四川省广元市万达中学、八二一中学2022-2023学年高一物理第一学期期末统考模拟试题含解析VIP

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、将四块相同的坚固石块垒成圆弧形的石拱，其中第3、4块固定在地基上，第1、2块间的接触面是竖

2、直的，每块石块的两个侧面间所夹的圆心角均为，石块间的摩擦力可以忽略不计。则第1块对第2块的弹力F1和第1块对第3块的弹力F2的大小之比为（）A.B.C.D.2、下列关于单位制说法中，不正确的是A.基本单位和导出单位一起组成了单位制B.力的单位牛顿是国际单位制中的一个基本单位C.在国际单位制中，力学的三个基本单位分别是米、千克、秒D.在国际单位制中，长度、质量、时间三个物理量被选作力学的基本物理量3、三个共点力F1，F2，F3，其中F1=1N，方向正西，F2=1N，方向正北，若三力的合力是2N，方向正北，则F3应是：（）A.1N，东北B.2N，正南C.3.2N，东北D.N，东北4、关于自由落体运

3、动，下列说法不正确的是：A.纸片由静止释放，在空气中下落不能视作自由落体运动B.自由落体运动在开始连续的三个1 s末的速度之比为123C.竖直方向上只要满足连续相等的时间内位移h1h2h3135的运动一定是自由落体运动D.地球表面上物体自由落体加速度随纬度升高而增大5、竖直上抛物体受到的空气阻力f大小恒定，物体上升到最高点时间为t1，从最高点落回抛出点用时t2，上升时加速度大小为a1，下降时加速度大小为a2，则下列说法正确的是()A.a1a2，t1a2，t1t2C.a1t2D.a1a2，t1t26、一位在地面上最多可以举起1500N重物的人，在某竖直运动的电梯中最多可以举起2000N的重物g=

4、10m/s2该电梯的运动可能是A.以3.3 m/s2的加速度加速下降B.以3.3 m/s2的加速度减速下降C.以2.5 m/s2的加速度加速上升D.以2.5 m/s2的加速度减速上升7、把一个已知力F分解，要求其中一个分力F1跟F成30，而大小未知；另一个分力F2F，但方向未知，则F1的大小可能是()A.B.FC.FD.F8、如图所示，用与竖直方向成角（45）的倾斜轻绳a和水平轻绳b共同固定一个小球，这时绳b的拉力为F1，现保持小球在原位置不动，使绳b在原竖直平面内逆时针转过角，绳b的拉力为F2，再逆时针转过角固定，绳b的拉力为F3，则( )A.B.C.绳a的拉力先减小后增大D.绳a的拉力一直

5、减小9、一同学在玩闯关类的游戏，他站在平台的边缘，想在2s内水平跳离平台后落在支撑物P上，人与P的水平距离为3m，人跳离平台的最大速度为6m/s，则支撑物距离人的竖直高度可能为()（）A.1mB.9mC.17mD.20m10、物体A的加速度为3,物体B的加速度为-5,下列说法正确的是( )A.物体A的加速度比物体B的加速度大B.物体B的速度变化比物体A的速度变化快C.物体A的速度一定在增加D.物体B的速度可能在减小11、一名杂技演员在两幢高10m的楼之间表演“高空走钢丝”。当他缓慢经过钢丝的中点时，钢丝与水平方向的夹角为10。已知演员及横杆的总质量为60kg，钢丝重量不计。重力加速度为10m/

6、s2，sin100.17，下列说法正确的有（）A.演员经过钢丝中点时，钢丝上的张力约为3530NB.演员经过钢丝中点时，钢丝上的张力约为1765NC.演员经过中点后又向右走了几步停下来，此时钢丝对演员的作用力方向朝左上方D.如果更换一根更长的钢丝表演，演员经过钢丝中点时，钢丝绳上的张力会减小12、一个物体在摩擦力作用下沿水平面做直线运动，其位移与时间的关系式为x10t2t2（其中x的单位为m，t的单位为s），则（）A.该物体的初速度是10m/sB.该物体的加速度大小是2m/s2C.该物体在5s内发生的位移为0D.该物体运动的时间为2.5s二填空题(每小题6分，共18分)13、同一平面内的三个共

7、点力，大小分别为4N、6N、7N ，若这三个力同时作用于某一物体上，则该物体所受三力的合力的最大值为_ N，最小值为_ N14、如图所示是某同学设计的“验证加速度a与力F、质量m的关系”的实验装置图，如图甲，实验中认为细绳对小车的拉力F等于砂和砂桶的总重力，小车运动的加速度可由纸带求得 (1)关于该同学对该实验的认识，下列说法中不正确的是（ ）A处理实验数据时采用a图象，是为了便于根据图线直观地作出判断B该实验采用了控制变量的思想方法C平衡摩擦力时应该把打点计时器一端垫高，不挂砂桶时，小车能在木板上匀速运动D在研究a-F关系时，实验中可以不测量砂和砂桶的总重力，绳中拉力F可以用测量的小车质量m

8、和对应纸带测得的加速度a的乘积计算得到，即F=ma可得拉力F(2)实验室中所使用的打点计时器所用交流电的频率为50 Hz，实验中打出的其中一条纸带如图乙所示，由该纸带可求得小车的加速度a=_m/s2（计算结果保留2位有效数字）(3)某同学根据测得数据做出a-F图像，如图丙，此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是（ ）A小车与轨道之间存在摩擦B导轨保持了水平状态C所挂砂和砂桶的总质量太大D所用小车的质量太大(4)有同学甲和同学乙分别把得到的a和F数据做到同一个a-F图像上，如图丁所示，图A、B分别是甲乙同学通过实验得到的数据，由图像可以看出，图像都不过原点，原因是：_(5)由图丁的图

9、像可知，他们使用的小车的质量分别为mA、mB，则他们的质量mA_mB（填“大于”、“等于”、“小于”）15、如图所示，细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点匀速转动。已知两小球做圆周运动半径之比Ra：Rb=1：2，则两个小球的角速度之比a:b=_；线速度之比va:vb=_。三计算题(22分)16、（12分）一个物体以v0=8m/s的初速度从斜面底端沿光滑斜面向上滑动，加速度的大小为2m/s2，冲上最高点之后，又以相同的加速度往回运动求：（1）物体3s末的速度；（2）物体5s末的速度；（3）物体在斜面上的位移大小为15m时所用的时间17、（10分）如图所示，质量为4kg的小球用细绳拴着吊在行驶汽车的

10、车厢前壁上，绳与竖直方向夹角为37.已知g=10m/s2， sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)当汽车匀速运动时，细线对小球的拉力和车厢壁对小球的压力；(2)当汽车以a=5m/s2向左匀加速行驶且小球与汽车保持相对静止时，细线对小球的拉力和小球对车厢壁的压力参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、A【解析】如图对第一个石块进行受力分析由几何关系知=60所以有F1 ：F2=sin60=故选A。2、B【解析】基本单位和导出单位一起

11、组成了单位制，故A正确力的单位牛顿是国际单位制中的一个导出单位，选项B错误；在国际单位制中，力学的三个基本单位分别是米、千克、秒，选项C正确；在国际单位制中，长度、质量、时间三个物理量被选作力学的基本物理量，选项D正确；此题选择不正确的选项，故选B.3、D【解析】由题意可知，三力的合力是2N，方向正北，而F2=1N，方向正北，因此力F1与F3的合力大小为1N，方向正北，根据力的合成与分解，依据力的平行四边形定则，则有：F3应是大小为N，方向东北如图所示，故选D.4、C【解析】A自由落体需要满足两个条件，一是物体从静止释放，二是物体在下落过程中只受重力作用，纸片下落过程中受到空气阻力，不是自由落

12、体运动，A正确；B根据自由落体的速度公式：可知自由落体运动在开始连续的三个1 s末的速度之比为123，B正确；C竖直方向上做初速度为零的匀变速直线运动满足连续相等的时间内位移h1h2h3135，不一定是自由落体，C错误；D地球表面上物体自由落体加速度随纬度升高而增大，D正确。故选C。5、D【解析】上升过程有：mg+Ff=ma1，下降过程有：mg-Ff=ma2，由此可知a1a2，根据功能关系可知落回地面的速度vv0，因此上升过程的平均速度大于下降过程的平均速度，由于上升过程和下降过程位移大小相等，因此t1t2，故ABC错误，D正确故选D【点睛】本题容易出错的地方在于阻力的方向容易弄错，注意阻力方

13、向与相对运动方向相反，上升和下降过程阻力的方向是不同的6、D【解析】根据人在地面上最多能举起质量为1500N的物体，他在竖直向上运动的电梯中最多举起了2000N的物体，由牛顿第二定律求出电梯加速度的大小和方向【详解】由题意某时他在竖直向上运动的电梯中最多举起了2000N的物体，知物体处于失重状态，此人最大的举力为1500N则由牛顿第二定律得，mg-F=ma，解得方向向下则电梯可能以2.5 m/s2的加速度减速上升，也可能以2.5 m/s2的加速度加速下降；故选D【点睛】本题是应用牛顿第二定律研究超重和失重的问题，关键抓住人的最大举力是一定的7、BC【解析】根据“已知力F分解、求F1的大小”可知

14、，本题考查力的分解讨论，根据力的平行四边形定则，运用几何三角形的边角关系列式分析.【详解】由题意可知，F2的大小为，大于，因此有两种分解结果；根据平行四边形定则得，如图所示：又因一个分力F1跟F成30角，且F2的大小为，由几何关系得或；故B、C正确，A、D错误.故选BC.【点睛】解决本题的关键知道合力一定，分力的方向已知，因为F2大于该分力的最小值，所以有两解，注意巧用几何知识中直角三角形中线与各边的关系.8、BD【解析】本题考查共点力的平衡及动态平衡【详解】对小球进行受力分析如图所示，根据三角形法则有由几何关系，可知F2与轻绳a垂直时，此时拉力最小，故有，即B选项正确，在轻绳b逐渐向上转动过

15、程中可以看出轻绳b中的拉力逐渐变小，故D选项正确综上所述，本题正确答案选BD9、BCD【解析】由题意知，最短时间为所以最小的竖直高度为最长时间为2s，最大的竖直高度为故BCD可能，A不可能。故选BCD。10、BD【解析】A物体A、B的加速度，正负号代表方向，绝对值大小代表加速度大小，故A项错误B由加速度的定义可知，加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，故B项正确C若A速度方向与其加速度方向相反，则物体A的速度减小，故C项错误D若B速度方向与其加速度方向相反，则物体B速度减小，故D项正确11、BD【解析】AB分析受力情况，作出受力分析图根据平衡条件故A错误，B正确；C当演员走几步停止后依然平衡，

16、由平衡条件可知绳对人的张力的合力与重力等大反向，即方向竖直向上，大小为mg，故C错误；D如果换成更长的钢丝绳，在中点平衡时的夹角变大，由可知变大，变大，绳的张力变小，故D正确。故选BD。12、AD【解析】根据匀变速直线运动的位移公式以及速度与时间关系进行分析答题；【详解】A、由匀变速直线运动的位移公式：，结合：可知：初速度：，加速度为：，加速度大小为，故选项A正确，B错误；C、根据速度与时间关系可知，物体运动的时间为：在这段时间内物体的位移为：由于物体运动就停止运动了，所以5s内发生的位移即为内发生的位移，故选项C错误，D正确【点睛】本题考查了求初速度与加速度问题，应用匀变速直线运动的位移公式

17、以及速度与时间关系即可正确解题二填空题(每小题6分，共18分)13、 .17 .0【解析】三个共点力的方向都相同的时候合力最大，所以最大值为4N+6N+7N=17N；4N和6N和合力的范围是2NF10N，7N在这个范围内，当4N和6N和合力为7N，并且与第三个力7N方向相反的时候，所以合力最小就是0，所以合力的最小值为0N14、 .D .0.88 .C .没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不足 .小于【解析】（1）AB、本实验的方法是控制变量法，因拉力F不变时，a和小车m成反比，则和成正比，研究正比性比反比性更直观方便，AB正确；C、平衡摩擦力时应该把打点计时器一端垫高，不挂砂桶时，小车能在木板上匀

18、速运动，打出的纸带点迹均匀，这样就能保证，在将来挂砂桶后，小车收到的合力就是绳子的拉力，C正确；D、本实验目的是为了验证加速度a与力F、质量m的关系，所以不能从结论出发计算拉力，D错误故本题不正确的选D（2）由逐差法可得：（3）本实验要探索“加速度和力的关系”所以应保持小车的总质量不变，钩码所受的重力作为小车所受合外力；由于OA段a-F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；设小车的质量为M，钩码的质量为m，由实验原理得：，而实际上可见AB段明显偏离直线是由于没有满足Mm造成的，即小盘和砝码的质量m太大，故C正确，ABD醋藕故选C（4）由图像可知，只有力F达到一定值时，小车才会有加速度，故造成图像不过原点的原因，是由于没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；（5）图像的斜率为质量的倒数，故【点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，注意只有当钩码的质量远小于小车的总质量时，钩码所受的重力才能作为小车所受外力15、 .1:1; .1:2;【解析】1细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点做匀速转动，所以a、b属于同轴转动，故两球角速度相等，故2根据可知【点睛】解决本题的关键是抓住共轴转动，角速度相等，皮带传动线速度相同。三计算题(22分)16、