重难点01七种零点问题（核心考点讲与练）-2023年高考数学一轮复习核心考点讲与练（新高考专用）解析+原卷

1、重难点01七种零点问题（核心考点讲与练）-2023年高考数学一轮复习核心考点讲与练（新高考专用）(解析版）重难点01七种零点问题（核心考点讲与练）-2023年高考数学一轮复习核心考点讲与练（新高考专用）(解析版）重难点01七种零点问题（核心考点讲与练）-2023年高考数学一轮复习核心考点讲与练（新高考专用）(解析版）重难点01七种零点问题【核心考点讲与练】-2023年高考数学一轮复习核心考点讲与练【新高考专用】【解析版】重难点01七种零点问题（核心考点讲与练）-2023年高考数学一轮复习核心考点讲与练（新高考专用）(原卷版）重难点01七种零点问题（核心考点讲与练）-2023年高考数学一轮复习核

2、心考点讲与练（新高考专用）(原卷版）重难点01七种零点问题（核心考点讲与练）-2023年高考数学一轮复习核心考点讲与练（新高考专用）(原卷版）重难点1七种零点问题【核心考试点讲与练】方法技巧方法技巧1.转化思想在函数零点问题中的应用方程解的个数问题可转化为两个函数图象交点的个数问题；已知方程有解求参数范围问题可转化为函数值域问题.未经许可 请勿转载。判断函数零点个数的常用方法【】通过解方程来判断.【2】根据零点存在性定理，结合函数性质来判断【3】将函数y【】-g【】的零点个数转化为函数=f【】与=g【x】图象公共点的个数来判断.未经许可 请勿转载正弦型函数的零点个数问题,可先求出零点的一般形式

3、，再根据零点的分布得到关于整数的不等式组，从而可求相应的参数的取值范围未经许可 请勿转载4。涉及含参的函数零点问题，利用导数分类讨论，研究函数的单调性、最值等，结合零点存在性定理，借助数形结合思想分析解决问题.未经许可 请勿转载5.函数零点的求解与判断方法:【】直接求零点：令f【x】0，如果能求出解，则有几个解就有几个零点.【2】零点存在性定理:利用定理不仅要函数在区间,b上是连续不断的曲线，且f【】【b】，还必须结合函数的图象与性质【如单调性、奇偶性】才能确定函数有多少个零点。未经许可 请勿转载【3】利用图象交点的个数：将函数变形为两个函数的差,画两个函数的图象,看其交点的横坐标有几个不同的

4、值，就有几个不同的零点.未经许可 请勿转载6。对于复合函数的零点个数问题,求解思路如下：【1】确定内层函数和外层函数;【】确定外层函数的零点;【3】确定直线与内层函数图象的交点个数分别为、，则函数的零点个数为未经许可 请勿转载能力拓展能力拓展题型一:零点存在定理法判断函数零点所在区间一、单项选择题1。【222河南河南三模【理】若实数，满足,，则【】未经许可 请勿转载AB。CD。【答案：】A【分析】结合对数函数、函数零点存在性定理等知识求得正确答案:.【详解】,，对于函数,在上递增，所以存在唯一零点,使，所以对于，有,所以故选：A2.【2022黑龙江双鸭山一中高三期末【理】函数的零点所在的区间为

5、【】未经许可 请勿转载A.BCD【答案】B【分析】根据零点存在定理，先判断函数的单调性，再计算函数在端点处的函数值，即可得到答案：.未经许可 请勿转载【详解】 ,由对数函数和幂函数的性质可知，函数在时为单调增函数，, ，因为在内是递增,故 ,函数是连续函数，由零点判断定理知，的零点在区间内，故选：.3.【022北京密云高三期末】心理学家有时使用函数来测定在时间内能够记忆的量,其中表示需要记忆的量，表示记忆率.假设一个学生有200个单词要记忆，心理学家测定在min内该学生记忆20个单词则记忆率所在区间为【】未经许可 请勿转载A.B.C。【答案:】A【分析】先根据题意解方程，解出,在和端点值比较大

6、小,由函数单调性和函数连续得到结果.未经许可 请勿转载【详解】将代入，解得:,其中单调递减，而，而在上单调递减，所以,结合单调性可知,即，而，其中为连续函数，故记忆率所在区间为未经许可 请勿转载故选：A【202河南焦作一模【理】设函数的零点为，则【】未经许可 请勿转载A.BC.【答案：】B【分析】根据零点存在性定理进行求解【详解】易知在上单调递增且连续由于，,，当时,所以故选：B5。【221江苏泰州中学高三阶段练习】已知,函数的零点为，的极小值点为，则【】未经许可 请勿转载A.BCD。【答案：】【分析】求出的值,利用零点存在定理得出，然后比较、的大小关系，结合函数的单调性可得出结论未经许可 请

7、勿转载【详解】因为的定义域为,则函数在其定义域上为增函数，则,则，因为，由零点存在定理可知，由可得,。当或时，；当时,.所以，。因为，所以，故.故选：.6。【2022安徽安庆一中高三期末【理】函数的零点所在的区间为【】未经许可 请勿转载B.C。D。【答案：】B【分析】依据函数零点存在定理去判断的零点所在的区间即可.【详解】为上的递增函数，则函数的零点所在的区间为故选：B二、多项选择题。【2022湖北荆州中学高三开学考试】函数在区间的最小值为，且在区间唯一的极大值点则下列说法正确的有【】B.C.【答案：】D【分析】由题可得，由可知，进而可求，然后再证明即得；再利用数形结合可得在上存在唯一的零点，

8、利用零点存在定理及三角函数的性质即得。未经许可 请勿转载【详解】，又函数在区间的最小值为，函数在区间上不单调,又，时,函数在区间上取得最小值，可得原条件的一个必要条件,即，下面证明充分性:当时，令，则,函数在上单调递增，又，函数在上存在唯一的零点，且在上,在上，函数在区间的最小值为，综上,故A正确；， 令,得，由函数图象可知在区间上只有一个交点，即存在唯一，使得，又，故，且当时,，当时，在区间上，唯一的极大值点，,，.故CD正确.故选：AC8.【22全国高三专题练习】设函数的定义域为R，如果存在常数,对于任意，都有,则称函数是“类周期函数”，为函数的“类周期”现有下面四个命题，正确的是【】未经

9、许可 请勿转载。函数是“类周期函数”函数是“类周期函数”C.如果函数是“类周期函数”，那么“，D.如果“类周期函数的“类周期”为,那么它是周期为2的周期函数【答案:】AD【分析】根据类周期函数的定义，分别进行判断即可【详解】解：对于A，若函数是“类周期函数”,则存在非零常数,使，即，即，即，令,因为，且函数在上连续，所以函数在上存在零点，即方程在上有解，即存在常数，对于任意，都有，所以函数是“类周期函数”，故正确；对于B,若函数是“类周期函数,则存在非零常数,使，即，则,即对任意的恒成立，则，矛盾，所以不存在常数,对于任意,都有,所以函数不是“类周期函数，故B错误。对于,若函数是“类周期函数”

10、,则存在非零常数,使,即；故或,当时，由诱导公式得,;当时，由诱导公式得，；故“，”，故C正确；对于，如果“类周期函数”的“类周期为，则，即；故它是周期为的周期函数；故D正确。故选：D.9.【202江西模拟预测】已知实数,设方程的两个实数根分别为，则下列结论正确的是【】未经许可 请勿转载A。不等式的解集为B不等式的解集可能为空集。D【答案：】AD【分析】构造二次函数，分析函数的图象特征即可判断作答。【详解】令，因，则函数的图象对称轴，且在上递减,在上递增,又,，于是得函数有两个零点，且满足，不等式的解集为,所以A正确，不正确，不正确，D正确。故选:AD三、填空题10【222全国高三专题练习】下

11、列命题中，正确的是_。【写出所有正确命题的编号】未经许可 请勿转载在中,是的充要条件；函数的最大值是;若命题“，使得”是假命题，则；若函数,，则函数在区间内必有零点【答案:】【分析】利用大边对大角和正弦定理可证;变形后利用基本不等式进行求解最大值;先把命题否定，得到对，恒成立,分与两种情况求出的取值范围；先根据得到，得到，接下来分与,利用零点存在性定理得到答案：未经许可 请勿转载【详解】在中，因为，所以,由正弦定理得：，所以，同理可证，当时，故在中,是的充要条件，正确；因为，所以，所以，当且仅当，即时，等号成立，所以函数的最大值是,错误；命题“，使得”是假命题,则对，恒成立，当时，不恒成立,当

12、时，只需,解得：,综上：若命题“,使得是假命题，则；正确；，所以,因为,当时，因为,所以，故，由零点存在性定理得:在区间上,至少存在一个零点，当，由零点存在性定理得：在区间上至少存在一个零点,综上：函数在区间内必有零点，正确.未经许可 请勿转载故答案：为：1【2022全国高三专题练习】已知函数，且,为的导函数，下列命题：未经许可 请勿转载存在实数，使得导函数为增函数；当时，函数不单调;当时,函数在上单调递减；当时，函数有极值在以上命题中，正确的命题序号是_。【答案：】【分析】求，令可判断;根据零点存性定理可判断使得，可判断；令，求,由的符号判断的单调性,可求得恒成立即恒成立可判断；求的单调性,

13、根据零点存在性定理可知，使得可判断,进而可得正确答案:.未经许可 请勿转载【详解】由可得，对于，若时，为增函数，故对；对于，若时,，使得，所以函数不单调,故对；对于，令，则，当时,由得，由得所以在上单调递增,在上单调递减,从而,要使,则令,则，所以，令，则在单调递减,在单调递增,而，所以恒成立，从而，即恒成立，即在上单调减.故正确；对于,当时,，,可知在单调递减，在单调递增，因为,，使得，所以函数有极值,故对.综上所述：都正确,故答案：为:。12【202福建三明一中高三学业考试】已知函数的零点,则_.未经许可 请勿转载【答案：】-3或【分析】对函数求导,借助导数探讨其单调性,再用零点存在性定理

14、分析计算即得。未经许可 请勿转载【详解】对函数求导得：，由得，解得,当时,，当时，于是得在上递减，在上递增，显然，,则函数在区间上存在一个零点，又,即函数在区间上存在一个零点,因函数的零点，则或,所以或。故答案:为：3或213.【22全国高三专题练习】已知,均为正实数,且满足，,则下面四个判断:;；;。其中一定成立的有_【填序号即可】。未经许可 请勿转载【答案:】【分析】令,利用零点存在性定理可得,，从而可得，然后利用不等式的性质和函数的单调性逐个分析判断未经许可 请勿转载【详解】令，则在上单调递减，因为【1】,，所以.，,，:可能小于等于0,错误,:，,正确，：，正确，:，,.正确,故答案:

15、为:。14【2020湖南邵阳三模【理】在数学中,布劳威尔不动点定理是拓朴学里一个非常重要的不动点定理，它可应用到有限维空间并构成了一般不动点定理的基石,简单来讲就是对于满足一定条件的连续函数，存在一个点,使，那么我们称该函数为“不动点”函数,给出下列函数：；;【】；其中为“不动点函数的是_。【写出所有满足条件的函数的序号】未经许可 请勿转载【答案：】【分析】对于选项,直接代入求解即可判断;对于选项，先根据条件构造函数，判断函数的单调性，利用零点存在性定理判断即可.未经许可 请勿转载【详解】,得或满足条件，故满足题意；，当时，或；当时,或,即；满足条件,故满足题意；,令，易知为上的增函数,又，由

16、零点存在性定理得在区间存在唯一的零点.故满足题意；【】，令,又，则,易知为上的增函数，又，由零点存在性定理得在区间存在唯一的零点。故满足题意;无实数解，故满足题意；故答案:为：。【点睛】本题主要考查了对布劳威尔不动点定理的理解,考查了零点存在性定理;考查学生的逻辑推理能力，运算求解能力。属于中档题.未经许可 请勿转载15。【2020全国高三专题练习【理】函数f【x】=-，g【x】1-x+,若函数【x】f【x+3】g【x4】,且函数F【x】的零点均在a,b【b,a,bZ】内，则b-的最小值为_.未经许可 请勿转载【答案：】0【分析】分别求出f【】、【】零点所在区间，即可得到【x】、g【x4】的零

17、点所在区间，结合题意，即可得到ba的最小值。未经许可 请勿转载【详解】f【x】1x，恒成立，f【x】=1在上是单调递增函数【0】10，f【1】=，f【x】在区间-1，上存在唯一零点，f【】在区间4，3上存在唯一零点;又【x】=1x+，恒成立,【x】1x在R上是单调递减函数,【2】=,g【1】=，【x】在区间，2上存在唯一零点，g【4】在区间5,6上存在唯一零点,由【x】f【】g【-4】0,得f【x3】0或g【x4】0,未经许可 请勿转载故函数【】的零点均在4,6内，则-a的最小值为10。故答案：为：0。【点睛】本题考查利用导数判断函数的单调性、函数零点与方程,考查分析理解,求值计算的能力，属中

18、档题未经许可 请勿转载四、解答题6。【202陕西西安高三阶段练习【文】已知函数【e为自然对数的底数，】.未经许可 请勿转载【1】若,求证：在区间内有唯一零点；【2】若在其定义域上单调递减，求a的取值范围。【答案:】【1】证明见解析;【】【分析】【】把代入，求出并探讨其单调性,再结合零点存在性定理判断作答.【2】利用给定单调性建立不等式，再分类分离参数，构造函数，讨论求解作答【1】当时,，求导得:,令，则，则函数在上单调递增，即函数在R上单调递增，而，,由函数零点存在性定理知，存在唯一，有，所以在区间内有唯一零点.【】函数的定义域是,依题意，,成立，当时，成立，当时，令，,即函数在上单调递增，又

19、当时，恒成立，于是得，当时,，令,，当时，,当时，因此,在上单调递减，在上单调递增，当时,于是得，综上得：,所以a的取值范围是.【点睛】思路点睛：涉及函数不等式恒成立问题,可以探讨函数的最值,借助函数最值转化解决问题。未经许可 请勿转载。【2022贵州遵义高三开学考试【理】已知函数【1】讨论的导函数零点的个数；【2】若的最小值为e,求a的取值范围【答案：】【1】答案:见解析；【2】.【分析】【1】对求导有,再研究的单调性，结合及零点存在性定理，讨论的范围判断零点的个数。未经许可 请勿转载【2】讨论、，结合的符号研究的单调性并结合求参数a的范围.【1】，令，则,故在上单调递增，而，当时,无解；当

20、时,由，,故有一个在上的解；当时，由,故的解为1；当时，由，故有一个在上的解;综上，当或时,导函数只有一个零点.当或时，导函数有两个零点【2】当时,，则函数在处取得最小值.当时，由【1】知:在上单调递增,则必存在正数使得.若则，在上，则，在上，则，在上，则，所以在和上单调递增，在上单调递减，又,不合题意.若则,在上,则在上单调递增，又，不合题意.若则,在上,则，在上,则，在上，则，所以在和上单调递增，在上单调递减，则,解得,即。综上，.题型二:方程法判断零点个数一、单项选择题【2022福建福州三模】已知函数，以下结论中错误的是【】未经许可 请勿转载A。是偶函数B有无数个零点C。的最小值为。的最

21、大值为【答案：】C【分析】由奇偶性定义可判断出A正确；令可确定正确;根据定义域为，可知若最小值为，则是的一个极小值点，根据可知C错误;由时，取得最大值，取得最小值可确定正确。未经许可 请勿转载【详解】对于A，定义域为，,为偶函数，A正确;对于B,令,即,解得：，有无数个零点,B正确;对于C,若的最小值为，则是的一个极小值点,则；,，不是的极小值点，C错误;对于D，,;则当，即时，取得最大值，D正确。故选:C。2【202北京模拟预测】已知函数,且，则的零点个数为【】未经许可 请勿转载.个B。个C。个D个【答案：】C【分析】解三角方程求得的零点即可解决【详解】由可得或，又,则，或，或则的零点个数为

22、3故选:3【2022安徽芜湖一中一模【理】声音是由物体振动产生的声波，我们听到的声音中包含着正弦函数。若某声音对应的函数可近似为,则下列叙述正确的是【】未经许可 请勿转载.为的对称轴B。为的对称中心在区间上有3个零点D在区间上单调递增【答案：】D【分析】利用知关于直线对称的性质验证A；求得可判断B;化简,令，得，进而判断C;利用导数研究函数的单调性可判断D。未经许可 请勿转载【详解】对于A，由已知得,即，故不关于对称，故A错误；对于B，,故B错误；对于C，利用二倍角公式知，令得或，即，所以该函数在区间内有4个零点，故C错误；未经许可 请勿转载对于，求导，令，由,知,即,利用二次函数性质知，即,

23、可知在区间上单调递增，故D正确；未经许可 请勿转载故选:4.【02全国高三专题练习】已知函数f(x)=x+2,x0,令【】，则x=0或x或xm时，令f【x】=0,则时,，则【】，时,【】，显然时的方程【*】最多有两个负根，而x0时的方程【】最多只有一正根，未经许可 请勿转载为了满足题意,则x时必有1根，则1-m0，且根为x=,m1;x0时方程必然有两个负根,则,0m1;综上所述，m故答案：为：.四、解答题1.【2022全国模拟预测【文】已知函数.【】讨论的单调性；【2】当时，证明在上有且仅有两个零点。【分析】【1】求得，分、三种情况讨论，分析导数的符号变化,由此可得出函数的增区间和减区间；未经

24、许可 请勿转载【2】由可得出，由结合判别式可判断出方程的根的个数，由此可证得结论成立。【1】解：函数的定义域为,.当时,则，由可得,由可得,此时函数的单调递增区间为,单调递减区间为;当时,由可得或.当时,由可得或，由可得，此时函数的单调递减区间为、，单调递增区间为；当时，由可得，由可得或，此时函数的单调递增区间为、,单调递减区间为综上所述，当时，函数的单调递减区间为、,单调递增区间为；当时，函数的单调递增区间为，单调递减区间为;当时，函数的单调递增区间为、，单调递减区间为【2】解:由可得,因为，则，即关于的方程有两个不等的实根，所以，当时，在上有且仅有两个零点【点睛】思路点睛:讨论含参函数的单

25、调性，通常注意以下几个方面：【】求导后看最高次项系数是否为，须需分类讨论；【2】若最高次项系数不为，通常是二次函数,若二次函数开口方向确定时,再根据判别式讨论无根或两根相等的情况；未经许可 请勿转载【3】再根据判别式讨论两根不等时，注意两根大小比较，或与定义域比较。12。【20四川省高县中学校模拟预测【文】已知函数【】当时，判定的零点的个数；【】是否存在实数,使得当时，恒成立?若存在,求出的取值范围；若不存在，请说明理由.【答案：】【1】个【】存在，且的取值范围是.【分析】【】解方程，即可得解;【2】由,分析可知当且时，由可得,分、三种情况分析，结合一次函数的基本性质可得出关于实数的不等式，综

26、合可求得实数的取值范围。未经许可 请勿转载【1】解:当时，令,可得或，此时函数有个零点.【】解:当时，由。当时，对任意的，满足题意;当且时，由可得,若,则有,合乎题意；若，当时，则对任意的不可能恒成立，舍去；若，则有，解得，此时.综上所述，当时，当时，恒成立.题型三：数形结合法判段函数零点个数一、单项选择题【022安徽淮南二模【文】已知函数，则下列关于函数的描述中，其中正确的是【】。未经许可 请勿转载当时，函数没有零点；当时,函数有两不同零点,它们互为倒数;当时，函数有两个不同零点；当时，函数有四个不同零点，且这四个零点之积为1.。CD。【答案：】C【分析】画出函数图象即可判断，令解方程即可判

27、断，将零点问题转化成函数图象交点的问题,利用数形结合即可判断和.未经许可 请勿转载【详解】当时，函数图象如下图所示，由此可知该函数只有一个零点，故不正确；当时,则函数的零点为和,函数有两个不同零点,由函数的图象可知，解得，当时，则函数的零点为和,此情况不存在有两不同零点，则函数有两不同零点时的取值范围是,设对应的两个零点为,即或，解得,，则，所以它们互为倒数,故正确;当时,函数解析式为，令,解得,令，解得或，由此可知函数有三个零点,故不正确；当时,则函数的零点为和,函数有四个不同零点，由函数的图象可知，解得,当时,则函数的零点为和，此情况不存在有两不同零点;设对应的两个零点为，,即或,解得，当

28、时,整理得,当时,则该方程存在两个不等的实数根和，由韦达定理得,所以,则故正确；故选：【202河南安阳模拟预测【文】已知函数,则关于的方程有个不同实数解,则实数满足【】未经许可 请勿转载A且B.且C且.且【答案:】C【分析】令,利用换元法可得，由一元二次方程的定义知该方程至多有两个实根、,作出函数的图象,结合题意和图象可得、,进而得出结果未经许可 请勿转载【详解】令,作出函数的图象如下图所示：由于方程至多两个实根,设为和,由图象可知，直线与函数图象的交点个数可能为034,由于关于的方程有7个不同实数解，则关于的二次方程的一根为，则，则方程的另一根为，直线与函数图象的交点个数必为，则，解得.所以

29、且故选：C。3.【0安徽模拟预测【文】已知函数，若有4个零点,则实数a的取值范围是【】未经许可 请勿转载ABC。D【答案:】【分析】在同一坐标系中作出的图象，根据有个零点求解。【详解】解：令，得,在同一坐标系中作出的图象,如图所示：由图象知：若有4个零点,则实数a的取值范围是，故选：A4【2022河南河南三模【理】函数的所有零点之和为【】未经许可 请勿转载A。B。2D.6【答案：】【分析】结合函数的对称性求得正确答案：.【详解】令，得,图象关于对称,在上递减。，令,所以是奇函数，图象关于原点对称，所以图象关于对称，,在上递增，所以与有两个交点，两个交点关于对称，所以函数的所有零点之和为。故选:

30、二、多项选择题5.【022广东普宁市华侨中学二模】对于函数，下列结论中正确的是【】未经许可 请勿转载。任取，都有，其中;C。对一切恒成立;函数有个零点;【答案：】C【分析】作出函数的图象对于A：利用图象求出，即可判断；对于B：直接求出，即可判断；未经许可 请勿转载对于：由，求得，即可判断；对于：作出和的图象,判断出函数有3个零点【详解】作出函数的图象如图所示。所以。对于A：任取，都有。故正确;对于B:因为,所以故错误；对于C：由，得到，即。故C正确；对于D：函数的定义域为作出和的图象如图所示：当时，;当时,函数与函数的图象有一个交点；当时,因为,所以函数与函数的图象有一个交点,所以函数有3个零

31、点。故正确.未经许可 请勿转载故选:AC6。【202江苏南京市宁海中学模拟预测】已知是定义在R上的偶函数,且对任意,有,当时,则【】未经许可 请勿转载。是以2为周期的周期函数B点是函数的一个对称中心C.函数有个零点【答案：】B【分析】首先根据函数的对称性求出的周期和对称中心，然后求得。利用图象法即可判断.未经许可 请勿转载【详解】依题意，为偶函数，且，有，即关于对称，则，所以是周期为4的周期函数，故错误；因为的周期为4,关于对称，所以是函数的一个对称中心,故B正确;因为的周期为4，则，所以，故C错误；作函数和的图象如下图所示，由图可知,两个函数图象有3个交点，所以函数有3个零点，故D正确故选:

32、BD.三、填空题7。【2022四川成都七中三模【文】已知函数，则函数的零点个数是_个.未经许可 请勿转载【答案：】3【分析】函数的零点个数等价于函数函数与的交点个数，作出函数与的图象，结合图象即可求出结果。【详解】函数有的零点个数等价于函数函数与的交点个数，作出函数与的图象，如图：,由图可知,函数与有3个交点，故函数有的零点个数为3，故答案：为：3.8。【22内蒙古呼和浩特一模【理】下面四个命题：已知函数的定义域为，若为偶函数,为奇函数，则；存在负数,使得恰有个零点;已知多项式，则；设一组样本数据的方差为，则数据的方差为其中真命题的序号为_.【答案：】 【分析】对于利用函数奇偶性性质求解即可；

33、对于数形结合判断即可；对于利用二项式定理求解即可;对于利用平均数和方差公式求解即可。【详解】对于：因为为偶函数,即，令,所以，又因为为奇函数，所以，令，所以，所以,故正确；对于:存在负数,使得恰有个零点等价于和,有三个不同交点，且恒过点，画出图像如下所示:根据图像判断至多有两个交点，故不正确；对于:，所以的系数为:，故正确;对于：设的平均数为,则其方差为：,则的平均数为，则其方差为:，故不正确.故答案：为: .【202四川成都二模【文】定义在上的奇函数f【x】满足，且当时,。则函数的所有零点之和为_未经许可 请勿转载【答案：】【分析】判断出的对称性、周期性,画出的图象，结合图象求得的所有零点之

34、和【详解】依题意,定义在上的奇函数f【x】满足，,所以关于对称,所以是周期为的周期函数.，所以关于点对称。关于点对称。当时，画出的图象如下图所示,由图可知，有个公共点，所以的所有零点和为.故答案：为:0.【2022全国高三专题练习】已知，给出下列四个结论:【1】若,则有两个零点;【2】，使得有一个零点；【3】，使得有三个零点;【4】,使得有三个零点。以上正确结论的序号是 _【答案：】【】【2】【】【分析】将函数零点个数问题转化为两个函数图象的交点个数问题,作图可解.【详解】函数的零点的个数可转化为函数与直线的交点的个数；作函数与直线的图象如图，若，则函数与直线的图象在与上各有一个交点,则有两个

35、零点,故【】正确；若,则当函数与直线的图象相切时，有一个零点，故【2】正确;当时，函数与直线的图象至多有两个交点,故【3】不正确;当且足够小时,函数与直线的图象在与上分别有1个、2个交点，故【】正确；故答案：为：【1】【2】【4】四、解答题11【2022北京高三学业考试】给定集合，为定义在D上的函数,当时，且对任意,都有_.未经许可 请勿转载从条件、条件、条件这三个条件中选择一个作为已知,补充在横线处，使存在且唯一确定.未经许可 请勿转载条件:；条件：;条件：解答下列问题：【】写出和的值；【2】写出在上的单调区间；【3】设,写出的零点个数.【分析】判断条件不合题意.选择条件、则先求得当时，的表

36、达式，然后结合函数的解析式、单调性、零点，对【1】【2】【3】进行分析，从而确定正确答案:未经许可 请勿转载【详解】依题意的定义域为，当时，对于条件，对任意，都有，以替换，则，这与矛盾，所以条件不合题意.若选条件，当时,【1】.【2】对于函数,任取，其中，当时，,所以在上递减.当时,，所以在上递增。所以在区间，同理可证得：在上递增，在上递减，.当时，由上述分析可知,在上递增，在上递减。且.【】，由【】的分析可画出的大致图象如下图所示，所以，当或或时，的零点个数是；当或时，的零点个数是1；当或时，的零点个数是2.若选条件，当时，由得,【1】.【2】对于函数,根据上述分析可知:在上递减，在上递增,

37、且在区间，。对于，任取，其中.当时，递增；当时，,递减。所以的增区间为,减区间为且.【3】,结合上述分析画出的大致图象如下图所示,所以当时，的零点个数是0；当时，的零点个数是【点睛】利用函数的单调性的定义求函数的单调性，主要是计算出的符号.求解函数零点问题,可利用分离参数法，结合函数图象来进行求解。未经许可 请勿转载【202河北高三阶段练习】已知函数的最小正周期为.【1】求函数的单调递增区间;【】若先将函数图像上所有点的横坐标伸长为原来的2倍【纵坐标不变】，再将其图像向左平移个单位长度,得到函数的图像，求方程在上根的个数。未经许可 请勿转载【答案：】【】，;【】4.【分析】【1】由题意利用三角

38、恒等变换,化简函数的解析式，再利用正弦函数的周期性求出，可求出解析式，进而结合函数函数的图象与性质即可求出单调递增区间;未经许可 请勿转载【2】根据伸缩变换求得的解析式，进而本题等价于求和在上交点的个数,作出函数图象,数形结合即可求出结果。未经许可 请勿转载【详解】解:【1】；因为的最小正周期，所以，故.令,，得,，所以的单调递增区间为，。【2】由题意可得.方程在上根的个数，即方程的根的个数。结合和的图像,如图所示:因为在上单调递减,在上单调递增，且,，所以结合图像可知函数在上有4个零点，即方程在上根的个数为4.13【202辽宁高三阶段练习】已知函数的最小正周期为.【I】求函数的解析式；【I】

39、若先将函数的图象向左平移个单位长度，再将其图象上所有点的横坐标伸长为原来的倍【纵坐标不变】，得到函数的图象，求在上的零点个数。未经许可 请勿转载【答案:】【I】；【II】函数在上有个零点【分析】【】由已知解析式,应用二倍角余弦公式、辅助角公式可得，由最小正周期即可求，写出的三角函数解析式.未经许可 请勿转载【I】由图像平移可得，在上的零点即为和图象交点的横坐标，应用数形结合及对数函数、正弦函数的性质即可判断交点的个数.未经许可 请勿转载【详解】【I】由题意得：的最小正周期，故，【II】由【I】得:，求函数在上的零点个数,即求方程的根的个数和的图象，如下图示，在上单调递减，在上单调递增，且，又,

40、由图象知：函数在上有个零点.题型四：转化法判断函数零点个数一、单项选择题【2安徽巢湖市第一中学高三期中【文】已知函数,则函数的零点个数为【】未经许可 请勿转载A3C6【答案:】B【分析】由的性质求出对应区间的值域及单调性,令并将问题转化为与交点横坐标对应值的个数，结合数形结合法求零点个数即可.未经许可 请勿转载【详解】令,当时,且递增,此时,当时，且递减，此时，当时,且递增，此时，当时,且递增，此时,所以，的零点等价于与交点横坐标对应的值，如下图示：由图知:与有两个交点，横坐标、:当,即时，在、上各有一个解；当，即时,在有一个解综上，的零点共有4个。故选：B2【2022全国高三专题练习】已知函

41、数，则函数的零点个数为【】未经许可 请勿转载3.4.2D。【答案:】A【分析】令，令，得出,求出关于的方程的根或,然后再考查直线或与函数的图象的交点个数,即可得出答案:未经许可 请勿转载【详解】令,令，则,当时,则，所以 ，,当时，则，作出函数的图象如下图所示，直线与函数的图象只有1个交点，线,与函数的图象只有2个交点，因此，函数只有3个零点，故选:。【221天津市实验中学滨海学校高三期中】已知函数则函数的零点个数不可能是【】未经许可 请勿转载A.1B.2C34【答案：】C【分析】作出函数的图象，换元，问题转化为解得个数,分类讨论，结合二次方程根个数的判断及数形结合求解.未经许可 请勿转载【详

42、解】函数的图象如图，令，则函数的零点即方程组的解.设，则若,则，有两个零点，且由知,此时方程组有2个解；若,则，有一个零点,此时方程组有1个解；若，则，没有零点,此时方程组无解；若,则,有一个零点，此时方程组有2个解；若,则，有两个零点，且由知，此时方程组有个解，故选：C4【0辽宁沈阳高三阶段练习】对于任意正实数,关于的方程的解集不可能是【】未经许可 请勿转载A。D【答案：】C【分析】分别将等式左侧和右侧看做函数的形式，可得函数的单调性和对称轴,并求得左右两侧函数的最值；通过单调性和最值的大小关系可得解的个数有个,个或个的情况,由此可得结果。未经许可 请勿转载【详解】函数是开口向上且关于直线对

43、称的二次函数，;函数关于直线对称，且在上单调递增,在上单调递减，;若,则方程无解；若，则方程有唯一解；若，则方程有两解，且两解关于对称；综上所述:方程的解集不可能是故选：C.二、多项选择题5。【222江苏无锡高三期末】高斯被人认为是历史上最重要的数学家之一，并享有“数学王子”之称.有这样一个函数就是以他名字命名的:设，用表示不超过的最大整数，则称为高斯函数，又称为取整函数.如：，则下列结论正确的是【】未经许可 请勿转载函数是上的单调递增函数函数有个零点.是上的奇函数D。对于任意实数，都有【答案:】B【分析】对于AC，举例判断，对于B，利用取整函数和零点的定义判断即可，对于D，定义这样一个函数，

44、就会有，然后结合高斯函数的定义判断即可未经许可 请勿转载【详解】对于A，,在上不是单调增函数，所以错对于B,由,可得，所以,若函数要有零点,则,得，因为要想为，必须也为整数,在这个范围内，只有两个点,所以B正确，未经许可 请勿转载对于C,，,不是奇函数，所以C错，对于D，如果我们定义这样一个函数，就会有，同时有，当时,会有，当时，所以D正确，未经许可 请勿转载故选:D。6.【22全国高三专题练习】定义域和值域均为【常数】的函数和图象如图所示,给出下列四个命题，那么，其中正确命题是【】未经许可 请勿转载。方程有且仅有三个解B。方程有且仅有三个解.方程有且仅有九个解D方程有且仅有一个解【答案:】A

45、D【分析】通过利用或,结合函数和的图象,分析每个选项中外层函数的零点，再分析外层零点对应的直线与内层函数图象的交点个数,即可得出结论.未经许可 请勿转载【详解】解：对于A中,设，则由，即,由图象知方程有三个不同的解,设其解为,，由于是减函数，则直线与函数只有个交点，所以方程,分别有且仅有一个解，所以有三个解，故正确；对于B中,设,则由，即，由图象可得有且仅有一个解,设其解为b，可知，则直线与函数只有2个交点,所以方程只有两个解,所以方程有两个解，故B错误;对于C中，设，若,即,方程有三个不同的解,设其解为，,，设,则由函数图象,可知，,由图可知，直线和直线分别与函数有3个交点,直线与函数只有个

46、交点,所以或或共有7个解,所以共有七个解,故C错误;对于D中，设，若,即,由图象可得有且仅有一个解，设其解为,可知,因为是减函数,则直线与函数只有1个交点，所以方程只有1解，所以方程只有一个解,故D正确。故选:AD。三、填空题7【22全国高三专题练习】已知是定义在R上的奇函数，当时，=,则方程解的个数为_未经许可 请勿转载【答案：】【分析】根据函数为奇函数求得解析式，再根据解析式作出的图像即可得解.【详解】当时,，所以，因为是定义在R上的奇函数,所以=，所以，所以，所以=,由的图象知，有3个零点,所以方程解的个数为.故答案：为:3.8【22全国模拟预测】已知函数若直线与函数的图象交于,B两点,

47、且满足,其中O为坐标原点，则k值的个数为_.未经许可 请勿转载【答案:】2【分析】原题可转换为存在,使得函数与的图象有公共点,当时，时，与的图象的交点个数即所求，作出图像,即可求出k值的个数【详解】由题意知，函数的图象上有关于原点O对称的点，因此存在,使得，即函数与的图象有公共点.未经许可 请勿转载当时，,作出，在上的图象,如图所示,则当时,与的图象的交点个数即所求k值的个数,未经许可 请勿转载数形结合可知,当时，与的图象有2个交点，所以k值的个数为2.故答案:为：四、解答题9【2021全国高三专题练习】证明：函数的图象与的图象有且仅有一个公共点。未经许可 请勿转载【分析】把要证两函数的图象有

48、且仅有一个公共点转化为证明方程有且仅有一个实根.易观察出为其一根,再假设是函数图象的另一个公共点,然后得出矛盾即可未经许可 请勿转载【详解】要证明两函数和的图象有且仅有一个公共点，只需证明方程有且仅有一个实根,观察上述方程,显然有,则两函数的图象必有交点。设是函数图象的另一个公共点.则，,，即，令,易知函数为指数型函数.显然在内是减函数，且，故方程有唯一解,从而，与矛盾，从而知两函数图象仅有一个公共点10.【2020安徽淮南市第五中学高三阶段练习【理】已知是定义在上的偶函数,当时, 未经许可 请勿转载【1】求，的值；【2】求的解析式并画出函数的简图；【3】讨论方程的根的情况.【答案:】【1】;

49、【2】，图像见解析;【3】当,方程无实根、当或，有2个根、当,有3个根、 当，有4个根；未经许可 请勿转载【分析】【1】函数求值只需将自变量值代入函数式计算即可；【】求时的解析式时，转化为,将其代入已知关系式，再借助于偶函数得到函数解析式，最后将解析式化成分段函数形式;未经许可 请勿转载【3】结合做出的函数图像可知函数值取不同值时对应的自变量个数是不同的，本题求解主要利用数形结合法未经许可 请勿转载【详解】解:【1】是定义在R上的偶函数,【2】当时，于是是定义在上的偶函数，,图像如图所示：【3】数形结合易知：当，方程无实根；当或,有2个根;当，有3个根； 当，有个根；未经许可 请勿转载【点睛】

50、本题考查根据奇偶函数性质求函数解析式，数形结合解决方程根的个数问题，考查运算求解能力,数形结合思想，是中档题本题解题的关键在于利用数形结合思想求解未经许可 请勿转载题型五:零点存在定理与函数性质结合判断零点个数一、单项选择题1【02广东韶关二模】已知直线既是函数的图象的切线,同时也是函数的图象的切线,则函数零点个数为【】未经许可 请勿转载A1C.0或1D或2【答案:】B【分析】设是函数图象的切点,则由导数的几何意义可求得,设是函数的切点,同样利用导数的几何意义可求出,然后根据零点存在性定理可求得结果未经许可 请勿转载【详解】设是函数图象的切点,则，【1】 又【2】,将【】代入【2】消去整理得：

51、，设是函数的切点，据题意，又故，令，,，故，在定义域上为增函数，又，故，故,在上是增函数当时,；当时，;由零点存在性定理可得,g【x】存在唯一一个函数零点个数是1，故选:B。2。【2022天津高三专题练习】设函数有5个不同的零点，则正实数的取值范围为【】未经许可 请勿转载AB。CD【答案：】【分析】分段函数分段处理，显然有1个零点，所以有4个零点，利用三角函数求出所有的零点，保证之间有4个零点即可。未经许可 请勿转载【详解】易知函数、在上为增函数,所以当时，函数单调递增，当无限接近0时，,当时,，所以函数在上存在一点，使得，即在上有且只有一个零点;所以当时,函数有个零点，令，即Z,解得Z,由题

52、可得区间内的4个零点分别是，所以即在之间,即,解得故选：A3【02全国高三专题练习【理】已知函数有两个零点，则的取值范围为【】未经许可 请勿转载B.【答案:】【分析】显然需要参数分离，将原题改造成为,求与有两个交点.【详解】由得到：;令,由题意可以看做是与有两个交点；则，其中，,是单调递减的,并且时，=0;因此函数存在唯一零点,;当时，;时,；得如下函数图像:显然当时,与有两个交点；故答案：为：B。二、多项选择题4。【2021江苏泰州中学高三阶段练习】已知函数【x】si【|cox】+cos【sx】,则以下结论正确的是【】未经许可 请勿转载Af【x】的图象关于直线对称f【】是最小正周期为的偶函数

53、Cf【x】在区间上单调递减D.方程恰有三个不相等的实数根【答案:】AC【分析】根据对称性,周期性，复合函数单调性可判断选项AB,结合单调性和周期性对函数和的图象交点情况讨论可判断未经许可 请勿转载【详解】,，,故正确；,故B不正确;当时，单调递减，单调递增，所以,单调递减,同理，单调递减，故函数在区间上单调递减,所以C正确；未经许可 请勿转载易知为偶函数,综上可知：的周期为,且在区间上单调递减,在区间上单调递增,在区间上单调递减未经许可 请勿转载令,因为，故函数与的图象在区间内有且只有一个交点；又，故函数与的图象在区间内有且只有一个交点；又,故函数与的图象在区间内有且只有一个交点.因为，由周期

54、性和单调性可知，当或时，两函数图象无交点.综上所述，方程恰有三个不相等的实数根故选:AC5.【2021湖北恩施高三开学考试】已知函数，则以下说法正确的是【】未经许可 请勿转载A是偶函数B.在上单调递增C.当时，方程有且只有两个实根【答案：】AB【分析】.利用奇偶性定义进行判断;B.利用导数分析的正负并进行判断;C根据条件分析在上的单调性，由此确定出最小值并判断；利用在上的单调性结合零点的存在性定理分析在上的零点数，由此确定出的实数根个数.未经许可 请勿转载【详解】A的定义域为关于原点对称,，所以为偶函数,故正确；B当时，,所以，所以在上单调递增，故正确；因为为偶函数且在上单调递增，所以在上单调

55、递减，所以,，故错误；D因为在上单调递增，且，所以在上有唯一零点,又因为为偶函数，所以方程有且仅有两根，故正确；故选：ABD.。【202全国高三专题练习】函数,则下列说法正确的有【】未经许可 请勿转载.函数是上的单调递增函数B对于任意实数，不等式恒成立C.若，且，则D方程有3个不相等实数解【答案：】B【分析】对于A，通过比较零左右两边的函数值来判断；对于B，分和两种情况分析判断;对于C，举反例判断；对于，由零点存在性定理判断即可未经许可 请勿转载【详解】解:函数是和上的单调递增函数,但是,在上不单调，A错误；当时，,，;当时，,由函数在上单调递增知；B正确；令,，且,C错误；当时，;当时,在上

56、单调递增，,故存在1个解；同理知时也存在个解；是函数的一个零点，故方程共有3个解，D正确，故选:BD.三、解答题【202江西南昌二模【文】已知函数.【1】当时，求函数的单调区间；【2】若,证明:方程有且仅有一个正根.【答案:】【】增区间为,无减区间；【2】证明见解析【分析】【1】时，求导，分析导函数的符号即可得出单调区间;【2】先证明出一个点，当，再证时函数递增，结合零点存在定理即可说明。未经许可 请勿转载【1】因为,所以，则，当时,所以函数在上单调递增,即函数的增区间为，无减区间；【】因为，所以，设，所以,当时，,则在为减函数；当时，则在为增函数；因为，当时,所以存在，使得，当时,则在上单调

57、递减；当时,则在上单调递增；因为,所以当时，,；且当时,所以在区间有且仅有一个零点，即方程有且仅有一个正根。【2022河北模拟预测】已知函数【1】请研究函数在上的零点个数并证明；【2】当时，证明：.【答案:】【1】4，证明见解析【2】证明见解析【分析】【1】函数 是奇函数，所以只要考虑 上的零点,利用函数的单调性即可；未经许可 请勿转载【2】构造函数，用缩放法可以证明不等式。【1】为奇函数,所以只需要研究函数上的零点个数，当时，是单调递减的，,，所以当时，有一个零点;当时，令,是单调递增的,，,所以存在,使得，所以当时，, 单调递减的，当时，是单调递增的，又,所以,所以存在使得，当时，无零点,

58、综上可知，当时,函数有两个零点，即在上，函数有四个零点；【2】当时, ，两边取自然对数得:构造函数，即,即，即,则,于是,，所以。【点睛】一般来说当三角函数和其他基本初等函数同时出现在同一解析式时，由于三角函数是周期函数,而其他函数往往没有周期性，所以需要一个区间一个区间取讨论,不论是单调性还是零点,最好在讨论之前先画一个草图；对于第二问难点在于构造函数，因为对数函数是非线性函数,直接计算难度很大,因此考虑缩放的方法,构造一个新函数，将原对数函数转化为一个比较容易计算的函数,像 ， 等比较多见未经许可 请勿转载9【202全国高三专题练习】设为实数，函数。【1】若，求的取值范围；【】讨论的单调性

59、;【3】当时，讨论在上的零点个数【答案:】【1】，【2】在上单调递增,在上单调递减【3】有2个零点【分析】【】写出，讨论a的取值情况，解得答案：;【2】分类讨论去掉绝对值符号，再根据二次函数的性质，求得答案：；【】分段讨论去掉绝对值符号，得到的解析式，结合二次函数图象的对称轴确定函数的单调性，结合零点存在定理即可得答案:。未经许可 请勿转载【1】,当时,不等式为恒成立，满足条件,当时，不等式为，,综上所述的取值范围为,；【2】当时,函数，其对称轴为，此时在时是减函数，当时,其对称轴为：,在时是增函数,综上所述,在上单调递增，在上单调递减，【】设g【x】f【x】+x=x2当时，其对称轴为,当时,

60、其对称轴为,当时,其对称轴为,在上单调递减，在上单调递减,在上单调递增，【a】,又，【a】在上单调递减,【】【2】，在和上各有一个零点，综上所述时，在上有2个零点0【20全国高三专题练习】已知函数.【】若，求函数在上的零点个数;【2】当时都有，求实数的取值范围【答案:】【1】只有一个零点【2】【分析】【】首先利用导数确定函数的单调性，再利用零点存在定理即可判断函数的零点个数【2】可通过讨论在的最小值，使恒成立,来确定实数的取值范围未经许可 请勿转载【1】因为,所以,，因为,所以，所以在上是单调增函数,又因为,，所以在上只有一个零点【2】因为，所以，令，因为,所以，为增函数，,当时，即时，即，所