2022届北京市朝阳区17中高二化学第二学期期末检测模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、能表示人体大量喝水时，胃液的pH变化的图象是（ ）AABBCCDD2、现有下列氧化还原反应：2BrCl2Br22Cl 2Fe2+Br22Fe 3+2Br 2MnO4-10Cl16H+2Mn2+5Cl28H2O根据上述反应判断下列结论正确的是A反应中

2、的氧化剂是BrB反应中Fe2+发生还原反应C氧化性：MnO4-Cl2Br2Fe 3+D向FeBr2的溶液中滴加过量酸性KMnO4溶液，发生反应：MnO4-5Fe2+8H+Mn2+5Fe 3+4H2O3、萤石(CaF2)属于立方晶体（如图），晶体中每个Ca2被8个F包围，则晶体中F的配位数为A2B4C6D84、某有机物的结构简式为，该有机物不可能发生的化学反应是A水解反应B酯化反应C加成反应D还原反应5、在25时，密闭容器中X、Y、Z三种气体的初始浓度和平衡浓度如下表：物质XYZ初始浓度/molL10.10.20平衡浓度/molL10.050.050.1下列说法错误的是A反应达到平衡时，X的转化

3、率为50%B反应可表示为X3Y 2Z，其平衡常数为1600C增大压强使平衡向生成Z的方向移动，平衡常数增大D升高温度平衡常数增大，则此反应为吸热反应6、实验室利用乙醇催化氧化法制取并提纯乙醛的实验过程中，下列装置未涉及的是（）ABCD7、两种气态烃的混合气体共1mol，在氧气中完全燃烧后生成1.5molCO2和2molH2O。关于该混合气体的说法不正确的是A一定含甲烷 B可能含乙烷 C可能含乙烯 D可能含丙炔8、 “春蚕到死丝方尽，蜡炬成灰泪始干”是唐代诗人李商隐的著名诗句，下列关于该诗句中所涉及物质的说法错误的是( )A蚕丝的主要成分是蛋白质B古代的蜡是高级脂肪酸酯，属于高分子聚合物C蚕丝属

4、于天然高分子材料D“蜡炬成灰”过程中发生了氧化反应9、下列说法不正确的是（ ）A用润湿的pH试纸测定稀碱溶液的pH，测定值偏小B用碱式滴定管量取22.00mL的KMnO4溶液C用纯碱溶液清洗油污时，加热可以增强其去污能力D用NaHCO3和Al2（SO4）3两种溶液可作泡沫灭火剂10、与CO互为等电子体的是（）ACO2 BN2 CHCl DO211、中国科技大学的科学家将C60分子组装在一单层分子膜表面，在268时冻结分子的热振荡，利用扫描隧道显微镜首次“拍摄”到能清楚分辨碳原子间单、双键的分子图象下列化合物分子中一定既含键又含键的是（）AN2BCO2CC2H6ODH2O212、实验室提纯含少量

5、氯化钠杂质的硝酸钾的过程如右图所示。下列分析正确的是A操作是过滤，将固体分离除去B操作是加热浓缩、趁热过滤，除去杂质氯化钠C操作是过滤、洗涤，将硝酸钾晶体从溶液中分离出来D操作总共需两次过滤13、下列物质中，与新制氢氧化铜悬浊液共热时能产生红色沉淀的是 ( )ACH2=CHCH2OHBCH3CH2CHOCCH3COCH3DHOOCCH2CH314、下列分子或离子中，不存在sp3杂化类型的是ASO42-BNH3CC2H6DSO215、下列物质中一定属于纯净物的一组是()甲苯 冰醋酸铝热剂普通玻璃 水玻璃漂白粉密封保存的NO2气体冰水混合物含氧40%的氧化镁 C5H12ABCD16、下列说法错误的

6、是()糖类均可发生水解反应动物油、植物油、矿物油都是由C、H、O三种元素组成油脂属于高分子，水解产物之一是甘油向淀粉溶液中加入稀硫酸，加热几分钟，冷却后再加入新制Cu(OH)2悬浊液，加热，没有红色沉淀生成，说明淀粉没有水解成葡萄糖向鸡蛋清中滴加饱和Na2SO4溶液出现沉淀的现象属于化学变化ABCD全部二、非选择题（本题包括5小题）17、4-羟基扁桃酸可用于制备抗生素及血管扩张类的药物，香豆素-3-羧酸可用于制造香料，二者合成路线如下（部分产物及条件未列出）：已知;（R，R，R表示氢、烷基或芳基）（1）A相对分子质量为60，常在生活中用于除去水壶中的水垢，A的结构简式是_。（2）D 4-羟基扁

7、桃酸反应类型是_。（3）中、 3个-OH的电离能力由强到弱的顺序是_。（4）W 香豆素-3-羧酸的化学方程式是_。（5）关于有机物F下列说法正确的是_。a存在顺反异构 b分子中不含醛基 c能发生加成、水解、氧化等反应 d. 1mol F 与足量的溴水反应，最多消耗 4 molBr2（6）某兴趣小组将 4-羟基扁桃酸进行如下操作1molH在一定条件下与足量NaOH溶液反应，最多消耗NaOH的物质的量为_mol.符合下列条件的 I 的同分异构体（不考虑立体异构）为_种。a属于一元羧酸类化合物b苯环上只有 2 个取代基，其中一个是羟基副产物有多种，其中一种是由 2 分子 4-羟基扁桃酸生成的含有 3

8、 个六元环的化合物，该分子中不同化学环境的氢原子有_种。18、已知A是一种重要的基本化工原料，其分子中碳元素的百分含量为85.7%，且相对分子量小于30。A、B、C、D、E、F、G、H有下图所示的转化关系（部分产物已略去）。其中B为高分子化合物，C为无色无味气体，实验室中可以通过G与大理石制取。D为烃，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色。E、G为生活中常见的有机物，且E有特殊香味，H有香味。（1）写出下列各物质的官能团的名称：A _；E _；（2）按要求写出下列各步变化的化学方程式反应_；反应_；反应 _。（3）写出下列反应类型：反应_，反应_。19、为测定某样品中氟元素的质量分数进行如下实验，利用高

9、氯酸(高沸点酸)将样品中的氟元素转化为氟化氢(氢氟酸为低沸点酸，含量低，不考虑对玻璃仪器的腐蚀)，用水蒸气蒸出，再通过滴定测量。实验装置如下图所示，加热装置省略。(1) 仪器C名称是_，长导管作用是_。(2)实验时，首先打开活塞K，待水沸腾时，关闭活塞K，开始蒸馏。若蒸馏时因反应装置局部堵塞造成长导管水位急剧上升，应立即_。(3)连接水蒸气发生装置和反应装置之间的玻璃管常裹以石棉绳，其作用是_。(4)B中加入一定体积高氯酸和1.00g 氟化稀土矿样，D中盛有滴加酚酞的NaOH溶液。加热A、B，使A中产生的水蒸气进入B。下列物质不可代替高氯酸的是_(填标号)a. 硫酸 b.硝酸 c.磷酸 d.乙

10、酸 e.盐酸D中主要反应的离子方程式为_。(5)向馏出液中加入25.00mL0.1000molL1La(NO3)3溶液，得到LaF3沉淀(La3+不发生其他反应)，再用0.1000 mol L1EDTA标准溶液滴定剩余La3+(La3+与EDTA按11发生络合反应)，消耗EDTA标准溶液平均19.80mL，则氟化稀土样品中氟的质量分数为_(百分数保留小数点后两位)。20、制备苯甲酸的反应原理及有关数据如下：名称相对分子质量性状熔点沸点溶解度甲苯92无色液体-95110不溶于水苯甲酸122白色片状或针状晶体122248微溶于水高锰酸钾158易溶于水实验过程如下： 将高锰酸钾、水和氢氧化钠溶液混合

11、摇匀后，加入甲苯，采用电磁搅拌，加热（但温度不要太高），冷凝回流2h。如仍有高锰酸钾的紫色存在，则加数滴乙醇。 将混合液过滤后冷却。滤液用盐酸酸化，析出白色晶体过滤，洗涤，干燥，得到苯甲酸的粗产品，最后测定其熔点。回答下列问题：（1）中反应易暴沸，本实验中采用_方法防止此现象；乙醇的作用是_。（2）中过滤出的沉淀是_。（3）中测定熔点时，发现到130 时仍有少量不熔，推测此不熔物的成分是_。（4）提纯苯甲酸粗产品的方法是_。21、云阳龙缸云端廊桥曾被詟为“世界第一悬挑玻璃景观廊桥”，所用钢化玻璃因其优良的性能广泛应用于日常生活，但由于制作玻璃时里面含有极少量硫化镍，使得钢化玻璃在极限条件下的使

12、用受到限制.（1）基态硫原子价层电子的轨道表达式(电子排布图)为_，基态镍原子中核外电子占据最高能层的符号为_.（2）Ni(CO)4常用于制备纯镍，溶于乙醇、CCl4、苯等有机溶剂，为_晶体，Ni(CO)4空间构型与甲烷相同，中心原子的杂化轨道类型为_，写出与配体互为等电子体的阴离子_(任写一种).（3）与硫同族的硒元素有两种常见的二元含氧酸，请比较它们酸性强弱 (填化学式)_，理由是_.（4）H2S的键角_(填“大于”“小于”等于”)H2O的键角，请从电负性的角度说明理由_.（5）NiO与NaCl的晶胞结构相似，如图所示，阴离子采取面心立方堆积，阳离子填充在位于阴离子构成的空隙中，已知Ni2

13、+半径为69nm，O2-半径为140nm，阿伏伽德罗常数为NA，NiO晶体的密度为_g/cm3(只列出计算式).参考答案一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、A【解析】选项中图象，横坐标表示加水的体积，纵坐标表示溶液的pH，结合胃液的成分和pH计算公式进行解答。【详解】人体胃液的主要成分为盐酸，盐酸显酸性，溶液的酸碱度可用pH值表示，其计算公式为pH=-lgc（H+），其中c（H+）表示氢离子浓度，显酸性的胃酸，在人体大量喝水时，氢离子浓度随着加水稀释，氢离子浓度的减小，溶液的pH升高，结合图象，横坐标表示加水的体积，纵坐标表示溶液的pH，A图象符合题意。答案选A。2、C【解析】2Br+C

14、l2=Br2+2Cl中，Cl元素的化合价降低，Br元素的化合价升高；2Fe2+Br2=2Fe3+2Br中，Fe元素的化合价升高，Br元素的化合价降低；2MnO4+10Cl+16H=2Mn2+5Cl2+8H2O中，Cl元素的化合价升高，Mn元素的化合价降低，结合氧化还原反应基本概念及还原剂的还原性大于还原产物的还原性来解答。【详解】A、2Br+Cl2=Br2+2Cl中，Cl元素的化合价降低，反应中的氧化剂是Cl2，故A错误；B、2Fe2+Br2=2Fe3+2Br中，Fe元素的化合价升高，反应中Fe2+发生氧化反应，故B错误；C、2Br+Cl2=Br2+2Cl中，氧化性：Cl2Br2，2Fe2+B

15、r2=2Fe3+2Br中，氧化性：Br2Fe 3+，2MnO4+10Cl+16H=2Mn2+5Cl2+8H2O中，氧化性：MnO4-Cl2，所以氧化性强弱顺序为：氧化性：MnO4-Cl2Br2Fe 3+，故C正确；D、2Br+Cl2=Br2+2Cl中，还原性：BrCl，2Fe2+Br2=2Fe3+2Br中，还原性：Fe2Br，2MnO4+10Cl+16H=2Mn2+5Cl2+8H2O中，还原性：ClMn2，所以还原性强弱顺序为：Fe2BrClMn2，向FeBr2的溶液中滴加过量酸性KMnO4溶液，先发生反应：MnO4-5Fe2+8H+Mn2+5Fe 3+4H2O，过量的酸性KMnO4溶液又将B

16、r-氧化，2MnO4+10Br+16H=2Mn2+5Br2+8H2O，故D错误；故选C。【点睛】本题考查氧化还原反应中氧化性的比较及应用，明确反应中元素的化合价变化及氧化性比较方法为解答的关键，易错点D，FeBr2的溶液中滴加过量酸性KMnO4溶液亚铁离子和溴离子均被氧化。3、B【解析】根据晶胞结构图可知，每个晶胞中含有大黑实心球的个数为8，而小球的个数为8+6=4，结合CaF2的化学式可知，大黑实心球表示F-，小球表示Ca2+，由图可以看出每个F-周围最近距离的Ca2+一共是4个，即晶体中F的配位数为4，故答案为B。4、B【解析】A. 该有机物中含有Cl原子，可以发生水解，A正确；B. 该有

17、机物中不含羟基和羧基，不能发生酯化反应， B错误；C. 该有机物中含有碳碳双键，可发生加成反应，C正确；D. 该有机物中含有醛基，能发生还原反应， D正确；故合理选项为B。5、C【解析】本题主要考查化学反应中物质的浓度变化与化学计量数关系。A.转化率=，根据表格信息得出结论即可；B.由表格中数据求出各物质的浓度变化比例，得出化学方程式；C.平衡常数只与温度有关；D.温度升高，吸热方向化学平衡常数增大。【详解】A.达到平衡时，X的转化率为=50%，正确；B.由表可知，X、Y作为反应物，Z作为生成物，、，由此可知该反应X、Y、Z的系数比为1:3:2，即反应可表示为X3Y2Z，故B正确；C.增大压强

18、，平衡向气体体积减小的方向移动，由B项可知，该反应正向为气体体积减小的反应，故平衡正向移动，而化学平衡常数只与温度有关，改变压强对平衡常数无影响，错误；D.升高温度，平衡向吸热方向移动，若升高温度平衡常数增大，则说明向正向移动，即正向为吸热反应，正确。6、C【解析】乙醇催化氧化生成乙醛和水：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+H2O，结合相关装置分析【详解】A、分离提纯得到乙醛用蒸馏法，蒸馏要用到该装置，故A不选；B、B装置是乙醇的催化氧化装置，故B不选；C、提纯乙醛不用分液法，故用不到分液漏斗和烧杯，C选；D、蒸馏法提纯乙醛要用到冷凝管，故D不选；故选C。7、B【解析】由“两种气态烃的混

19、合物共1L，在空气中完全燃烧得到1.5L二氧化碳、2L水蒸气”可知，二氧化碳与水蒸气的物质的量之比=1.5:4，故该混合烃的平均分子式为C1.5H4，则两种烃的平均含碳数为1.5，所以两者的含碳数必有一个大于1.5，另一个小于1.5，所以该混合烃中一定有甲烷，甲烷分子中含氢原子为4，两烃的平均含氢数也为4，故另一烃的氢原子数也只能是4，故另一种烃可能为C2H4或C3H4等，所以，该混合气体中一定含有甲烷，可能含有乙烯或丙炔，一定不含乙烷；故本题选B。8、B【解析】“春蚕到死丝方尽，蜡炬成灰泪始干”中丝的主要成分是蛋白质，蜡炬的主要成分是石蜡。【详解】A项、蚕丝的主要成分是蛋白质，故A正确；B项

20、、蜡炬的主要成分是石蜡，是碳原子数较大的烷烃，不是高级脂肪酸酯，不属于高分子聚合物，故B错误；C项、蚕丝的主要成分是蛋白质，蛋白质属于天然高分子材料，故C正确；D项、蜡炬的主要成分是石蜡，蜡炬成灰的过程就是石蜡燃烧的过程，蜡炬发生了氧化反应，故D正确；故选B。9、B【解析】A、用润湿的pH试纸测定稀碱溶液的pH，相当于是稀释，氢氧根浓度减小，测定值偏小，A正确；B、应该用酸式滴定管量取22.00mL的KMnO4溶液，B错误；C、用纯碱溶液清洗油污时，加热促进碳酸根水解，可以增强其去污能力，C正确；D、碳酸氢钠和硫酸铝混合相互促进水解生成氢氧化铝和CO2，所以可用NaHCO3和Al2（SO4）3

21、两种溶液作泡沫灭火剂，D正确，答案选B。10、B【解析】分析：原子数和价电子数分别都相等的互为等电子体，据此解答。详解：CO含有2个原子，价电子数是4+610。则A. CO2含有3个原子，价电子数是4+6216，A错误；B. N2含有2个原子，价电子数是5+510，与CO互为等电子体，B正确；C. HCl含有2个原子，价电子数是1+78，C错误；D. O2含有2个原子，价电子数是6+612，D错误。答案选B。11、B【解析】A结构式为NN，含有1个键和2个键，但不是化合物，故A错误；B结构式为O=C=O，含有2个键和2个键，故B正确；C根据C2H6O的结构中只存在单键，无双键，只含键，不含键，

22、故C错误；DH2O2的结构式为H-O-O-H，只含有键，不含键，故D错误；故选B。12、C【解析】KNO3中混有NaCl应提纯KNO3，将它们都溶于水，并降温结晶因为KNO3的溶解度随温度的升高而升高，NaCl的溶解度随温度的升高而基本无明显变变化则有，操作是在烧杯中加水溶解，操作是蒸发浓缩，得到较高温度下的KNO3饱和溶液，操作为冷却结晶，利用溶解度差异使KNO3结晶析出，过滤，洗涤，干燥可得KNO3晶体，故选C。13、B【解析】A. CH2=CHCH2OH是丙烯醇，分子中无醛基，不能与新制氢氧化铜悬浊液反应，A不符合题意；B.CH3CH2CHO是丙醛，分子中含有醛基，能与新制氢氧化铜悬浊液

23、在加热条件下发生反应，产生Cu2O红色沉淀，B符合题意；C.CH3COCH3是丙酮，分子中不含有醛基，不能与新制氢氧化铜悬浊液反应，C不符合题意；D.HOOCCH2CH3是丙酸，分子中无醛基，与新制氢氧化铜悬浊液发生中和反应，不能将新制氢氧化铜还原成红色Cu2O，D不符合题意；故合理选项是B。14、D【解析】A.SO42是正四面体结构，S原子是sp3杂化；B.氨气是三角锥形结构，氮原子是sp3杂化；C.因为分子中碳原子全部形成4个单键，因此是sp3杂化；D.SO2中是V形结构，S原子是sp2杂化。所以选D。15、C【解析】甲苯为纯净物；冰醋酸是乙酸，为纯净物；铝热剂为铝和难熔氧化物的混合物；普

24、通玻璃没有固定的熔点，属于混合物；水玻璃是硅酸钠的水溶液，属于混合物；漂白粉的主要成分是氯化钙和次氯酸钙，属于混合物；密封保存的NO2气体，因二氧化氮聚合为四氧化二氮，是混合物；冰水混合物是不同状态水混合而成，属于纯净物；含氧40%的氧化镁为纯净的氧化镁，属于纯净物；分子式为C5H12的烷烃可能为正戊烷、新戊烷、异戊烷或三者的混合物，则一定为纯净物的是；答案选C。【点睛】纯净物是由一种物质组成的物质，混合物是由多种物质组成的物质，依据物质的组成进行判别是解答关键。16、D【解析】单糖不能发生水解反应，故错误；矿物油的主要成分是烃，是由C、H两种元素组成，故错误；油脂不是高分子化合物，故错误；葡

25、萄糖在碱性条件下与新制Cu(OH)2悬浊液共热反应，没有加入氢氧化钠溶液中和硫酸，使溶液呈碱性，故错误；向鸡蛋清中滴加饱和Na2SO4溶液出现沉淀的现象为盐析，属于物理变化，故错误；错误，故选D。【点睛】本题考查有机物的组成、结构与性质，注意把握有机物性质、分类与反应类型为解答的关键。二、非选择题（本题包括5小题）17、CH3COOH 加成反应 bc 2 12 4 【解析】乙醇与丙二酸发生酯化反应生成E，结合E的分子式可知，E的结构简式为C2H5OOC-CH2-COOC2H5，E与发生信息中反应生成F，F系列反应得到香豆素-3-羧酸，由香豆素-3-羧酸的结构，可知W为，则F为，F发生信息I中反

26、应生成G，C分子中含有2个六元环，则G为。A的相对分子质量为60，由ClCH2COOH结构可知乙醇发生氧化反应生成A为CH3COOH，ClCH2COOH与氢氧化钠溶液反应、酸化得到C为HOCH2COOH，C发生催化氧化得到D为OHC-COOH，D与苯酚发生加成反应生成对羟基扁桃酸为。(1)由上述分析可知，A的结构简式是CH3COOH，故答案为：CH3COOH；(2)D4-羟基扁桃酸的化学方程式是：OHC-COOH+，其反应类型为加成反应，故答案为：加成反应；(3)中为酚羟基，有弱酸性，且酸性比碳酸弱，为醇羟基，中性基团，为羧基，弱酸性，但酸性一般比碳酸强，则3个-OH的电离能力由强到弱的顺序是

27、，故答案为：；(4)发生分子内酯化，生成香豆素-3-羧酸，反应的化学方程式是+H2O，故答案为：+H2O；(5)F的结构简式是。a不饱和碳原子连接2个-COOC2H5，没有顺反异构，故a错误；bF分子中不含醛基，故b正确；c含有碳碳双键与苯环，可以发生加成反应，含有酯基，可以发生水解反应，酯基、酚羟基均可以发生取代反应，故c正确；d. 1mol F 与足量的溴水反应，苯环上羟基的邻位和对位有2个氢原子，消耗2mol溴，碳碳双键消耗1mol溴，共消耗 3 molBr2，故d错误；故选：bc；(6)H的分子结构简式为，分子结构中含有酚羟基和酯基，均能和NaOH溶液反应，含有的醇羟基不与NaOH溶液

28、反应，则1mol在一定条件下与足量NaOH溶液反应，最多消耗NaOH的物质的量为2mol，故答案为：2；I的结构简式为，其符合下列条件：a属于一元羧酸类化合物，说明分子结构中有一个羧基；b苯环上只有2个取代基，则二个取代基的位置有邻、间及对位三种可能，其中一个是羟基，另一个取代基可能是：-CHBrCH2COOH、-CH2CHBrCOOH、-CBr(CH3)COOH、-CH(CH2Br)COOH，则符合条件的I的同分异构体共有34=12种，故答案为：12；副产物有多种，其中一种是由2分子4-羟基扁桃酸生成的含有3个六元环的化合物，该化合物为4-羟基扁桃酸2分子间酯化生成的六元环酯，其分子结构对称

29、，含有酚羟基的氢、酯环上的一个氢原子及苯环上酚羟基邻位及间位上的氢，共有4种不同化学环境的氢原子，故答案为：4。点睛：本题考查有机物的推断与合成，需要学生对给予的信息进行充分利用，注意根据有机物的结构利用正、逆推法相结合进行推断，侧重考查学生分析推理能力。本题的易错点为(6)中同分异构体数目的判断。18、碳碳双键； 羟基 2CH3CH2OHO 22 CH3CHO2H2O CH3CH2OHCH3COOHCH3CH2OOCCH3H2O 加成反应 氧化反应 【解析】A是一种重要的基本化工原料，其分子中碳元素的百分含量为85.7%，且相对分子量小于30，即A为CH2CH2，B为聚乙烯，C为二氧化碳，D

30、为乙烷，E为乙醇，F为乙醛，G为乙酸，H为乙酸乙酯。【详解】（1）由分析可知，A为CH2CH2，E为乙醇，A、E含有的官能团分别为：碳碳双键、羟基；（2）反应：为乙烯加聚成聚乙烯，其化学反应方程式为：；反应：为乙醇催化氧化为乙醛，其化学反应方程式为：2CH3CH2OHO 22 CH3CHO2H2O；反应：为乙酸乙醇在浓硫酸的催化加热条件下生成乙酸乙酯，其化学反应方程式为：CH3CH2OHCH3COOHCH3CH2OOCCH3H2O；（3）反应为乙烯与水加成为乙醇，属于加成反应。反应为乙醇催化氧化为乙醛，属于氧化反应。【点睛】本题考查了有机物之间的转化，涉及考查了官能团的相关知识，有机反应，有机

31、反应的类型，本题关键是要推断出A为乙烯。19、 (直形)冷凝管 平衡气压 打开活塞K 保温，避免水蒸气冷凝 bde HF+OH=F+H2O 2.96% 【解析】利用高氯酸(高沸点酸)将样品中的氟元素转化为氟化氢(氢氟酸为低沸点酸，含量低，不考虑对玻璃仪器的腐蚀)，用水蒸气蒸出，再通过滴定测量样品中氟元素的质量分数。结合化学实验的基本操作和实验原理分析解答(1)(4)；(5)根据氟元素守恒，有LaF33F，再根据滴定过程计算氟化稀土样品中氟的质量分数。【详解】(1)根据图示，仪器C为冷凝管，长导管插入液面以下，利用液体上升和下降调节容器中压强变化，不至于水蒸气逸出，因此作用为平衡压强，故答案为：

32、冷凝管；平衡气压；(2)实验时，首先打开活塞K，待水沸腾时，关闭活塞K，开始蒸馏：著蒸馏时因反应装置局部堵塞造成长导管水位急剧上升，为避免液体喷出，应立即应打开活塞K平衡压强，故答案为：打开活塞K；(3)连接水蒸气发生装置和反应装置之间的玻璃管常裹以石棉绳，目的是保温，避免水蒸气冷凝，故答案为：保温，避免水蒸气冷凝；(4)B中加入一定体积高氯酸和1.00g氟化稀土矿样，利用高氯酸(高沸点酸)将样品中的氟元素转化为氟化氢。a硫酸是难挥发性酸，可以代替，故a不选；b硝酸是易挥发性酸，故b选；c磷酸是难挥发性酸，可以代替，故c不选；d醋酸是挥发性酸，故d选；e.盐酸是挥发性酸，故e选；故答案为：bd

33、e；D中盛有滴加酚酞的NaOH溶液，D中的反应是挥发出的HF和氢氧化钠溶液反应，反应的离子方程式：HF+OH-=F-+H2O，故答案为：HF+OH-=F-+H2O；(5)利用氟元素守恒，有LaF33F，氟化稀土样品中氟的质量分数=100%=2.96%，故答案为：2.96%；20、 电磁搅拌 过量的高锰酸钾可被乙醇还原成二氧化锰或除去过量的高锰酸钾 二氧化锰或MnO2 氯化钾或KCl 重结晶【解析】分析：一定量的甲苯和KMnO4溶液和氢氧化钠在加热条件下反应2h后停止反应，反应混合物为苯甲酸钾、氢氧化钾、二氧化锰和剩余的高锰酸钾，过量的高锰酸钾可以用乙醇除去，经过滤除去不溶物二氧化锰，滤液为苯甲

34、酸钾、氢氧化钾溶液，加入盐酸酸化，过滤得白色固体为苯甲酸和氯化钾的混合物。详解：（1）根据题干信息，甲苯和KMnO4溶液在加热条件下反应，属于溶液之间的反应，在加热条件下进行，为了防止暴沸，必需加入碎瓷片，并进行不断的搅拌，所以可以用电磁搅拌完成这一操作；乙醇易溶于水，被氧化为二氧化碳和水，所以过量的高锰酸钾可以用乙醇除去，生成的二氧化锰通过过滤除去，所以乙醇的作用：除去过量的高锰酸钾溶液，正确答案：电磁搅拌；除去过量的高锰酸钾；（2）根据分析可知，过滤所得沉淀是二氧化锰，正确答案：二氧化锰；（3）通过测定白色固体苯甲酸的熔点，发现其在122开始熔化，达到130时仍有少量不熔，推测白色固体是苯甲酸与KCl的混合物，所以不熔物的成分是氯化钾，正确答案：氯化钾；（4）利用苯甲