甘肃省静宁一中2023学年化学高一第二学期期末经典模拟试题含答案解析

1、2023学年高一下化学期末模拟测试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、下列装置能构成原电池的是ABCD2、下列物质中，属于强电解质的是ACH3COOHBNH3H2OCNH4ClDCO23、下列事实中，不涉及化学反应的是A煤的干馏B氯水使有色布条褪色C常温下，用铁制容器盛装浓硝酸D利用反渗透

2、膜从海水中分离出淡水4、下列关于烃的说法中，正确的是()A烃是只含碳和氢两种元素的有机物B烃是分子中含有碳元素的化合物C烃是燃烧后生成二氧化碳和水的有机物D烃是含有碳和氢元素的化合物5、短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增加，由这些元素组成的常见物质的转化关系如下图,其中a、b、d、g为化合物，a为淡黄色固体，c是Z的单质，在铝热反应中常做引发剂；e、f为常见气体单质。下列有关说法正确的是A简单离子的半径：YZXB简单氢化物的沸点：YXC最高价氧化物对应水化物的碱性：ZYDW、Y的氧化物所含化学键类型相同6、某学生进行蔗糖的水解实验，并检验水解产物中是否含有葡萄糖。他的操作如下：取少量纯蔗

3、糖加适量水配成溶液；在蔗糖溶液中加入35滴稀硫酸；将混合液煮沸几分钟、冷却；在冷却后的溶液中加入银氨溶液，在水浴中加热。实验结果没有银镜产生。其原因是A蔗糖尚未水解B蔗糖水解的产物中没有葡萄糖C加热时间不够D煮沸后的溶液中没有加碱，以中和作催化剂的酸7、随着卤素原子半径的增大，下列递变规律正确的是（ ）A单质的熔、沸点逐渐降低B卤素离子的还原性逐渐增强C单质的氧化性逐渐增强D气态氢化物的稳定性逐渐增强8、实验室利用锌粒和1mol/L的盐酸制取氢气，下列措施不能加快反应速率的是( )A将1mol/L的盐酸改为1mol/L硫酸B将锌粒改为锌粉C加入几滴硫酸铜溶液D加入NaCl溶液9、下列措施对加快

4、反应速率有明显效果的是（ ）ANa与水反应时，增加水的用量BAl与稀硫酸反应制取H2时，改用浓硫酸CNa2SO4与BaCl2两种溶液反应时，增大压强D大理石和盐酸反应制取CO2时，将块状大理石改为粉末状10、下列气体排放到空气中可能形成酸雨的是ACO2BCOCSO2DNH311、下列实验能成功的是A将铁屑、溴水、苯混合制溴苯B苯和硝基苯采用分液的方法分离C聚乙烯使酸性KMnO4溶液褪色D用水鉴别：苯、乙醇、四氯化碳12、相同物质的量的下列有机物充分燃烧，消耗O2最多的是( )AC3H8O BC3H4 CC2H6 DC2H4O213、苯环实际上不具有碳碳单键和双键的简单交替结构，下列均不可作为证

5、据事实的一组是苯的间位二取代物只有一种苯的对位二取代物只有一种苯分子中碳碳键的长度(即分子中两个成键的原子的核间距离)均相等苯不能使酸性KMnO4溶液褪色苯能在加热和催化剂存在的条件下与氢气发生加成反应生成环己烷苯在FeBr3存在的条件下同液溴发生取代反应ABCD14、符合下列分子式的物质在常温不能使酸性高锰酸钾溶液褪色的是（ ）A甲烷 B乙烯 C二氧化硫 D碘化钾15、X、Y、Z 是短周期元素，在周期表中的位置关系如图所示，下列说法不正确的是（ ）AZ单质的熔点一定高于Y单质BX最简单的气态氢化物的稳定性一定高于Y的气态氢化物CX、Z的原子序数之和与Y 的原子序数之比可能为5：3D若Z的最高

6、价氧化物为Z2O7，则Y的气态氢化物为YH316、科学家近年来研制出一种新型细菌燃料电池，利用细菌将有机物转化为氢气，氢气进入以30%KOH为电解质的装置进行发电，电池正极反应为AH22OH2e2H2OBO24H4e2H2OCH22e2HDO22H2O4e4OH17、下列含有共价键的离子化合物是AAl2O3 BNH3H2O CCH3COONa DNa2O18、下列根据实验操作和实验现象所得出的结论正确的是选项实验操作实验现象结论A向KI淀粉溶液中通入Cl2溶液变蓝色Cl2与淀粉发生显色反应B铜粉加入浓硝酸溶液中产生红棕色气体发生了置换反应C向溶液中先滴加H2O2溶液，再滴加KSCN溶液溶液变红

7、色原溶液中含有Fe2+D向蔗糖中加入浓硫酸蔗糖变黑，体积膨胀，放热并伴有刺激性气味浓硫酸具有脱水性和强氧化性AABBCCDD19、在恒温、恒容的密闭容器中进行反应 A（g）B（g）+C（g），若反应物的浓度由2molL-1 降到 0.8molL-1 需要 20s，那么反应物浓度再由 0.8molL-1 降到 0.2molL-1 所需要的时间为A10sB大于 10sC小于 10sD无法判断20、某有机物的结构简式为CH3CH=CH-COOH，下列说法中错误的是A水溶液显酸性 B所有原子一定共面C能够发生加成反应 D能够发生酯化反应21、下列过程中发生了加成反应的是()A乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色

8、B乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色C乙烯燃烧生成二氧化碳和水D光照下甲烷与氯气的混合气体颜色逐渐褪去22、将氯水滴入紫色石蕊试液、硝酸银溶液，将依次观察到紫色石蕊试液先变红后退色、有白色沉淀产生等现象。这些现象与氯水所含的下列哪种微粒无直接关系 （ ）AHClOBH2OCClDH+二、非选择题(共84分)23、（14分）A是一种气态烃。B和D是生活中两种常见的有机物。以A为主要原料合成乙酸乙酯，其中成路线如下图所示：（1）A制备B的方程式为_。（2）B与钠反应的化学方程式为_，利用B与钠反应制备氢气，若制得1 mol H2需要B_mol。（3）物质B在空气中可以被氧气为C，此过程的化学方程式为_。（

9、4）现拟分离含乙酸、乙醇和水的乙酸乙酯粗产品，下图是分离操作步骤流程图，图中圆括号表示加入适当的试剂，编号表示适当的分离方法。写出加入的试剂：(a)是_，(b)是_。写出有关的操作分离方法：是_，是_。24、（12分）下表为元素周期表中的一部分，根据表中列出的7种元素，按要求回答下列问题:（1）元素在周期表中的位置为_，其多种核素中作为相对原子质量标准的核素符号为_。（2）画出元素的原子结构示意图_；在三种元素中，简单离子半径最大的是_（用离子符号表示）。（3）元素与形成最简单的有机物的结构式_。（4）元素与组成原子个数比为21的化合物的电子式_。（5）写出由元素的单质置换出元素的单质化学方程

10、式_。25、（12分）某实验小组用如图所示装置进行乙醇的催化氧化实验。（1）实验过程中铜网出现红色和黑色交替的现象，请写出相应的化学方程式_。在不断鼓入空气的情况下，熄灭酒精灯，反应仍能继续进行，说明该反应是_反应(填“吸热”或“放热”)。（2）甲和乙两个水浴作用不相同：甲的作用是_；乙的作用是_。（3）反应进行一段时间后，干燥试管a中能收集到不同的物质，它们是_，集气瓶中收集到的主要成分是_。26、（10分）根据如图所示的实验装置，回答下列问题：（1）写出铜与浓硫酸反应的化学方程式_（2）证明SO2具有漂白性的现象是_，再加热该溶液，现象是_。（3）装置中的现象是_，证明SO2具有_。（4）

11、装置的作用是_。27、（12分）I. 为了研究化学反应A+B=C+D的能量变化情况，某同学设计了如图所示装置。当向盛有A的试管中滴加试剂B时，看到U形管中甲处液面下降乙处液面上升。试回答下列问题：(1)该反应为_反应(填“放热”或“吸热”)。(2)A和B的总能量比C和D的总能量_(填“高”或“低”)。(3)反应物化学键断裂吸收的能量_(填“高”或“低”)于生成物化学键形成放出的能量。. 用如图所示的装置做铝热反应实验，回答下列问题：(4)写出该反应的化学方程式：_，在该反应中_是氧化剂，氯酸钾的作用是_。(5)选出该实验的实验现象(把序号填写在横线上)：_。镁带剧烈燃烧；放出大量的热，并发出耀

12、眼的白光；纸漏斗的下部被烧穿；有红热状态的液珠落入蒸发皿内的细沙上，液珠冷却后变为黑色固体。28、（14分）现有几种元素的性质或原子结构如下表：元素编号元素性质或原子结构T失去一个电子后，形成Ne原子电子层结构X最外层电子数是次外层电子数的2倍Y其单质之一是空气中主要成分，最常见的助燃剂Z形成双原子单质分子，黄绿色气体（1）元素X的一种同位素用来作原子量标准，这种同位素的符号是_。（2）画出T的原子结构示意图_。（3）写出由T、Y和Z三种元素组成的一种化合物在水溶液中的电离方程式_。29、（10分）超细铜粉主要应用于导电材料、催化剂等领域中。超细铜粉的某制备方法如下：（1）Cu2+的价电子排布

13、式为_。（2）下列关于Cu（NH3)4SO4的说法中，正确的有_。（填字母序号）ACu（NH3)4SO4中所含的化学键有离子键、极性键和配位键BCu（NH3)4SO4的组成元素中第一电离能最大的是氧元素CCu（NH3)4SO4的外界离子的空间构型为正四面体（3）SO32-离子中S原子的杂化方式为_，SO32-离子的空间构型为_。（4）与SO3互为等电子体的一种分子的分子式是_（5）下图是铜的某种氧化物的晶胞结构示意图，由此可确定该氧化物的化学式为_。 2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、A【答案解析】构成原电池的条件是：

14、活泼性不同的金属或金属和非金属，导线连接，并且插入电解质溶液中形成闭合回路。【题目详解】A.锌比银活泼，锌与稀硫酸反应生成氢气，形成了闭合回路，故A可以构成原电池；B.酒精是非电解质，不能构成原电池；C.没有形成闭合回路，不能构成原电池；D.两电极材料相同，均不能与硫酸反应，不能构成原电池。所以答案是A。2、C【答案解析】根据强电解质的定义进行分析；【题目详解】强电解质的定义是在水溶液中完全电离的电解质，A、CH3COOH属于弱酸，即属于弱电解质，故A不符合题意；B、NH3H2O为弱碱，不属于强电解质，故B不符合题意；C、NH4Cl属于盐，即属于强电解质，故C符合题意；D、CO2属于非电解质，

15、故D不符合题意；答案选C。【答案点睛】强电解质一般包括强酸、强碱、多数的盐，弱电解质一般包括：水、弱酸、弱碱等。3、D【答案解析】A. 煤干馏是将煤隔绝空气加强热使其分解，是化学变化，故A错误；B. 氯水使有色布条褪色主要利用了次氯酸的强氧化性，是化学反应，故B错误；C. 常温下，铁在浓硫酸和浓硝酸中，会生成一层致密的氧化膜附着在其表面阻止反应的继续进行，我们将这一化学反应过程称为钝化，故C错误；D. 利用反渗透膜从海水中分离出淡水，没有新物质生成，是物理变化，故D正确；故答案选D。4、A【答案解析】A、烃是只由碳和氢两种元素的有机物，故A正确；B、分子含有碳元素不一定是有机物，例如一氧化碳或

16、二氧化碳，故B错误；C、燃烧反应后生成二氧化碳和水的有机物不一定是烃类，有可能是烃的衍生物，故C错误；D、化合物中含有碳元素和氢元素不一定是有机物，例如碳酸氢钠，故D错误；故选A。5、B【答案解析】分析：短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增加，其中a、b、d、g为化合物，a为淡黄色固体，则a为过氧化钠；c是Z的单质，在铝热反应中常做引发剂，c为金属镁；e、f为常见气体单质，根据框图，镁与化合物b反应生成气体单质f，则f为氢气；过氧化钠与化合物b反应生成气体单质e，则e为氧气，则b为水，d为氢氧化钠，g为氢氧化镁。详解：根据上述分析，a为过氧化钠，b为水，c为镁，d为氢氧化钠，e为氧气，f为

17、氢气，g为氢氧化镁；则W为H、X为O、Y为Na、Z为Mg。A. X为O、Y为Na、Z为Mg，简单离子具有相同的电子层结构，离子半径：XYZ，故A错误；B. 氢化钠是离子化合物，沸点高于水，故B正确；C.元素的金属性越强，最高价氧化物对应水化物的碱性越强，碱性：YZ，故C错误；D.水或过氧化氢都是共价化合物，只含有共价键、氧化钠或过氧化钠都属于离子化合物，含有离子键，化学键类型不同，故D错误；故选B。6、D【答案解析】葡萄糖的检验应在碱性条件下进行，在酸性条件下不能有银镜产生，蔗糖水解在酸性溶液中进行，因此首先要加入氢氧化钠中和硫酸，然后再加入银氨溶液，在水浴中加热，答案选D。7、B【答案解析】

18、卤族元素随着原子序数的递增，其性质呈现规律性的变化，由于相对分子质量的增大，单质的熔沸点逐渐升高，常温下F2、Cl2为气态，Br2为液态，碘为固态，选项A错误；单质的氧化性逐渐减弱选项C错误，对应的卤离子的还原性逐渐增强，选项B正确；气态氢化物的稳定性也逐渐减弱，选项D错误，它们水溶液的酸性却逐渐增强(在相同条件下)。答案选B。8、D【答案解析】A.将1mol/L的盐酸改为1mol/L硫酸，增大了溶液中氢离子的浓度，从而加快了反应速率，故A不选；B.将锌粒改为锌粉，增大了锌与盐酸的接触面积，可以加快反应速率，故B不选；C.锌与滴入几滴硫酸铜溶液反应生成少量的铜，构成铜锌原电池，从而加快了反应速

19、率，故C不选；D.加入NaCl溶液，钠离子和氯离子不参与锌与氢离子的反应，由于溶液体积变大，溶液中氢离子浓度减小，导致反应速率减小，故D选。故选D。9、D【答案解析】A水为纯液体，增加水的用量，反应速率不变，A不选；BAl与浓硫酸发生钝化，不生成氢气，反应速率减小，B不选；C反应没有气体参加，则增大压强，反应速率不变，C不选；D块状大理石改为粉末状，增大了接触面积，反应速率加快，D选；答案选D。10、C【答案解析】A项、二氧化碳是空气的正常成分，溶于水形成碳酸，不能形成酸雨，故A错误；B项、一氧化碳不溶于水，不能形成酸雨，故B错误；C项、二氧化硫溶于水形成亚硫酸，使雨水pH小于5.6，形成酸雨

20、，故C正确；D项、氨气溶于水形成氨水，溶液pH大于7，不能形成酸雨，故D错误；故选C。11、D【答案解析】A苯与溴水不反应，制备溴苯应选液溴，故A错误；B苯与硝基苯混合不分层，不能利用分液分离，应利用蒸馏，故B错误；C聚乙烯中不含碳碳双键，则不能使酸性KMnO4溶液褪色，故C错误；D水与苯混合分层后有机层在上层，水与乙醇不分层，水与四氯化碳混合分层后有机层在下层，现象不同，可鉴别，故D正确；答案选D。12、A【答案解析】根据燃烧通式CxHyOz(x+y/4z/2)O2xCO2y/2H2O可知等物质的量的有机物完全燃烧时，耗氧量取决于(x+y/4z/2)值的大小，其值越大，耗氧量越多。选项AD中

21、(x+y/4z/2)的值分别是4.5、4、3.5、2，因此消耗氧气最多的是C3H8O。答案选A。13、A【答案解析】分析：无论苯的结构中是否有碳碳双键和碳碳单键，苯的间位二元取代物都无同分异构体来分析；无论苯的结构中是否有碳碳双键和碳碳单键，苯的对位二元取代物都无同分异构体来分析；单键和双键的键长不相等；如果苯的结构中存在单双键交替结构，含有双键能够使酸性高锰酸钾溶液褪色；含有双键的物质能够与氢气发生加成反应；如果苯的结构中存在单双键交替结构，含有双键能够与溴发生加成反应。详解：无论苯的结构中是否有碳碳双键和碳碳单键，间位二元取代物均只有一种，所以不能作为证据；无论苯的结构中是否有碳碳双键和碳

22、碳单键，对位二元取代物均只有一种，故不能作为证据；单键和双键的键长不相等，说明苯的结构中不存在单双键交替结构，故能作为证据；苯不能使KMnO4酸性溶液褪色，说明不含双键，说明苯的结构中不存在单双键交替结构，故能作为证据；含有双键的物质能够与氢气发生加成反应，苯能在加热和催化剂存在的条件下与氢气加成生成环己烷，可以用单双健结构来解释，故不能作为证据；苯在FeBr3存在的条件下同液溴发生取代反应，而不是加成反应，说明不含双键，说明苯的结构中不存在单双键交替结构，故能作为证据；答案选A。14、A【答案解析】A甲烷性质稳定，不能够被酸性高锰酸钾溶液氧化，故A选；B乙烯分子中含有碳碳双键，能够被酸性高锰

23、酸钾溶液氧化，从而使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B不选；C二氧化硫具有还原性，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C不选；D碘化钾具有还原性，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故D不选；故选A。点睛：高锰酸钾具有强氧化性，一般来说，具有还原性的无机物，含有碳碳双键、醛基的物质以及一些醇类、酚类、苯的同系物等可被高锰酸钾氧化，能够使酸性高锰酸钾溶液褪色。15、A【答案解析】因X、Y、Z均是短周期元素，根据题图和元素周期表的结构可知，三种元素一定位于元素周期表的右侧。所以Y元素可能是Al、Si、P、S。【题目详解】A当Z单质为氯气时，Y单质为磷，Z单质熔点低于Y单质，A项错误；B根据题图中X和Y的位置关系可知，元素的

24、非金属性XY；所以X的最简单气态氢化物比Y的最简单气态氢化物稳定，B项正确；C设X的原子序数为a，则Y和Z 的原子序数分别为a+7、a+9，若X、Z的原子序数之和与Y的原子序数之比为5：3时，即，解得a=8，X为氧元素，Y为P元素，Z为Cl元素，C项正确；DZ的最高价氧化物为+7价，则Y的最高价为+5，最低价为-3，Y的气态氢化物为YH3，D项正确；所以答案选择A项。16、D【答案解析】负极发生氧化反应，氢气失去电子，正极是氧气得到电子发生还原反应，由于电解质溶液显碱性，则正极反应式为O22H2O4e4OH。答案选D。17、C【答案解析】分析：根据形成化合物的价键类型进行判断。一般情况活泼金属

25、和活泼非金属之间可以形成离子建；非金属之间可以形成共价键。但特殊情况下金属和非金属之间也能形成共价键。如AlCl3属于共价化合物。详解：A.Al2O3属于离子化合物，只含离子键；故A错误；B.NH3H2O属于共价化合物，只含共价键，故B错误；C.CH3COONa属于离子化合物，C、H、O之间是共价键，与Na之间形成的是离子键，故C正确；D.Na2O是只由离子键构成的离子化合物，故D错误；答案：选C。18、D【答案解析】氯气与碘化钾反应置换出碘，淀粉遇碘变蓝色，A错；铜和浓硝酸反应生成硝酸铜、二氧化氮和水，没有单质生成，不是置换反应，B错；若溶液中仅含Fe3+，现象相同，C错；蔗糖变黑，说明浓硫

26、酸具有脱水性，生成炭黑，体积膨胀并伴有刺激性气味，说明生成二氧化硫，浓硫酸表现氧化性，D正确。19、B【答案解析】反应物的浓度由2mol/L降到0.8mol/L时的平均反应速率v=0.06mol/(Ls)，假设以0.06mol/(Ls)的反应速率计算反应物A的浓度由0.8mol/L降到0.2mol/L所需反应时间t=10s，实际上A物质的化学反应速率是随着物质浓度的减小而减小，所以反应物的浓度由0.8mol/L降到0.2mol/L时的平均反应速率小于0.06mol/(Ls)，所用时间应大于10s，故选B。【答案点睛】解答本题要注意浓度对反应速率的影响，20s后A的浓度减小，以后的反应速率要小于

27、20s内的反应速率。20、B【答案解析】分析：有机物分子中含有碳碳双键和羧基，结合相应官能团的结构与性质解答。详解：A. 含有羧基，其水溶液显酸性，A正确；B. 含有甲基，则所有原子一定不共面，B错误；C. 含有碳碳双键，能够发生加成反应，C正确；D. 含有羧基，能够发生酯化反应，D正确。答案选B。21、B【答案解析】有机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应是加成反应。【题目详解】A.乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色，原因是高锰酸钾和乙烯发生了氧化反应而使高锰酸钾溶液褪色，故A错误；B.乙烯和溴能发生加成反应，生成1，2-二溴乙烷，从而使溴的四氯化碳溶液褪色

28、，故B正确；C.乙烯燃烧生成二氧化碳和水，属于氧化反应，故C错误；D.乙烯与氯气的混合气体在光照条件下反应，乙烯中的氢原子被氯原子所代替生成氯代物和氯化氢，属于取代反应，故D错误。故选B。【答案点睛】消去反应是指在一定条件下，有机物脱去小分子生成含有不饱和的有机物的反应；加成反应是指有机物分子中的双键或叁键发生断裂，加进（结合）其它原子或原子团的反应叫加成反应；取代反应是指有机物分子里的原子或原子团被其他原子或原子团代替的反应；氧化反应是指有机反应中得氧或失氢的反应为氧化反应；根据以上有机反应的概念进行判断。22、B【答案解析】测试卷分析：氯水滴入紫色石蕊试液，观察到紫色石蕊试液先变红后褪色，

29、含H+显酸性，溶液变红，含HClO具有漂白性，后来溶液褪色，滴入硝酸银溶液，有白色沉淀产生，是因含Cl-，生成AgCl沉淀，答案选B。【考点定位】本题考查氯水的成分及性质【名师点晴】氯水中含氯气、HClO、水三种分子，含H+、Cl-、ClO-、OH-，HClO具有漂白性，溶液具有酸性，氯气和HClO具有氧化性，因此把握现象与氯水中微粒的性质的关系为解答的关键。二、非选择题(共84分)23、CH2=CH2+H2OCH3CH2OH 2CH3CH2OH+2Na2CH3CH2ONa+H2 2 2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O 饱和碳酸钠溶液 H2SO4 分液 蒸馏 【答案解析】B和D反

30、应生成乙酸乙酯，B氧化生成C，C氧化生成D，故B为乙醇，C为乙醛，D为乙酸，A与水反应生成乙醇，故A为乙烯。（1）乙烯与与水加成反应生成乙醇，反应的方程式为CH2=CH2+H2OCH3CH2OH，故答案为CH2=CH2+H2OCH3CH2OH；（2）乙醇与钠反应放出氢气，反应的化学放出式为2CH3CH2OH+2Na2CH3CH2ONa+H2，根据方程式，制得1molH2需要2mol，故答案为2CH3CH2OH+2Na2CH3CH2ONa+H2；2； （3）乙醇在空气中可以被氧气为乙醛，反应的方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案为2CH3CH2OH+O22CH3CHO

31、+2H2O；（4）加入饱和碳酸钠溶液a，溶解乙醇和乙酸反应生成醋酸钠溶液，乙酸乙酯在碳酸钠溶液中不溶分层分液后将乙酸乙酯分离出来，蒸馏混合溶液分离出乙醇，然后向剩余混合液中加入稀硫酸b，稀硫酸与醋酸钠反应生成醋酸和硫酸钠混合溶液，蒸馏将醋酸分离出来，故答案为饱和碳酸钠；稀硫酸溶液；乙酸乙酯在碳酸钠溶液中不溶分层分液后将乙酸乙酯分离出来，蒸馏混合溶液分离出乙醇，故答案为分液；蒸馏。点睛：本题考查有机物的推断，涉及烯烃、醇、醛、羧酸的性质与转化和乙酸乙酯的除杂。解题时注意饱和碳酸钠溶液的作用，乙醇、乙酸、乙酸乙酯的性质的掌握。本题的易错点是方程式的书写。24、第2周期A族612CS2-SiO2+3

32、CSiC+2CO【答案解析】本题考查元素周期表和元素周期律的应用，（1）根据元素周期表，为C，位于第二周期IVA族，用作相对原子质量标准的核素是碳12，其符号是612C；（2）为S，16号元素，原子结构示意图为，分别是Na、Al、S，其离子分别是Na、Al3和S2，半径大小比较一般电子层数越多，半径越大，电子层数相同，半径随着原子序数的增大而减小，因此有S2NaAl3；（3）最简单的有机物是CH4，其结构式为；（4）为H，为O，组成个数比为2：1，即为H2O，其电子式为：；（5）为C，为Si，反应方程式为：SiO2+3CSiC+2CO。25、， 放热 加热 冷却 乙醛、乙醇、水 氮气 【答案解

33、析】由实验装置图可知，无水乙醇在水浴加热的条件下将乙醇变成乙醇蒸气，鼓入空气，乙醇在铜做催化剂条件被氧气氧化成乙醛，反应的化学方程式为2，试管a放入冷水中，目的是冷却反应得到的混合气体，试管a中收集到的液体为乙醛、乙醇和水，空气中的氧气参与反应，集气瓶中收集到的气体的主要成分是氮气。【题目详解】（1）实验过程中铜网与氧气加热反应生成氧化铜，出现黑色，反应的化学方程式为，反应生成的氧化铜与乙醇加热发生氧化还原反应生成铜、乙醛和水，出现红色，反应的化学方程式为；在不断鼓入空气的情况下，熄灭酒精灯，反应仍能继续进行，说明该反应是放热反应，放出的热量能够维持反应继续进行；（2）甲为热水浴，使乙醇平稳气

34、化成乙醇蒸气，起到提供乙醇蒸汽的作用；乙为冷水浴，冷却反应得到的混合气体，便于乙醛的收集；（3）经过反应后并冷却，a中收集到的物质有易挥发的乙醇，反应生成的乙醛和水；空气中的氧气参与反应，丙中集气瓶内收集到气体的主要成分氮气，。【答案点睛】易错点是干燥试管a中能收集不同的物质，忽略乙醇的挥发性，漏写乙醇和水。26、Cu+2H2SO4（浓）CuSO4+2H2O+SO2 褪色 又变为红色； 褪色 还原性 吸收多余的二氧化硫气体，防止污染空气 【答案解析】铜与浓硫酸混合加热反应生成硫酸铜、二氧化硫；二氧化硫具有还原性、漂白性，气体有毒，可以用碱液进行吸收。【题目详解】（1）浓硫酸和铜在加热的条件下生

35、成硫酸铜、二氧化硫和水，化学方程式为：Cu+2H2SO4（浓）CuSO4+2H2O+SO2；（2）SO2可以使品红溶液褪色，体现了SO2具有漂白性，SO2的漂白是暂时性的漂白，生成的物质不稳定，受热易分解，重新变为红色；（3）二氧化硫具有较强的还原性，可与溴单质反应生成硫酸和氢溴酸，因此装置中的现象为溶液褪色；（4）二氧化硫污染空气，二氧化硫可以被氢氧化钠溶液吸收，减少空气污染，因此装置的作用是：吸收多余的二氧化硫气体，防止污染空气；【答案点睛】本题考查浓硫酸和二氧化硫的性质，涉及浓硫酸的强氧化性和二氧化硫的漂白性、还原性，读懂实验装置图是解题的关键，整体比较基础，难度不大。27、 放热 高 低 2AlFe2O32FeAl2O3 Fe2O3 助燃剂，引发铝热反应 【答案解析】I.(1)当向盛有A的试管中滴加试剂B时，看到U形管中甲处液面下降乙处液面上升，这说明空气受热膨胀，因此反应中放出能量，即该反应是放热反应；(2)反应是放热反应，因此A和B的总能量比C和D的总能量高。(3)由于断键吸热，形成化学键放热，而该反应是放热反应，则反应物化学键断裂吸收