2022-2023学年江西省鹰潭市马荃中学高二物理上学期期末试题含解析

1、2022-2023学年江西省鹰潭市马荃中学高二物理上学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 下面能正确表示做自由落体运动的物体下落的速度随时间变化的图像的是参考答案：B2. 如图所示，一个小木块被压缩的弹簧卡在玩具小车的左、右两壁之间，当小车在水平面上向右做加速度逐渐增大的加速运动时，不计一切摩擦，玩具小车左、右两壁受到的压力F1和F2的变化情况为（ ）A.F1增大，F2不变B.F1不变，F2减小C. F1增大，F2减小D.F1增大，F2增大参考答案：AD3. （多选）如图所示，A、B两物体用细绳相连跨过光滑滑轮悬挂起来，B物体放在水

2、平地面上，A、B两物体均静止.现将B物体稍向左移一点，A、B两物体仍静止，则此时与原来相比（ ）A绳子拉力变大B地面对物体B的支持力变大C地面对物体B的摩擦力变大D物体B受到的合力变大参考答案：BC4. 物理学家通过艰苦的实验来探究自然的物理规律，为人类的科学做出了巨大贡献，值得我们敬仰下列描述中符合物理学史实的是（ ）A法拉第提出一种观点，认为在电荷的周围存在着由它产生的电场B洛伦兹通过实验测定了磁场对电流的作用力C奥斯特发现了电流的磁效应并提出了分子电流假说D安培最早测定了元电荷e的数值参考答案：A5. （单选）电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电

3、路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是( )A电压表和电流表读数都减小 B电压表和电流表读数都增大C电压表读数增大，电流表读数减小 D电压表读数减小，电流表读数增大参考答案：B二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （4分）在国际单位制中，加速度的单位是“米/秒2”，读作“ ”。加速度是描述速度变化 的物理量。参考答案：米每二次方秒，快慢7. （3分）一个电容器带电量为Q时，两极板间的电压为U，若使其带电量增加4.010-7C，电势差增加20V。则这个电容器的电容是 HYPERLINK / _。参考答案：210-8 8. 如图所示是等离子体发电机的示意图，磁感

4、应强度为B,方向垂直纸面向里，两极板间距离为d，要使输出电压为U，则等离子体的速度v为 ，a是电源的 (正、负极)参考答案： ； 正 9. 如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，当开关闭合时，发现指针向右摆动，若要使指针向左摆动，滑片向 （选左或右）迅速移动，线圈A竖直向上运动时，穿过线圈B的磁通量将 （选填“变大”或“变小”）。在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化了0.06Wb，经历的时间为0.2s，则每匝线圈中产生的感应电动势为 0.2 V。参考答案：左 变小 0.3 10. 如图所示，是测量电池的电动势和内阻的实验中得到的图 线，则 该 电 池 的 电 动 势 为 V，内阻为 ，电流为

5、0.5A时 外 电 阻 为 。参考答案：1.5 V， 0.83或5/6, 2.17 。11. （19分）（1）实验室常用打点计时器打出的纸带，研究与纸带相连接物体的运动.纸带上直接记录的物理量有 和 ；若打点计时器使用的交流电源的频率为f，每5个点取一个记数点，则相邻记数点的时间间隔为 .参考答案：时间、位移（或位置）、5/f解：用打点计时器研究小车的运动情况时，打出的纸带上记录的是相邻两点间的时间间隔是相等的，同时还记录了运动物体在此时间内通过的路程每5个点取一个点，则记数点之间的时间间隔为5T，T ，所以时间间隔为 ，故答案为：时间、位移（或位置）、5/f12. 某校三人学习奥小组合作探究

6、电容器的影响因素，电容器充电完成后与电源断开，按如图连接在一起：(1)甲同学将B极板向上移动，观察到静电计的指针偏角_；（选填“变大” “变小”“不变”）。(2) 乙同学将B极板_（选填“左动” “右动”“旋转”），观察到静电计的指针偏角变小。（3）丙同学在A、B极板之间插入云母片，观察到静电计的指针偏角_；（选填“变大” “变小”“不变”）。（4）三位同学应用他们实验得到的结论分析某核电站所使用的冷却系统自动化检测技术的原理。如图是一种通过检测电容器电容的变化来检测液面高低的仪器原理图。如果指示器显示出电容增大了,则必为液面_(“升高”、“降低”或“不变”).参考答案： (1). （1）变大

7、； (2). （2）右； (3). （3）变小； (4). （4）升高（1）若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，由电容的决定式分析知电容减小，电容器的电量不变，根据电容的定义式C=Q/U，极板间的电压U增大，则静电计指针偏角变大；（2）静电计的指针偏角变小，说明U减小，根据C=Q/U可知C变大，根据可知，d减小，即极板B向右移动；（3）在A、B极板之间插入云母片，根据可知，C变大，根据电容的定义式C=Q/U，极板间的电压U减小，则静电计指针偏角变小；（4）改变两电极正对面积时，根据电容器的决定式可知，电容增大，说明液面升高【点睛】对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量当电容器保持与电源

8、相连时，电压不变当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变根据电容的决定式和定义式结合进行分析13. 电容器是储存 的装置，影响平行板电容器电容量的因素是：极板的正对面积、 、极板间电介质的性质。参考答案：电荷 板间距离三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. (1)在“用单摆测定重力加速度”实验中，若摆球在纸面内摆动，为了将人工记录振动次数改为自动记录振动次数，在摆球运动最低点的前、后两侧分别放置一激光光源与光敏电阻，激光束与纸面垂直，如图11所示光敏电阻与某一自动记录仪相连，该仪器显示的光敏电阻阻值R随时间t的变化图线如图12所示，则该单摆的振动周期为_，若保持悬点到小球

9、顶点的绳长不变，改用直径是原小球直径2倍的另一小球进行实验，则该单摆的周期将_(填“变大”、“不变“或“变小”)， (2)某实验小组在进行“用单摆测定重力加速度”的实验中，已知单摆在摆动过程中的摆角小于5；在测量单摆的周期时，从单摆运动到最低点开始计时，同时记数为l，到第n次经过最低点所用的时间为t；在测量单摆的摆长时，先用毫米刻度尺测得悬点到摆球的最上端长度为L，再用螺旋测微器测得摆球的直径为d（读数如图13所示） 该单摆的振动周期为_ 摆球的直径为_mm . 实验结束后，某同学发现他测得的重力加速度的值总是偏大，其原因可能是：_ A单摆的悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了 B把n次

10、摆动的时间误记为（n+1）次摆动的时间 C以摆线长作为摆长来计算 D.以摆线长与摆球的直径之和作为摆长来计算参考答案：15. 一位学生使用多用电表测电阻，他在实验中有违反使用规则之处，其主要实验步骤如下：A、把选择开关扳到1k的欧姆挡上；B、把表笔插入测试笔插孔中，先把两根表笔相接触，旋转调零旋钮，使指针指在电阻刻度的零位上；C、把两根表笔分别与某一待测电阻的两端接触，发现这时指针偏转较大；D、换用100的欧姆挡上，发现这时指针偏转适中，随即记下欧姆数值；E、把表笔从测试笔插孔中拔出后，把多用表放回桌上原处，实验完毕.这个学生在测量时已注意到：待测电阻与其它元件和电源断开，不用手碰表笔的金属杆

11、.这个学生在实验中违反了使用规则的地方是：_.参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图，匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，边长为L=10cm的正方形线圈abcd共100匝，线圈电阻r=1，线圈绕垂直于磁感线的轴匀速转动=2rad/s，外电路电阻R=4求：（1）线圈产生的感应电动势的最大值（2）交流电压表的示数（3）线圈转动一周在电阻R上产生的热量参考答案：解：（1）线圈产生的感应电动势的最大值=（V）（2）感应电动势有效值（V）电流（A）电压表测量的是电阻R两端的电压U=IR=（V）（2）周期线圈转动一周电阻R上产生的热量=J答：（1）线圈产生的感应电动势的最大值为（V）（2

12、）交流电压表的示数为（3）线圈转动一周在电阻R上产生的热量为0.8J【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系【分析】（1）先根据Em=NBS求出最大值；（2）电压表测量的是电阻R的电压，根据闭合电路欧姆定律即可求解（3）根据焦耳定律计算电阻R上的热量17. 某小型发电站的发电机输出交流电压为500 V，输出电功率为100 kW，如果用电阻为3 的输电线向远处用户送电，这时用户获得的电压和电功率是多少？假如，要求输电线上损失的电功率是输送功率的1.2%，则发电站要安装一个升压变压器，到达用户前再用降压变压器变为220 V供用户使用，不考虑变压器的能量损失，这两个变压器原、副线圈的匝数比各是多少参

13、考答案：用500 V电压送电时示意图如图13214所示，50 kW的电功率在输电线上的电流I0200 A (2分) 用户获得电压U1U0I0R(5001003) V250 V (2分)用户获得的功率P1I0U15104 W (1分)改用高压输送时示意图如图13215所示，要求P损1.2%P，即P损1001031.2% W1200W (2分)图13215输电电流I20 A (1分)发电站升压后输电电压U5000 V， (1分)升压变压器匝数比1/5， (2分)输电线上损失的电压UIR203 V60 V (1分)降压变压器的输入电压U2UU4940 V， (1分)降压变压器的匝数比494/25.

14、(2分)18. 如图所示，为一汽缸内封闭的一定质量的气体的pV图线，当该系统从状态a沿过程acb到达状态b时，有335J的热量传入系统，系统对外界做功126J求：（1）若沿adb过程，系统对外做功42J，则有多少热量传入系统？（2）若系统由状态b沿曲线过程返回状态a时，外界对系统做功84J，问系统是吸热还是放热？热量传递是多少？参考答案：解：（1）沿acb过程，由热力学第一定律得：U=W+Q=（126+335）J=209J沿adb过程，U=W+Q；Q=UW=209（42）J=251J即有251J的热量传入系统（2）由ab，U=209J；由ba，U=U=209J根据热力学第一定律有：U=W+Q=84J+Q；得：Q=（20984）J=293J负号说明系统放出热量，