2022-2023学年安徽省安庆市麦园中学高三物理模拟试卷含解析

1、2022-2023学年安徽省安庆市麦园中学高三物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. (多选)有密度相同的两颗行星A和B，已知A星的表面重力加速度是B星表面重力加速度的2倍（忽略行星自转的影响），则下列说法正确的是 （ ）A两行星A、B的质量之比为81；B两行星A、B的半径之比为21；C两行星A、B的第一宇宙速度之比为12；D两行星A、B的第一宇宙速度之比为21。参考答案：ABD2. 投飞镖是深受人们喜爱的一种娱乐活动如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方忽略飞镖运动过程中所受空气阻

2、力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时应该() A换用质量稍大些的飞镖B适当减小投飞镖的高度C到稍远些的地方投飞镖D适当增大投飞镖的初速度参考答案：D3. 电吉他是利用电磁感应原理工作的一种乐器如图甲为电吉他的拾音器的原理图，在金属弦的下方放置有一个连接到放大器的螺线管一条形磁铁固定在管内，当拨动金属弦后，螺线管内就会产生感应电流，经一系列转化后可将电信号转为声音信号。若由于金属弦的振动，螺线管内的磁通量随时间的变化如图乙所示，则对应感应电流的变化为（ ）A. B. C. D. 参考答案：B由可知在t0时刻磁通量的变化率最大，感应电流最大，B对；4. （多选）如图,穿在水

3、平直杆上质量为m的小球开始时静止.现对小球沿杆方向施加恒力F0,垂直于杆方向施加竖直向上的力F,且F的大小始终与小球的速度成正比,即F=k(图中未标出).已知小球与杆间的动摩擦因数为,已知小球运动过程中未从杆上脱落，球上小孔直径略大于直杆直径，且F0mg.下列说法正确的是：( )A.小球先做加速度减小的加速运动,后做加速度增大的减速运动直到静止B.小球先做加速度增大的加速运动,后做加速度减小的加速运动，直到最后做匀速运动C.小球的最大加速度为 D.恒力F0的最大功率为参考答案：BCD5. （多选）如图甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B

4、随时间t的变化关系如图乙所示t=0时刻，磁感应强度B的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向水平向左为正则下面关于感应电流i和cd所受安培力F随时间t变化的图象正确的是（）A. B. C. D. 参考答案：AC法拉第电磁感应定律；安培力解：A、02s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，为正值根据法拉第电磁感应定律，E=B0S为定值，则感应电流为定值，在23s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，为正值，大小与02s内相同在34s内，磁感应强度垂直纸面向外，且逐渐减小

5、，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与02s内相同在46s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与02s内相同故A正确，B错误C、在02s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，电流恒定不变，根据FA=BIL，则安培力逐渐减小，cd边所受安培力方向向右，为负值0时刻安培力大小为F=2B0I0L在2s3s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据FA=BIL，则安培力逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，为正值，3s末安培力大小为B0I0L在23s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd

6、边所受安培力方向向右，为负值，第4s初的安培力大小为B0I0L在46s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，6s末的安培力大小2B0I0L故C正确，D错误故选AC二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 氦原子被电离出一个核外电子,形成类氢结构的氦离子,已知基态的一价氦离子能量为E1=-54.4eV,能级图如图所示,则一价氦离子第能级En=_ eV;一个静止的处于基态的一价氦离子被运动的电子碰撞后又失去了一个电子,则运动电子的动能一定大于_eV.参考答案：7. 在如图所示的四张图中，AB、BC均为轻质杆，各图中杆的A、C端都通

7、过铰链与墙连接，两杆都在B处由铰链相连接。图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的有_；图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的有_。参考答案： 答案：A、C、D，C 8. 如图，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面（纸面）向里，磁感应强度大小为B0，半圆弧导线框的直径为d，电阻为R。使该线框从静止开始绕过圆心O、垂直于半圆面的轴以角速度匀速转动半周，线框中产生的感应电流大小为_。现使线框保持图中所示位置，让磁感应强度大小随时间线性变化。为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率的大小应为_。参考答案：；9. 计算地球周

8、围物体的重力势能更一般的方法是这样定义的：跟地球中心的距离为r时，物体具有的万有引力势能为EP= ，M为地球的质量，m为物体的质量，以离地球无穷远为引力势能零地位置。若物体发射速度达到一定的程度就能逃脱地球的引力作用范围，这个速度叫地球的逃逸速度。已知地球的半径为R.则物体从地面移到无限远的过程中，引力做功_。参考答案：10. 如图甲所示，取一支大容量的注射器，拉动活塞吸进一些乙醚，用橡皮帽把小孔堵住，迅速向外拉动活塞到一定程度时，注射器里的液态乙醚消失而成为气态，此时注射器中的温度 （“升高”、“降低”或“不变”），乙醚气体分子的速率分布情况最接近图乙中的 线（ “A”、“ B”、“C”）。

9、图中表示速率处单位速率区间内的分子数百分率。参考答案：降低 B11. 一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示。则：_弹簧的原长更长，_弹簧的劲度系数更大。（填“a”或“b”） 参考答案：b a12. 下图为接在50Hz低压交流电源上的打点计时器，在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所示的是每打5个点所取的记数点，但第3个记数点没有画出。由图数据可求得：（1）该物体的加速度为 m/s2， .com（2）第3个记数点与第2个记数点的距离约为 cm，（3）打第2个计数点时该物体的速度为 m/s。参考答案：(1)0.7

10、4 (2)4.36 (3)0.399（1）设1、2间的位移为x1，2、3间的位移为x2，3、4间的位移为x3，4、5间的位移为x4；因为周期为T=0.02s，且每打5个点取一个记数点，所以每两个点之间的时间间隔T=0.1s；由匀变速直线运动的推论xm-xn=(m-n)at2得：x4-x1=3at2带入数据得：（5.84-3.62）10-2=a0.12解得：a=0.74m/s2（2）第3个记数点与第2个记数点的距离即为x2，由匀变速直线运动的推论：x2-x1=at2得：x2=x1+at2带入数据得：x2=3.6210-2+0.740.12=0.0436m即为：4.36cm（3）由中间时刻的瞬时速

11、度等于这段时间的平均速度可知=0.399m/s.13. 磁电式电流表（表头）最基本的组成部分是磁铁和放在磁铁两极之间的线圈，由于线圈的导线很细，允许通过的电流很弱，所以在使用时还要扩大量程已知某一表头G，内阻Rg=30，满偏电流Ig=5mA，要将它改装为量程为03A的电流表，所做的操作是并联（填“串”或者“并”）一个0.05的电阻参考答案：考点：磁电式电表原理分析：把电流表改装成大量程电流表，应给电流表并联一个电阻，阻值R并=，I为量程解答：解：改装成电流表是要扩大电流的量程，使用并联电路的分流原理；要并联的阻值为：R并=0.05；故答案为：并，0.05点评：改装成电流表要并联电阻分流，电阻值

12、等于满偏电压除以所分最大电流，改装成电压表要串联电阻分压，电阻值等于量程除以满偏电流减去原内阻三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （简答）光滑的长轨道形状如图所示，下部为半圆形，半径为R，固定在竖直平面内质量分别为m、2m的两小环A、B用长为R的轻杆连接在一起，套在轨道上，A环距轨道底部高为2R现将A、B两环从图示位置静止释放重力加速度为g求：（1）A环到达轨道底部时，两环速度大小；（2）运动过程中A环距轨道底部的最大高度；（3）若仅将轻杆长度增大为2R，其他条件不变，求运动过程中A环距轨道底部的最大高度参考答案：（1）A环到达轨道底部时，两环速度大小为；（2）运动过程

13、中A环距轨道底部的最大高度为R；（3）若仅将轻杆长度增大为2R，其他条件不变，运动过程中A环距轨道底部的最大高度为R解：（1）A、B都进入圆轨道后，两环具有相同角速度，则两环速度大小一定相等，对系统，由机械能守恒定律得：mg?2R+2mg?R=（m+2m）v2，解得：v=；（2）运动过程中A环距轨道最低点的最大高度为h1，如图所示，整体机械能守恒：mg?2R+2mg?3R=2mg（hR）+mgh，解得：h=R；（3）若将杆长换成2R，A环离开底部的最大高度为h2如图所示整体机械能守恒：mg?2R+2mg（2R+2R）=mgh+2mg（h+2R），解得：h=R；答：（1）A环到达轨道底部时，两环

14、速度大小为；（2）运动过程中A环距轨道底部的最大高度为R；（3）若仅将轻杆长度增大为2R，其他条件不变，运动过程中A环距轨道底部的最大高度为R15. （6分）小明在有关媒体上看到了由于出气孔堵塞，致使高压锅爆炸的报道后，给厂家提出了一个增加易熔片（熔点较低的合金材料）的改进建议。现在生产的高压锅已普遍增加了含有易熔片的出气孔（如图所示），试说明小明建议的物理道理。参考答案：高压锅一旦安全阀失效，锅内气压过大，锅内温度也随之升高，当温度达到易熔片的熔点时，再继续加热易熔片就会熔化，锅内气体便从放气孔喷出，使锅内气压减小，从而防止爆炸事故发生。四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 左图所示为

15、一列沿水平方向传播的简谐横波在t=0时的波形图，右图是这列波中质点P的振动图线，求： 该波的传播方向； 该波的传播速度参考答案：传播方向：沿轴负方向（2分）由图象可知：，传播速度：（2分）17. 在竖直平面直角坐标系xOy内，第象限存在沿y轴正方向的匀强电场E1，第、象限存在沿y轴正方向的匀强电场E2（E2=），第象限内还存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场B1，第象限内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场B2一带正电的小球（可视为质点）从坐标原点O以某一初速度v进入光滑的半圆轨道，半圆轨道在O点与x轴相切且直径与y轴重合，如图所示，小球恰好从轨道最高点A垂直于y轴飞出进入第象限的匀强电场中，偏转后经

16、x轴上x=R处的P点进入第象限磁场中，然后从y轴上Q点（未画出）与y轴正方向成60角进入第象限磁场，最后从O点又进入第一象限电场已知小球的质量为m，电荷量为q，圆轨道的半径为R，重力加速度为g求：（1）小球的初速度大小；（2）电场强度E1的大小；（3）B1与B2的比值参考答案：解：（1）小球恰好从轨道最高点A垂直于y轴飞出，则小球在A点轨道对小球的作用力为零，即重力作为向心力，则有：；又有小球在光滑轨道上运动，只有重力做功，那么机械能守恒，所以有：=；解得：；（2）小球在第一象限只收电场力和重力的作用，合外力F=mgqE1，方向竖直向下，故小球做类平抛运动；在水平方向上有：x=vAt；在竖直方

17、向上有：；所以， =；（3）由（2）可得小球进入第四象限时速度v的水平分量为：；v的竖直分量为：；所以，v与x轴正向之间的夹角为60；小球在第三、第四象限所受的电场力F电=qE2=mg，故小球的合外力为洛伦兹力，所以，小球在洛伦兹力的作用下做圆周运动，如图所示，那么由图上几何关系可知，小球在第四象限做圆周运动的半径R1有关系式：R1sin30+R1cos30=x，所以，；小球在第三象限做圆周运动的半径R2有关系式：2R2cos30=R1sin30+R1cos30=x，所以，；又有洛伦兹力做向心力，所以，；所以，；答：（1）小球的初速度大小为；（2）电场强度E1的大小为；（3）B1与B2的比值为【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【分析】（1）由牛顿第二定律求得小球在A点的速度，再根据机械能守恒求得初速度；（2）分析小球受力情况，然后由类平抛的位移公式联立求解电场强度；（3）由（2）求得小球进入第四象限的速度大小和方向，然后根据几何关系求得小球在第三、第四象限的半径比，在对小球进行受力分析，应用牛顿第二定律即可求得磁感应强度之比18. 如图所示，上端开口的光滑圆形气缸竖直放置，活塞将一定质量的气体封闭在气缸内。在气缸内距缸底60cm处设有卡环ab，使活塞只能向上滑动。开始时活