安徽省滁州市第三中学2023学年物理高二第一学期期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，ab/cd，abbc，2ab=cd=bc=2l，电场线与四边形所在平面平行.已知a点电势为2

2、4V，b点电势为28V，d点电势为12V.一个质子(不计重力)经过b点的速度大小为v0，方向与bc成450，一段时间后经过c点，则下列说法正确的是 ( )Ac点电势为4VB场强的方向由a指向cC质子从b运动到c所用的时间为2Lv0D质子从b运动到d电场力做功为-16eV2、如图所示，在倾角为的光滑斜面上，垂直斜面放置一根长为L、质量为m的直导线当通以电流I时，欲使导体静止在斜面上，外加匀强磁场B的大小和方向应是（ ）A,方向垂直斜面向上B,方向垂直斜面向下C,方向垂直向下D,方向水平向右3、如图，先接通S使电容器充电，然后断开S。当减小两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两板间电势差U

3、，电容器两极板间场强E的变化情况是( ) AQ变小，C不变，U不变，E变小BQ变小，C变小，U不变，E不变CQ不变，C变小，U变大，E不变DQ不变，C变大，U变小，E不变4、如图所示，D是一只理想二极管，平行板电容器极板A和B之间有一带电体P处于静止悬浮状态，当两极板A和B的间距稍增大一些（两极板仍平行），P的运动情况将是A仍静止不动B向下运动C向上运动D无法判断5、要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍，下列方法中可行的是：（ ）每个点电荷的带电量都增大到原来的4倍，电荷间 的距离不变保持点电荷的带电量不变，使两个电荷间的距离增大到原来的2 倍使一个点电荷的电荷量加倍，另一个点电荷

4、的电荷量保持不变，同时将两个点电荷间的距离减小为原来的1/2D、保持点电荷的电荷量不变，将两个点电荷的距离减小到原来的1/26、关于超重和失重，下列说法正确的是（ ）A超重就是物体受的重力增加了B失重就是物体受的重力减小了C完全失重就是物体一点重力都不受了D不论超重或失重物体所受重力是不变的二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形合D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是A离子由加

5、速器的中心附近进入加速器B离子由加速器的边缘进入加速器C离子从磁场中获得能量D离子从电场中获得能量8、传感器是一种采集信息的重要器件如图所示是一种测定压力的电容式传感器，A为固定电极，B为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容现将此电容式传感器与灵敏电流表（电流从正接线柱流入指针向右偏转）和电源串联成闭合电路，在待测压力增大过程中，以下说法正确的是A电容器的电容将减小B电容器的电荷量将增加C灵敏电流表中有向左的电流D灵敏电流表中有向右的电流9、不考虑温度对电阻的影响，对一个“220V，40W”的灯泡，下列说

6、法正确的是（ ）A接在110V的电路上时的功率为20WB接在110V的电路上时的功率为10WC接在440V的电路上时的功率为160WD接在220V的电路上时的功率为40W10、下列说法正确的是（）A汤姆生用油滴实验测定了电子的电荷量B库仑通过扭秤实验确认了点电荷间的作用力与电荷量、距离之间的关系C库仑用实验测出了静电力常量的值为D法拉第采用了电场线的方法形象地描述电场三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）在“测定金属的电阻率”的实验中，需要用刻度尺测出被测金属丝的长度L，用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属

7、丝的电阻R请写出测金属丝电阻率的表达式： =_ (用上述测量的字母表示)若实验中测量金属丝的长度时如图所示，则金属丝长度的测量值为L= _ cm（2）某同学想通过“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的方法来测量一小灯泡的额定功率所用器材如下：a.待测小灯泡一只：额定电压为2.5V，电阻约为几欧b.电压表一只：量程为3V，内阻约为3kc.电流表一只：量程为0.6A，内阻约为0.1d.滑动变阻器一只，干电池两节，开关一个，导线若干在图甲中补全测量小灯泡额定功率的电路图_,图甲中开关S闭合之前,滑动变阻器的滑片应置于_(选填“A端”、“B端”或“AB正中间”)；若该同学测量过程中发现电压表损坏,他找来一块万

8、用表代替电压表测量灯泡的电压,则万用表的_(选填“红”、“黑”)表笔应该与灯泡的左端相连该同学通过实验作出了小灯泡的伏安特性曲线,如图乙所示,则小灯泡的额定功率为_W；若将小灯泡直接与电动势E=3.0V,内阻r =7.5的电源相连,小灯泡的功率为_W(结果均保留两位有效数字)12（12分）某同学用电流表和电压表测干电池的电动势和内电阻时，采用如图所示的电路图接线，然后测出一些数据在坐标纸上画出了电池的UI图线如图所示，(1)从UI图线中可以得出电池的电动势E_V，内电阻r_。(2)请根据电路图在下图中连接实物图_。 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必

9、要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一个带负电的粒子C在静电场中由A点运动到B点。在这一过程中，除电场力外，其他力做功为J，粒子的动能增加了。取A点为零势点，求：此过程电场力所做的功；A、B两点间的电势差； B点的电势。14（16分）被截去1/4的圆形轨道与直轨道相切于A点，整个轨道固定在水平桌面上，空间足够大范围存在匀强电场, 场强大小为E，方向与直轨道成=37夹角，俯视图如图质量为m，电量为q的带正电小球紧贴桌面，靠着轨道某点P静止释放，轨道与桌面绝缘和光滑，圆轨道半径为R已知sin37=0.6，cos37=0.1求： (1)若PA=R，小球刚进入圆轨道时对轨道的压力大小；(2)

10、改变释放点P与A的距离，使小球能沿着轨道运动到D点，则小球经过A点时的速度至少多大15（12分）如图所示，在E103 V/m的水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行，其半径R40 cm，一带正电荷q104 C的小滑块质量为m40 g，与水平轨道间的动摩擦因数0.2，取g10 m/s2，问：(1)要小滑块恰好运动到圆轨道的最高点C，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？(2)这样释放的滑块通过P点时对轨道压力是多大？(P为半圆轨道中点)(3)小滑块经过C点后最后落地，落地点离N点的距离多大？参考答案一、单项选择题：本题共6

11、小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】连接bd，bd连线的中点N电势与c点相等，是20V；作出等势线Nc就能判断场强方向； 质子从bc做类平抛运动，根据v0方向的分位移为2l，求出时间；【详解】A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线四等分，如图所示，已知a点电势为24V，b点电势为28V，d点电势为12V，且abcd，abbc，2ab=cd=bc=2L，因此根据几何关系，可得M点的电势为24V，与a点电热势相等，从而连接aM，即为等势面；三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线中点N的电势与c相等，为20V，故A

12、错误；B、Nc为等势线，其垂线bd为场强方向，即场强方向为bd，故B错误；C、质子从bc做类平抛运动，沿初速度方向分位移为2l，此方向做匀速直线运动，则t=2lv0，则C正确；D、电势差Ubd=16V，则质子从b运动到d电场力做功为16eV，故D错误。2、B【解析】通电导线在磁场中的受到安培力作用，由左手定则来确定安培力的方向，由平衡条件求出安培力大小，最后由安培力公式计算B的大小【详解】A、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上，则沿斜面向下的安培力、支持力与重力，无论B多大三个力的合力不可能为零，直导线不可能处于平衡状态，故A错误；B、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下，则

13、沿斜面向上的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，根据平衡条件：mgsin=BIL，则，故B正确；C、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向上，则水平向右的安培力、支持力与重力，无论B多大三个力的合力不可能为零，直导线不可能处于平衡状态，故C错误；D、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向水平向右，则受竖直向下的安培力三力作用下导线不会处于平衡，故D错误；故选B.【点睛】学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向3、D【解析】先接通S使电容器充电，然后断开S后，电容器电量Q不变；根据当减小两极板间距离时，电容器的电容C增大；根据可知U变小；根据得电场强度：所以E不变

14、。选项D正确，ABC错误。故选A。4、A【解析】电容器与电源保持相连，电容器的电压不变，板间距离增大，电容减小，由于二极管的作用只允许电流从a流向b，电容器的电量无法减小，根据推论板间电场强度Q、S、不变，则改变d，E不变，电荷P受的电场力不变，仍静止。A. 仍静止不动，与分析结论相符，故A正确。B. 向下运动，与分析结论不符，故B错误。C. 向上运动，与分析结论不符，故C错误。D. 无法判断，与分析结论不符，故D错误。5、D【解析】略6、D【解析】物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉力大于物体的重力称为超重，小于重力则称为失重，处于超重或失重状态时物体的质量或重力并不变【详解】物体处于超重或者

15、失重是指视重与重力的关系，并不是重力发生变化物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉力小于重力叫失重，物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉力大于重力叫超重故AB错误；当物体处于完全失重状态是指重力完全提供加速度，重力大小不变故C错误；不论超重或失重甚至完全失重，物体所受重力是不变的故D正确故选D【点睛】明确超重和失重的性质，知道所谓超重或失重都是指物体的视重发生变化，而物体受到的重力保持不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】据回旋加速器的工作原理知，粒子由回旋加

16、速器的中心附近进入加速器，且在电场中加速，通过磁场回旋，所以从电场中获得能量，故选AD。【点睛】回旋加速器的工作原理是利用电场加速，磁场偏转，且二者的周期相同，被加速离子由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功，而电场力对带电离子做功，即可加速正电荷也可加速负电荷。8、BD【解析】A、当待测压力增大时，电容器极板间距离减小，根据电容的决定式分析得知，电容增大，故A错误B、电容两端电势差不变，根据可知，电容器的电荷量将增加，故B正确CD、由于电容器上极板带正电，则电路中形成逆时针方向的充电电流，故灵敏电流表的指针向右偏故D正确，C错误故选BD9、BD【解析】由知，接在1

17、10V的电路上时的功率为，A错，B对；接在440V的电路上时灯泡会被烧坏，C错；接在220V的电路上时的功率为额定功率40W，D对10、BD【解析】A密立根用油滴实验测定了电子的电荷量，选项A错误；B库仑通过扭秤实验确认了点电荷间的作用力与电荷量、距离之间的关系，选项B正确；C库仑用实验测出了静电力常量的值为，选项C错误；D法拉第采用了电场线的方法形象地描述电场，选项D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1） ； 60.50； （2） B端； 黑； 1.1； 0.26,(0.220.30之间均正确)； 【解析】(1)

18、由与得；由刻度尺读数规则：L=(70.50-10.00)cm=60.50cm；(2) 由于小灯泡电阻较小，满足，电流表应用外接法，电路图如图所示；图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于B端，使得闭合电键后，测量电路部分处于短路状态，电压表、电流表示数为0，起保护作用万用表测电压时，万用表的红表笔应该与正极相连，黑表笔与负极相连灯泡的左端是负极，所以万用表的黑表笔灯泡的左端相连当U=2.5V时，电流I=0.44A，所以额定功率为：P=UI=2.50.44W=1.1W作出电动势E=3.0V，内阻r=7.5的电源的I-U图线，如图，交点对应的电压和电流分别为：1.0V、0.28A，所以实际功率为：P=UI=1.00.28=0.28W点晴：解决本题的关键掌握电流表内外接选择的方法，难点是与电源连接求实际功率，因为灯泡的电阻是随U的变化而变化的，所以必须用图象的方法来解决12、 1.45 0.5 【解析】(1)根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可得U=E-Ir，由此可知当I=0时的纵轴截距大小等于电源的电动势大小，图象的斜率大小等于电源的内阻，由此可知，E=1.45V， (2) 根据电路图连接实物图四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方