；D、电磁波其传播方向垂直于电场与磁场构成的平面，故D错误；故选AC．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）较小（2）（3）AB（4）【答案解析】

(1)单摆摆角较小时，才能看作简谐运动；单摆摆动时最大摆角应较小．(2)单摆n次全振动所用的时间为t，则单摆的周期；单摆的摆长为L，则；联立解得：重力加速度．(3)A：测摆长时，只量了摆线长度，没计摆球半径，测得的摆长小于实际摆长，据可知测得的g值偏小．故A项可能．B：振动中摆线上端松动，使摆长增加；测得的摆长小于实际摆长，据可知测得的g值偏小．故B项可能．C：计时开始时，秒表过迟按下，测得的时间t小于实际时间，据可知测得的g值偏大．故C项不可能．D：实验中误将49次全振动数为50次，测得的时间t小于实际时间，据可知测得的g值偏大．故D项不可能．综上，本题答案为AB．(4)据可得：．，再以T2为纵坐标，L为横坐标，描点连线，该直线的斜率，则重力加速度．12、（1）时间；0.02s（2）0.30m/s；2m/s2【答案解析】

（1）在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，电火花计时器(或电磁打点计时器)是用于测量时间的仪器；我国使用的交流电的频率为50Hz，则相邻两个打点时间间隔是0.02s.（2）相邻两个计数点之间还有四个点，则T=0.1s；B点速度等于AC段瞬时速度，故有：vB=2.00+4.002×0.1×10−2根据公式△x=aT2，∆x=2cm,有：a=四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(1)(3)【答案解析】

（1）质点从O点进入左侧空间后，电场力与重力平衡，质点在第二象限内做匀速圆周运动，洛仑兹力充当向心力质点第一次通过y轴的位置即点从O点射入后第一次通过y轴的位置为