四川省遂宁市第二中学2022年高二物理联考试题含解析

1、四川省遂宁市第二中学2022年高二物理联考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10-6 C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时（轨迹为虚线1、2中的某一条）动能减少了10-5 J，已知A点的电势为10 V，则以下判断正确的是（ ）AB点电势为0 V BB点电势为20 VC微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示D微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示参考答案：AD2. （单选题）某一探测器，因射线照射而使内部气体电离，在时间t内有n个二价正离子通过探测器某一个截面，同时有2n个

2、电子也通过该截面，则探测器电路中的电流为()A0B2ne/tC3ne/tD4ne/t参考答案：D3. 下列速度中，指平均速度的是ks5uA雨滴落地时的速度 B汽车通过南京长江大桥的速度C子弹射出枪口时的速度 D跳水运动员起跳后，到达最高点的速度参考答案：B4. 如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠。R为滑动变阻器，电源电动势为E，内阻为r。现将开关S闭合，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列结论正确的是( )A电流表示数变小，电压表示数变大B小电珠L变暗C电容器C上电荷量增大D电源的总功率变大参考答案：ABC5. 如图所示，大圆导线环A中通有电流，方向如图所示，另在导线环所在的平面画

3、一个圆B，它的一半面积在A环内，另一半面积在A环外，则B圆内的磁通量A、为零B、是进去的C、是出来的D、条件不足，无法判别参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，将阻值分别为R1=4K和R2=2K的两个电阻串联起来接在电压为8V的恒压电源两端，用一电压表测R1两端电压时，读数为4V，如果将该电压表接到R2两端时，读数应为 V.参考答案：7. 把q1=-2.010-9C的检验电荷放入点电荷Q产生的电场中的P点，测得q1所受电场力大小为1.010-6N。若移走q1，而在P点放置一个q2=+1.210-8C的点电荷，则q2所受电场力大小为_N，此时Q在P点产生的

4、电场的场强大小为_N/C参考答案：8. 长为L的导体棒原来不带电，现将带电量为+Q的点电荷放在距棒左端R处，如图所示，当导体棒达到静电平衡后，棒上的感应电荷在棒内中点处产生的场强大小等于 ，方向 。参考答案： 向左9. 真空中有一电场，在电场中的某点放一电量为4.0109C的检验电荷，它受到的电场力为2.0105N，则该点的场强大小为5103N/C；把检验电荷的电量减小为2.0109C，则该电荷在该点受到的电场力大小为1.0105N参考答案：考点：电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场强度是描述电场强弱的物理量，可由放在某点的电荷受到的电场力与其电量的比值来确定电场强度的大小而

5、其方向则是正电荷在该点受到的电场力方向相同解答：解：由电场强度公式，当将检验电荷的电量减小为2.0109C，则其电场力为F=qE=5103N=1105N故答案为：5103N/C 1105N点评：公式中E与F、q均没有关系，它是比值定义式当q越大时，则F越大当没有电量时，则也没有电场力，而电场强度依然存在10. 如图所示，线圈匝数n=100匝，面积S=50cm2，线圈总电阻r=10，外电路总电阻R=40，沿轴向匀强磁场的磁感应强度由B=0.4T在0.1s内均匀减小为零再反向增为B=0.1T，则磁通量的变化率为 Wb/s，感应电流大小为 A，线圈的输出功率为 W参考答案：0.025；0.05；0.

6、1【考点】法拉第电磁感应定律【分析】磁通量的变化量与所用时间的比值是磁通量的变化率；应用法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流；由电功率公式求出线圈的输出功率【解答】解：磁通量的变化率： =0.025Wb/s；感应电动势：E=n=1000.025=2.5V，感应电流：I=0.05A；线圈的输出功率：P=I2R=0.05240=0.1W；故答案为：0.025；0.05；0.111. 如图所示，一质量为m，电荷量为q的粒子以一定的初速度沿中线进入水平放置的平行金属板内，恰好没下板的边缘飞出，已知板间的电压为U，粒子通过平行金属板的时间为t，不计粒子的重力，则平行金属板间的距离d=

7、 ，粒子在前和后时间内电场力做功之比为 参考答案：t；1：3考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：带正电的粒子进入水平放置的平行金属板内，做类平抛运动，竖直方向做初速度为0的匀加速运动，由推论可求出在前时间内和在后时间内竖直位移之比，由功的定义求出电场力做功之比解答：解：带电粒子在电场中做的是类平抛运动，竖直方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，位移电场力为根据牛顿第二定律a=所以故d=根据类平抛运动规律可知，竖直方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，根据结论y1：y2：y3=1：3：5可知，前时间内，电场力做功为W1=qEy1，后时间内，电场力做功为W2=qE

8、y2，所以故答案为：t；1：3点评：本题是类平抛运动，要熟练掌握其研究方法：运动的合成与分解，并要抓住竖直方向初速度为零的匀加速运动的一些推论，研究位移和时间关系12. 在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图3所示M是贴在针口处的传感器，接触到药液时由于其电阻RM变_（填“大”或“小”），导致报警器S两端电压U增大，装置发出警报声由此推断，调节可变电阻R的阻值，R越_（填“大”或“小”），报警装置就越灵敏参考答案：小 ； 大 13. （6分）频率为50Hz的正弦电流，对人体的安全电压有效值不能超过36V，这个交流电压的周期是_s，峰值是_V。 参考答案：

9、0.02；36三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 用圆弧状玻璃砖做测定玻璃折射率的实验时，先在白纸上放好圆弧状玻璃砖，在玻璃砖的一侧竖直插上两枚大头针P1、P2，然后在玻璃砖的另一侧观察，调整视线使P1的像被P2的像挡住，接着在眼睛所在的一侧插两枚大头针P3和P4，使P3挡住P1和P2的像，P4挡住P3以及P1和P2的像，在纸上标出大头针位置和圆弧状玻璃砖轮廓，如图甲所示，其中O为两圆弧圆心，图中已画出经P1、P2点的入射光线(1)在图上补画出所需的光路_(2)为了测出玻璃的折射率，需要测量入射角和折射角，请在图中的AB分界面上画出这两个角_(3)用所测物理量计算折射率

10、的公式为n_(4)为了保证在弧面CD得到出射光线，实验过程中，光线在弧面AB的入射角应适当_(填“小一些”“无所谓”或“大一些”)(5)多次改变入射角，测得几组入射角和折射角，根据测得的入射角和折射角的正弦值，画出了如图乙所示的图象，由图象可知该玻璃的折射率n_参考答案： (1). (1)如图；（2）如图；(3) (2). (4)小一些 (3). (5)1.5(1)连接P3、P4与CD交于一点，此交点即为光线从玻璃砖中射出的位置，由于P1、P2的连线与AB的交点即为光线进入玻璃砖的位置，连接两交点即可作出玻璃砖中的光路，如图所示(2)连接O点与光线在AB上的入射点即为法线，作出入射角和折射角如

11、图中i、所示(3)由折射定律可得 .(4)为了保证能在弧面CD上有出射光线，实验过程中，光线在弧面AB上的入射角应适当小一些，才不会使光线在CD面上发生全反射(5)图象的斜率kn，由题图乙可知斜率为1.5，即该玻璃的折射率为1.5.15. 现要测定一个额定电压2.5V、额定功率约0.7W的小灯泡的伏安特性曲线为了测量的电压能从零开始，测量误差较小，请在图甲中连好实物电路图_合上开关前，滑动变阻器的滑动触头应置于滑动变阻器的_（填“左端”或“右端”）根据实验数据，描绘出的UI 图象如图乙所示，由图可知，当灯泡的电压为1.80V时，小灯丝电阻为_，小灯泡的功率为_ W（结果保留两位有效数字）某小组

12、在正常实验中无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表、电压表的读数都调不到零，于是他们向老师求助，老师说该电路中有一根导线断了，请问图中哪根导线断了？_（填“ab”或者“cd”）参考答案： (1). ； (2). 左； (3). 7.2； (4). 0.45； (5). ab根据实验要求确定实验电路的接法；再根据伏安特性曲线可明确对应的电流值，由欧姆定律求解电阻；由功率公式求解功率。(1) 题目中要求从零开始调节，故应采用滑动变阻器的分压接法；同时因灯泡内阻较小，故电流表采用外接法；实物图如图所示(2) 由图可知，要使测量部分电流由零开始调节，则滑片应接在最左侧；(3) 由图可知，当电压为1.80

13、V时，电流为：0.25A，电阻；(4) 无法使电流从零开始调节说明没有正确接成分压接法；但电路有电流，则说明只能是ab出现断路。【点睛】本题考查描绘灯泡的伏安特性曲线的实验，要求掌握分压接法的原理；能正确接线并能分析故障。四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 把带电荷量为+210-8C的点电荷从无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功810-6J；若把该电荷从无限远处移到电场中B点，需克服电场力做功210-6J，取无限远处电势为零. 求：（1）A点和B点的电势；（2）将另一电荷量为210-5C的点电荷由A点移到B点时电场力做的功.参考答案： A （3） 1.254 、 增大 17. 如图一台理想变压器,其原线圈匝,副线圈匝,并接一个的负载电阻,其它电阻均不计。求：（1）当原线圈接在直流电源上时,电压表示数为多大？（2）当原线圈接在输出电压的交变电源上时,电压表