2023学年云南省曲靖市麒麟区六中高二物理第一学期期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电路中,滑动变阻器的最大阻值为,当滑片P滑至的中点时,a、b两端的电压为 ( ) A30 VB45 VC60 VD75 V2、下列关于摩擦力的说法中正确的是（）A有弹力必有摩擦力B有摩擦力必有弹力C同一接触面上的弹力和摩擦

2、力可能相互平行D滑动摩擦力的公式F=FN中的压力FN一定等于重力3、电场中有一点P，下列说法中正确的是（ ）A若放在P 点的试探电荷的电量减半，则P点的场强减半BP 点的场强越大，则同一试探电荷在P点受到的电场力越大C若P 点没有试探电荷，则P点场强为零DP 点的场强方向为放在该点的检验电荷的受力方向4、A、B两带电小球，质量分别为mA、mB，电荷量分别为qA、qB，用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时A、B两球处于同一水平面若B对A及A对B的库仑力分别为FA、FB，则下列判断不正确的是AFAEB根据沿电场线电势越来越低可知：，故B正确。点晴：解决本题关键理解电场线的疏密程度表示场强的大小和沿

3、电场线电势越来越低。6、D【解析】设A带电量为q，B带电量为3q，根据库仑定律可知接触前，两者之间的库仑力为接触后，根据平均分配原则，可知两者的带电量为故库仑力变为D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A、根据可知，电源被短路时，放电电流比较大，不是无穷大，故A错误；B、外电阻断路时，外电阻无穷大，路端电压为最大；故B正确；C、根据闭合电路欧姆定律可知，路端电压，当外电路电阻值R减小时，路端电压降低，故C正确；D、电源的内、外电压之和等于电源电动势

4、，保持不变，故D正确.故选BCD【点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，难度不大，属于基础题8、CD【解析】对AB两球整体受力分析，受重力G，OA绳子的拉力T以及拉力F，其中重力大小和方向都不变，绳子的拉力方向不变大小变，拉力的大小和方向都变，根据共点力平衡条件，利用平行四边形定则作图可以得出拉力的最小值和最大值【详解】对AB两球整体受力分析，受重力G=2mg，OA绳子的拉力T以及拉力F，三力平衡，将绳子的拉力T和拉力F合成，其合力与重力平衡，如图 当拉力F与绳子的拉力T垂直时，拉力F最小，最小值为Fmin=（2m）gsin30，即mg；由于拉力F的方向具有不确定性，因而从理论上讲，

5、拉力F最大值可以取到任意值，故CD正确故选CD【点睛】本题是三力平衡问题中的动态分析问题，其中一个力大小和方向都不变，一个力方向不变、大小变，第三个力的大小和方向都变，根据共点力平衡条件，集合平行四边形定则作出力的图示，得到未知力的变化情况9、AD【解析】试题分析：环境温度明显升高时，RT的阻值减小，电路电流增大，灯泡L变亮，所以A正确；RT的阻值减小，根据串联电路的分压规律，RT的电压减小，所以B错误；外电路的电阻减小，故路端电压减小，电容器的电压减小，电量减少，所以C正确；电容器的电量减少，发生放电现象，故G中电流方向由a到b，所以D正确考点：本题考查传感器、电容器、闭合电路的欧姆定律10

6、、AD【解析】根据法拉第电磁感应定律，线圈中感应电动势，感应电流，即感应电流，即感应电流大小与磁感应强度变化的快慢有关，与增加减小无关，因此答案BC错AD对三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A C F 左 【解析】（1）123小电珠额定电压为4V，额定电流为0.5A，因此电流表选择A，电压表选择C，滑动变阻器选小阻值大额定电流的F；（2）4电压表内阻远大于电珠电阻，故采用电流表外接；调节灵敏，滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法（3）5闭合开关前，滑片置于左端，使分压部分电压为零12、C ka k-R2 【解析】(1) 1通过电路

7、的最大电流约为所以电流表选择C项即可(2)23由图示电路图可知，电源电动势：则：U-I图象的斜率：k=R2+r则内阻r=k-R2令U=0，则有：由题意可知，图象与横轴截距为a，则有：解得：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2A（2）7V（3）12W【解析】（1）接通电路后，小灯泡正常工作，由灯泡上的额定电压U和额定功率P的数值可得流过灯泡的电流为：I=PU=2A（2）根据热功率公式P=I2R，可得固定电阻的发热功率：P=12W（3）根据闭合电路欧姆定律，可知电动机两端的电压：UM=E-U灯-I(R+r)=9

8、V电动机消耗的功率：PM=UMI=18W一部分是线圈内阻的发热功率：PD=I2RD=4W另一部分转换为机械功率输出，则P出=PM-PD=14W【点睛】（1）由灯泡正常发光，可以求出灯泡中的电流；（2）知道电阻中流过的电流，就可利用热功率方程P=I2R，求出热功率；（3）电动机消耗的电功率有两个去向：一部分是线圈内阻的发热功率；另一部分转化为机械功率输出。14、（1）（2）【解析】（1）粒子在磁场中做顺时针匀速圆周运动，离开磁场后做匀速直线运动；故P点速度方向和粒子离开磁场时的速度方向一致；粒子在磁场中做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示：洛伦兹力做向心力，故有：所以轨道半径；根据几何关系可得：P点到O点的距离；（2）根据几何关系可得：粒子在磁场中转过的中心角为120；故由几何关系可得：粒子从O点运动到P点的路程为所以，粒子从O点运动到P点所用的时间15、 (1) (2)0.41W【解析】