2022-2023学年吉林省延边朝鲜族自治州汪清县第六中学物理高一第一学期期末学业质量监测模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、近年来学校都非常重视足球在某学校举行了颠球比赛中，小明在颠球过程中脚部几乎不动，如图所示，图示时刻足球恰好运动到最高点，估算足球刚被颠起时的初速度大小最接近的是A.6m/sB.3m/sC

2、.1m/sD.0.5m/s2、如图所示，一质量为M2Kg的物体放在水平面上，用F16N，F213N的力作用在物体上，物体保持静止若撤去F2，则物体运动的加速度是（）A.0 m/s2B.1 m/s2C.2m/s2D.3m/s23、质量60kg的人通过光滑的定滑轮拉动质量20kg的物体，如图所示，当物体以的加速度加速上升时，人对地面的压力等于A.200NB.300NC.500ND.600N4、关于曲线运动，下列说法正确的是A.曲线运动一定是匀变速运动B.变速运动一定曲线运动C.做曲线运动的物体可能没有加速度D.做曲线运动的物体可能受到恒力作用5、如图所示是某质点做直线运动的vt图象，由图可知这个质

3、点的运动情况是（）A.5s15s内做匀加速运动，加速度为0.8m/s2B.前5s内静止C.15s20s内做匀减速运动，加速度为0.8m/s2D.质点15s末离出发点最远，20秒末回到出发点6、下列说法正确的是 （ ）A.计算火车通过隧道时间，可将火车看成质点B.比赛中的体操运动员，可将其看成质点C.车速越大，刹车后滑行时间越长，所以惯性越大D.质量越大，物体的运动状态越不容易改变，所以惯性越大7、下列关于物理学史、物理学研究方法的叙述中，正确的是（）A.用质点来代替实际物体是采用了微元法B.牛顿根据斜面实验，提出了牛顿第一定律C.是采用比值法定义的D.伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体

4、运动规律8、如图所示，表示甲、乙两运动物体相对同一地点的位移时间图像，下列说法正确的是A.甲和乙都做匀变速直线运动B.甲和乙运动出发点相距x0C.乙运动的速率大于甲运动的速率D.乙比甲早出发t1时间9、物体从静止开始做匀加速直线运动，第3s内的平均速度为3m/s，则（ ）A.第3s内物体的位移为3mB.物体的加速度是1m/s2C.前3s内的位移是4.5mD.第3s末的速度是3.6m/s10、如图所示，把一个光滑圆球放在两块挡板AB和AC之间，AB和AC之间的夹角为30现将AC板固定，而使AB板沿顺时针方向缓慢转动90，则A.球对AB板的压力逐渐减小B.球对AB板的压力先减小后增大C.球对AC板

5、的压力逐渐减小D.球对AC板的压力先减小后增大11、作用在同一个物体上的三个共面共点力，第一个力的大小是1N，第二个力的大小是5N，第三个力的大小是9 N，它们合力的大小可能是A.0NB.2NC.4ND.6N12、如图所示，水平横杆上套有圆环A，圆环A通过轻绳与重物B相连，轻绳绕过固定在横杆下光滑的定滑轮，轻绳通过光滑动滑轮挂着物体C，并在某一位置达到平衡，现将圆环A缓慢向右移动一段距离，系统仍保持静止，则下列说法中正确的是A.轻绳的拉力变大B.横杆对圆环A的摩擦力不变C.物块C的高度上升D.物块B的高度上升二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）质量为1kg的物体，静止放

6、于粗糙的水平面上，现在给物体施一水平力F，使物体从静止开始沿水平面运动，运动2s时将水平力F撤去，物体运动的速度图象如图所示，则：水平力F=_N，物体与水平面间的动摩擦因数=_。（g10m/s2）。14、（10分）某实验小组利用图甲所示实验装置探究加速度与力、质量的关系，所用交变电流的频率为50Hz。(1)下列关于本实验的操作中正确的是_A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细线与长木板保持平行B.通过调节木板倾斜度来平衡木块受到的滑动摩擦力时，需要将小桶通过定滑轮拴在木块上C.实验时，应先接通打点计时器的电源再放开木块D.实验开始，释放木块时，应使木块离打点计时器适当远些(2)为使小桶及桶内砝码的

7、总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足小桶及桶内砝码的总质量_（选填“远大于”“远小于”或“近似等于”）木块和木块上砝码的总质量；(3)如图乙所示是某次实验得到的纸带，每相邻两计数点间有四个点未画出。图中标出的相邻两计数点之的时间间隔_s，根据纸带可求得小车的加速度_。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，一水平面与一斜面连接，斜面倾角为37，质量m=2kg的物体（可看成质点）静止于水平面上的A点，A点到斜面底端B点的距离L1=3m，斜面上C点到B点的距离L2=4.8m，物体与水平面和斜面间的动摩擦因数均为=0.5现物体在恒力F=20N作

8、用下从A点运动到C点，恒力F与水平方向夹角也是37，物体经过连接点B时速度大小不变（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）物体到达B点时的速度大小；（2）物体从A点到C点的时间16、（12分）如图是建筑工地常用的一种“深穴打夯机”，电动机带动两个滚轮匀速转动将夯杆从深坑提上来，当夯杆底端刚到达坑口时，两个滚轮突然彼此分开，将夯杆释放，随后，夯杆只在重力作用下运动，落回深坑，夯实坑底，且不反弹然后两个滚轮再次压紧，夯杆再次被提到坑口，如此周而复始已知两个滚轮边缘的速度恒为v=4m/s，滚轮对夯杆的正压力FN=2104N，滚轮与夯杆间的动摩擦因数=0.3，夯杆质量m

9、=1103kg，坑深h=6.4m，假定在打夯的过程中坑的深度变化不大可以忽略，取g=10m/s2 (1)指出左、右滚轮压紧夯杆并提升夯杆时的旋转方向（“顺时针”或“逆时针”）(2)求夯杆被滚轮压紧后，加速上升至与滚轮边缘速度相同时的高度；(3)求打夯周期T17、（12分）如图所示,某客机的气囊竖直高度,斜面长度,一质量的乘客从处由静止开始滑下,最后停在水平部分的处已知乘客与气囊之间的动摩擦因数 ,忽略乘客在处速度大小的变化,不计空气阻力, ().求：(1)乘客在斜面下滑时加速度的大小；(2)乘客从处开始到滑至处的时间参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错

10、选和不选得零分）1、B【解析】足球被颠起后做竖直上抛运动，由上升的高度即可求出其初速度【详解】由图可知，足球上升到的高度略小于人的高度的一半，大约有0.7m，人的脚的上表面距离地面得高度约0.15m；足球被颠起后做竖直上抛运动，设初速度为v，上升的高度为h，则：v2=2gh，所以：，可知在四个选项中，最接近的是B选项故B正确，ACD错误，故选B2、A【解析】物体原来静止，由平衡条件求出物体受到的静摩擦力，确定出最大静摩擦力的范围，根据F1=6N与最大静摩擦力的关系判断物体的状态，再求加速度【详解】物体原来静止，由平衡条件得物体受到的静摩擦力 f=F2-F1=13N-6N=7N，所以物体所受的最

11、大静摩擦力 fmf=7N；若撤去F2，因为 F1fm，所以物体仍静止不动，加速度为0故选A【点睛】解决本题的关键是掌握判断两物体能否相对滑动的条件，即外力要大于最大静摩擦力，知道最大静摩擦力出现在两个物体间刚要发生相对滑动的状态3、B【解析】以物体为研究对象，由牛顿第二定律得：，解得：；以人为研究对象，由平衡条件得：，解得：，由牛顿第三定律可得，人对地面的压力：，方向竖直向下，故B正确，A、C、D错误；故选B4、D【解析】曲线运动不一定是匀变速运动，例如匀速圆周运动，选项A错误；变速运动不一定是曲线运动，例如匀变速直线运动，选项B错误；做曲线运动的物体速度一定发生变化，则一定有加速度，选项C错

12、误；做曲线运动的物体可能受到恒力作用，例如平抛运动，选项D正确；故选D.5、A【解析】5s15s内质点的速度均匀增大，做匀加速运动，加速度为：故A正确前5s内物体做匀速直线运动，选项B错误；15s20s内质点的速度均匀减小，做匀减速运动，加速度为：，故C错误020s内速度一直是正值，说明速度方向不变， 20s末离出发点最远，20秒末不可能回到出发点故D错误；故选A.6、D【解析】A计算火车通过隧道的时间，火车长度不能忽略，火车不能看成质点，A错误；B比赛中的体操运动员，动作是参评标准，所以不能将其看成质点，B错误；CD质量是物体惯性的唯一量度，与速度无关，C错误D正确。7、CD【解析】A用质点

13、来代替实际物体是采用了理想模型法，A错误；B在伽利略研究的基础上，牛顿提出了牛顿第一定律，B错误；C公式是采用比值法定义的，C正确；D伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律，D正确。故选CD。8、BC【解析】ACx-t图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，即两物体都做匀速直线运动；因乙的斜率大于甲，可知乙运动的速率大于甲运动的速率故A错误，C正确；B由图可知乙从原点出发，甲从距原点x0处出发故两物体的出发点相距x0故B正确；D甲在t=0时刻开始运动，而乙在t1时刻开始运动，故甲比乙早出发t1时间故D错误；故选BC9、AD【解析】A根据得物体在

14、第3s内的位移mA正确；B设加速度为，则根据匀变速直线运动推论：物体在第3s内的平均速度可以表示为解得m/s2，B错误；C根据：前3s内的位移m，C错误；D根据速度与时间的关系可知物体在第3s末的速度m/sD正确故选AD。10、BC【解析】以小球为研究对象，分析其受力，作出小球三个不同位置的受力，如图所示：可见，使顺时针缓慢转动的过程中，板对球的支持力先减小后增大，板对球的支持力一直减小，由牛顿第三定律可知，球对板对球的支持力先减小后增大，球对板对球的支持力一直减小，故BC正确，AD错误11、CD【解析】F1=1N、F2=5N、F3=9N，三个力最大值等于三个力之和。即15N。F1、F2两个力

15、的合力最大为6N，最小为4N，F3=9N不在这两个力的合力范围内，所以三个力最小值是3N。因此三个力的合力范围：3NF15N，A0N，故A不符合题意；B2N，故B不符合题意；C4N，故C符合题意；D6N，故D符合题意。故选CD。12、BD【解析】A.物体B保持静止，受重力和拉力，根据平衡条件，轻绳拉力大小处处相同，等于B的重力，保持不变，故A错误；BCD.重物C受重力和两侧绳子的拉力，始终平衡，拉力和重力大小都不变，根据平衡条件，动滑轮两侧绳子夹角保持不变，栓接A的轻绳与水平方向夹角不变，重物C必定下降，物块B的高度上升，绳子对A环的拉力的大小和方向均不改变，故杆对环的摩擦力也一定不变，故C错

16、误，BD正确二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 .7.5N .0.25【解析】12由速度时间图线得，匀加速运动的加速度大小为：匀减速运动的加速度大小为：根据牛顿第二定律得：F-mg=ma1-mg=ma2联立并代入数据得：F=7.5N=0.2514、 .AC .远小于 .0.1 .0.51【解析】(1)1A。调节滑轮的高度，使牵引木块的细线与长木板保持平行，从而保证细绳的拉力等于小车的牵引力，选项A正确；B通过调节木板倾斜度来平衡木块受到滑动摩擦力时，不要将小桶通过定滑轮拴在木块上，只让小车拖着纸带在木板上运动，选项B错误；C实验时，应先接通打点计时器的电源再放开木块，选项C正

17、确；D实验开始，释放木块时，应使木块离打点计时器适当近些，以充分利用纸带，选项D错误。故选AC。(2)2按照教材上理论若以砝码桶及砝码作为小木块的外力，则有，而实际实验过程中砝码桶及砝码也与小木块一起做匀加速运动，即对砝码桶及砝码有mg-T=ma对小木块有T=Ma综上有只有当mM时，才能认为T=mg，从而有效的保证实验的准确性；(3)34相邻两点之间的时间间隔为T=0.1s；根据 可得小车的加速度三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）6m/s（2）1.8s【解析】（1）对物体受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度，根据运动公式求解B点的速度；（2）分析物体在斜面上的

18、个力可知，物体在斜面上匀速运动，根据运动公式求解总时间.【详解】（1）在水平面上，根据牛顿第二定律得：解得：a=6m/s2A到B：得 （2）水平面：在斜面上：则物体在斜面上匀速运动，运动的时间：物体从A点到C点的时间：【点睛】此题关键是能正确对物体受力分析，通过比较各力的大小得到物体在斜面上做匀速运动，能灵活运用运动公式.16、 (1)左轮做逆时针方向转动，右轮做顺时针方向转动(2) (3)T【解析】(1)提升夯杆时，夯杆受到的摩擦力向上，则左右滚轮与夯杆接触处应相对夯杆向上运动（或相对夯杆有向上运动的趋势），由此可判断两侧滚轮的旋转方向(2)夯杆被滚轮压紧后，对夯杆受力分析，可求出夯杆上升的加速度，用速度位移公式可得夯杆加速上升至与滚轮边缘速度相同时的高度(3)夯杆一个完整的周期包含加速上升、匀速上升和竖直上抛到落地，分别求出三段的时间，相加后可得打夯周期T【详解】(1)提升夯杆时，夯杆受到的摩擦力向上，则左右滚轮与夯杆接触处应相对夯杆向上运动（或相对夯杆有向上运动的趋势），由此可判断左轮做逆时针方向转动，右轮做顺时针方向转动