广西南宁八中2023学年物理高二第一学期期中监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，设行星绕太阳的运动是匀速圆周运动，金星自身的半径是火星的n倍，质量为火星的k倍，不考虑行星自转的影响，则A金星表面的重力加速度是火星的B金星的第一宇宙速度是火星的C金星绕太阳运动的加速度比火星小D金星绕太阳运动的周期比火星大2、

2、如图所示是磁场B、负电荷速度v和磁场对运动电荷作用力F三者方向的相互关系图，其中不正确的是（图中B、F和v方向两两垂直）（ ）ABCD3、把6个相同电灯和两个变阻器接成如图（甲）、（乙）所示的两个电路，调节变阻器，两组电灯均能正常发光设（甲）、（乙）两电路消耗的电功率分别为P1、P2，则（）AP1=3P2 BP1=P2CP13P2 DP13P24、如图所示，四个相同的表头分别改装成两个安培表和两个伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路，则（ ）安培表A1的读数大于安培表A2的读数；安培表A1的偏转角小于安培表A2的偏转角；伏特表V1的读数小于

3、伏特表V2的读数；伏特表V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角。ABCD5、老师在课堂上做了一个演示实验：装置如图所示，在容器的中心放一个圆柱形电极B，沿容器边缘内壁放一个圆环形电极A，把A和B分别与电源的两极相连，然后在容器内放入液体，将该容器放在磁场中，液体就会旋转起来，王同学回去后重复老师的实验步骤，但液体并没有旋转起来，造成这种现象的原因可能是该同学在实验过程中( )A将磁铁的磁极倒置了B将直流电源的正负极接反了C使用的液体为能导电的饱和食盐溶液D使用的电源为50 Hz的低压交流电源6、如图所示，电源电动势E=6V，内阻r=1，定值电阻R=2与电动机M串联接在电源上，开关闭合后，理想电流表

4、示数为1A，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻R0=0.5下列说法中正确的是 A定值电阻消耗的热功率8WB电动机的输出功率为2.5WC电动机两端的电压为0.5VD电源的输出功率是6W二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动片向下滑动的过程中A电压表的示数减小B电流表的示数增大C电压表的示数增大D电流表的示数减小8、某同学设计了一种静电除尘装置,如图甲所示，其中有一长为L、宽为b、高为d的矩形通道,其前、后面板为

5、绝缘材料,上、下面板为金属材料图乙是装置的截面图,上、下两板与电压恒为U的高压直流电源相连带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为v0,当碰到下板后其所带电荷被中和,同时被收集将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值称为除尘率不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用要增大除尘率,则下列措施可行的是： （ ）A只增大电压UB只增大高度dC只增大长度LD只增大尘埃被吸入水平速度v09、使用多用电表的欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是_。A测量前，待测电阻应跟别的元件和电源断开B每一次换档，都要重新进行一次欧姆调零C红表笔的电势比黑表笔高D测量时，若指针偏转很小（靠近附近），应换倍率更小的挡进行测量E

6、.用欧姆表的挡时，指针指在刻度2040的正中央，则被测电阻的阻值为30010、质量为M的物块以速度v运动，与质量为m的静止物块发生正撞，碰撞后两者的动量正好相等，两者质量M与m的比值可能为( )A2B3C4D5三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学通过实验测定一个阻值约为5的电阻Rx的阻值（1）现有电源(4 V，内阻可不计)，滑动变阻器(050，额定电流2 A)，开关和导线若干以及下列电表A电流表(03 A，内阻约0.025)B电流表(00.6 A，内阻约0.125)C电压表(03 V，内阻约3 k)D电压表(015 V，内阻

7、约15 k)为减小测量误差，在实验中，电流表应选用_，电压表应选用_(选填器材前的字母)；实验电路应采用图中的_(选填“甲”或“乙”)（2）如图是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线请根据在（1）问中所选的电路图，补充完成图中实物间的连线_（3）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U某次电表示数如上面右图所示，可得该电阻的测量值Rx=UI= _ (保留两位有效数字)，测出的Rx比真实值_ ( 选填“偏大”、“偏小”或“相等” ) 12（12分） (1)某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图

8、所示，则它们的读数值依次_mm、_A、_V。 (2)已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为010，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20k。电源为干电池（不宜在长时间、大功率状况下使用），电动势E = 4.5V，内阻很小。则以下电路图中_（填电路图下方的字母代号）电路为本次实验应当采用的最佳电路。但用此最佳电路测量的结果仍然会比真实值偏_。A B C D (3)若已知实验所用的电流表内阻的准确值，那么准确测量金属丝电阻的最佳电路应是上图中的_电路（填电路图下的字母代号）。此时测得电流为I、电压为U，则金属丝电阻_（用题中字母代号表示）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题

9、处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流请判断导线所受安培力的方向是竖直向上还是竖直向下；若匀强磁场的磁感应强度的大小B=0.5T，导线中的电流I=1.5A，试计算导线所受安培力的大小；将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？14（16分）如图所示，质量m5.010-8千克的带电粒子，以初速v0=2m/s的速度从水平放置的平行金属板A、B的中央，水平飞入电场，已知金属板长0.1m，板间距离d210-2m，当UAB=1000V时，带电粒子恰好沿直线

10、穿过电场，若两极板间的电势差可调，要使粒子能从两板间飞出，UAB的变化范围是多少?(g取10m/s2)15（12分）现有一定值电阻，当两端电压为 14.4V 时，20 秒内有 91018自由电子通过此电阻，已知 e=1.610-19C，求电阻大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】有黄金代换公式GM=gR2可知g=GM/R2,所以 故A错误，由万有引力提供近地卫星做匀速圆周运动的向心力可知解得 ，所以 故B正确；由 可知轨道越高，则加速度越小，故C错；由 可知轨道越高，则周期越大，故D错；综上所述本题答

11、案是：B【点睛】结合黄金代换求出星球表面的重力加速度，并利用万有引力提供向心力比较运动中的加速度及周期的大小2、D【解析】A根据左手定则：磁感线穿入手心，四指指向负电荷运动的相反，即向左，拇指指向洛伦兹力方向，可知，洛伦兹力方向向上，符合左手定则，A正确，不符合题意；B根据左手定则：磁感线穿入手心，四指指向负电荷运动的相反，即向下，拇指指向洛伦兹力方向，可知，洛伦兹力方向向左，符合左手定则，B正确，不符合题意；C根据左手定则：磁感线穿入手心，四指指向负电荷运动的相反，即向外，拇指指向洛伦兹力方向，可知，洛伦兹力方向向左，符合左手定则，C正确，不符合题意；D根据左手定则：磁感线穿入手心，四指指向

12、负电荷运动的相反，即向左，拇指指向洛伦兹力方向，可知，洛伦兹力方向向下，不符合左手定则，D错误，符合题意。故选D。3、A【解析】电灯正常发光时，电流都是额定电流，根据电路中总电流关系，由功率公式研究两电路消耗的电功率的关系。【详解】设每个灯泡正常发光时，其电流为I，则图（甲）中总电流为3I，图（乙）总电流为I，电路中的总的电压相同，所以，P1=3IU，P2=IU，则P1=3P2。故选：A。【点睛】本题关键要掌握用电器在额定电压下工作时，电流是额定电流，功率达到额定才能正常工作。4、A【解析】两个安培表是并联在电路中，又安培表是利用表头与电阻并联改装得到的，所以此时两个安培表的表头是并联的，因此

13、流过表头的电流是相等的，安培表A1的偏转角等于安培表A2的偏转角，又因为安培表A1的量程大于A2的量程，安培表A1的读数大于安培表A2的读数；两个伏特表是串联在电路中，又伏特表是利用表头与电阻串联改装得到的，所以此时两个伏特表的表头是串联的，因此流过表头的电流是相等的，伏特表V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角，又因为伏特表V1的量程大于V2的量程，伏特表V1的读数大于伏特表V2的读数。故选A5、D【解析】试题分析：老师将该容器放在磁场中，能使液体会旋转起来，是在安培力作用下导致的，因此要强调溶液能导电，且电流方向确定；并且要有磁场与磁铁的磁极是否接反、直流电源正负是否接反，都没有关系，而该同学

14、液体不能旋转可能是因为使用了交流电源，所以可能是D选项。考点：安培力【名师点睛】在电源作用下，电流由正极流向负极；由左手定则可以判断出导电液体受到的安培力方向，从而判断出液体的旋转方向。6、B【解析】A、电动机刚好正常工作时，理想电流表示数为1A，定值电阻消耗的热功率P=R=2W，故A错误.B、电动机两端的电压U=E-I(R+r)=3V，电动机的输出功率P=IU=I(U-IR0)=2.5W,故B正确.C、电动机两端的电压U=E-I(R+r)=3V，故C错误.D、电动机刚好正常工作时,路端电压U=E-Ir=5V，电源的输出功率P=IU=5W，故D错误.故选B.【点睛】电动机为非纯电阻，计算功率时

15、应注意.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则总电阻减小，电路中总电流增大，内电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数变小；由欧姆定律可知，R1上的分压增大，路端电压减小，故并联部分电压减小，即可知电流表示数变小。故AD正确。8、AC【解析】增加除尘率即是让离下极板较远的粒子落到下极板上，带电尘埃在矩形通道内做类平抛运动，在沿电场的方向上的位移为，即增加y即可A

16、、只增加电压U可以增加y，故A满足条件B、只增大高度d，由题意知d增加则位移y减小，故B不满足条件C、只增加长度L，可以增加y，故C满足条件D、只增加水平速度v0，y减小，故D不满足条件故选AC【点睛】此题为结合生活背景的题目，考查频率较高，注意构建物理情景类平抛运动，应用运动的分解知识求解9、AB【解析】A因为用欧姆档自带电源，所以测量前，待测电阻应跟别的元件和电源断开，选项A正确；B换挡后多用电表必须调零，选项B正确；C电流的方向是“红进黑出”，所以黑表笔电势高于红表笔，选项C错误；D测量时，若指针偏转很小（靠近附近），表明所选择的档位太小，导致示数偏大，所以应换倍率大一些的挡进行测量，选

17、项D错误；E因为欧姆档的表盘刻度不均匀，所以指针指在刻度2040的正中央，电阻不是300，选项E错误。故选AB 。10、AB【解析】设碰撞后两者的动量都为P，由于题意可知，碰撞前后总动量为2P，根据动量和动能的关系有：P2=2mEk，碰撞过程动能不增加，有：(2p)22Mp22M+p22m，解得：Mm3，由于两者碰撞之后M的速度不大于m的速度，设碰撞后M的速度为v1，m的速度为v2，根据题意可得Mv1=mv2，故Mm1，综上所述，AB正确【点睛】考点：动量守恒定律及能量守恒定律解答此题关键是知道系统的动量守恒，以及在碰撞的过程中动能不增加，通过这两个关系判断两个物体的质量关系三、实验题：本题共

18、2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B C 甲 5.2 偏小 【解析】合理选择实验器材，先选必要器材，再根据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法；根据电路图来连接实物图，注意电表的正负极，并分几个回路来连接；由电压表与电流表读数，依据R=UI，即可求解，根据电路的接法确定实验误差；【详解】解：(1)因电源的电压为4V，因此电压表选择3V量程；由于阻值约为5的电阻Rx的，根据欧姆定律可知，电流的最大值为0.8A，从精确角来说，所以电流表选择0.6A的量程；根据待测电阻的阻值与电压表及电流表的阻值，可知

19、，待测电阻的阻值偏小，因此选择电流表外接法，故选择甲图。(2)根据电路图来连接实物图原则，注意电表的正负极，并分几个回路来连接，如图所示；(3)电压表量程为3V，最小分度为0.1V；故其读数为U=2.60V；电流表最小分度为0.02；其读数为I=0.50A；电阻阻值：R=UI=2.60V0.50A=5.20；因本实验采用电流表外接法，由于电压表的分流，使电流表示数增大，故得出的结果偏小。12、0.999(0.998-1.000mm) 0.42A 2.27V ( 2.26-2.28) A 小 B 【解析】（1）1螺旋测微器的读数为：d=0.5mm+49.90.01mm=0.999mm；2电流表的读数为：I=0.42A；3电压表的读数为：U=2.28V；（2）4因电源不能在大功率下长时间运行，则本实验应采用限流接法；同时电压表内阻较大，由以上读数可知，待测电阻的内阻约为5，故采用电流表外接法误差较小，故选A；5在实验中电压表示数准确，但电流测量的是干路电流，故电流