2023学年云南省昆明市官渡区第一中学物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一电子以初速度v0沿垂直场强方向射入两平行金属板间的匀强电场中，现减小两板间的电压，则电子穿越两平行板所需的时间（ ）A随电压的减小而减小B随电压的减小而增大C与电压减小与否无关D随两板间距离的增大而减少2、如图所示，当滑动变阻器的滑片向b端移动时（ ）A电压表的读数增大，电流表的读数减小B电压表和电流表的读数都增大C电压表和电流表的读数都减小D电压表的读数减小，电流表的读数增大3、把一个架在绝缘支座上的导体放在负电荷形成的电场中,导体处于静电平衡时,导体表面上感应电荷的分布如

3、图所示,这时导体( )AA端的电势比B端的电势高BA端的电势比B端的电势低CA端的电势可能比B端的电势高,也可能比B端的电势低DA端的电势与B端的电势相等4、一匀强电场的方向平行于xOy平面,平面内a、b、c三点的位置如图所示,三点的电势分别为10 V、17 V、26 V。下列说法正确的是( )A电场强度的大小为2.5 V/cmB坐标原点处的电势为2VC电子在a点的电势能比在b点的低7 eVD电子从b点运动到c点,电场力做功为-9 eV5、如图所示，静止的小球沿不同的轨道由同一位置滑到水平桌面上，轨道高度为h，桌面距地面高为H，物体质量为m，则以下说法正确的是A小球沿竖直轨道下滑到桌面上的过程

4、，重力做功最少B小球沿曲线轨道下滑到桌面上的过程，重力做功最多C以桌面为参考面，小球的重力势能的减少量为mghD以地面为参考面，小球的重力势能的减少量为6、电子与质子速度相同，都从O点射入匀强磁场区，则图中画出的四段圆弧，哪两个是电子和质子运动的可能轨( )Aa是电子运动轨迹，d是质子运动轨迹Bb是电子运动轨迹，c是质子运动轨迹Cc是电子运动轨迹，b是质子运动轨迹Dd是电子运动轨迹，a是质子运动轨迹二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，a、b是电场线的两点。

5、一带负电的粒子只在电场力作用下以一定的初速度从a点开始经b点向远处运动，粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度时间图象如图乙所示。下列说法正确的是（ ）Aa、b所处电场是匀强电场Ba、b所处电场是某个正电荷形成的电场Cb点的电场强度一定为零D粒子的电势能先减小后增大8、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( ) A加5 V电压时，导体的电阻约是5 B加12 V电压时，导体的电阻约是1.4 C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D欧姆定律对该导体不适用9、如图所示，光滑绝缘的水平面上M、N两点各放有一带电荷量分别为q和2q的完全相同的金属球A和B给A

6、和B以大小相等的初动能E0(此时初动量的大小均为p0)，使其相向运动刚好能发生碰撞(碰撞过程中无机械能损失)，碰后返回M、N两点的动能分别为E1和E2，动量的大小分别为p1和p2，则()AE1E2E0，p1p2p0BE1E2E0，p1p2p0C碰撞发生在MN中点的左侧D两球同时返回M、N两点10、如图所示电路中,电源电动势E恒定,内阻r=1,定值电阻R3=5.开关S断开时与闭合时相比,ab段电路消耗的电功率相等。以下说法中正确的是A电阻R1、R2可能分别为4、5B电阻R1、R2可能分别为3、6C开关S断开时理想电压表的示数一定小于S闭合时的示数D开关S断开时与闭合时相比,理想电压表的示数变化量

7、大小与理想电流表的示数变化量大小之比一定等于6三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在测定金属丝电阻率的实验中，需要测出其长度L直径d和电阻R用螺旋测微器测金属丝直径时读数如下图，则金属丝的直径为_ m用电流表和电压表测金属丝的电流电压时读数如下图，则电压表的读数为_ V，电流表的读数为 _ A12（12分）有一个电流表G，内阻Rg，满偏电流Ig，要把它改装为量程为U的电压表，要_联一个 大小为_ 的电阻，要把它改装为量程为I的电流表，要_联一个大小为 _ 的电阻（用所给字母表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡

8、中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两极板的长度L=80cm，两板间的距离d=10cm电源电动势E=18V，内电阻r=1，电阻R=15闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从A、B两金属板左端正中间位置M处以初速度v0=8m/s水平向右射入两板间，恰能从上极板B板右侧边缘射出若小球带电量为q=1101 C，质量为m=1101 kg，不考虑空气阻力，重力加速度g=10m/s1求此时：（1）滑动变阻器接入电路的阻值；（1）电源的输出功率14（16分）以10m /s 的速度在离水平地面5m 高处水平抛出一小球，不计

9、空气阻力，g 取 10 m /s2 ，求： 小球落地时的水平位移大小； 小球落地时的速度大小和方向15（12分）质量m=33kg、带电量q=3333-3C的粒子位于y轴（3，3a）处（a=33m），沿x轴正方向水平抛出，如图所示在x轴正上方有宽度为a、方向沿x轴正方向、强度为E=333N/C的匀强电场区域若带电粒子进入电场区域恰好作直线运动，重力加速度g=33m/s3求带电粒子（3）水平抛出时的初速度v3；（3）运动到x轴时所需要的时间；（3）运动到x轴时的速度大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】电子

10、垂直于场强方向射入两平行金属板中间的匀强电场中，在平行于金属板的方向电子不受力而做匀速直线运动，则有解得电子穿越平行板所需要的时间为可知电子穿越平行板所需要的时间与金属板的长度和电子的初速度大小有关，与其他因素无关，即与电压及两板间距离均无关，故A、B、D错误，C正确；故选C。2、A【解析】当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由欧姆定律分析总电流I减小，路端电压U=EIr增大，电阻R2的电压U2=EI（r+R1）增大，流过电阻R2的电流I2增大，则流过电流表的电流I3=II2减小所以伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小故选A3、D【解析】枕形导体

11、在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布因此在枕形导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，静电平衡时内部电场强度处处为零，导体是等势体，表面是等势面；即A端的电势与B端的电势相等；故选D【点睛】本题关键要理解掌握：处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，理解场强处处为零的原因知道净电荷全部分布在导体表面且整个导体是等势体4、A【解析】A经过b点做等势线与ac交于d点，则d点的电势为17V，所以过cf垂直bd于f，根据几何关系可知cf=3.6cm，则电场强度：故A项正确。B根据：因a、b、c三点电势分别为a=10V、b=17V、c=26V，解得原点处的电势为1 V，故B

12、错误；C电子在a点的电势能高于b点，故C错误。D电子从b点运动到c点，电场力做正功：故D错误。5、C【解析】AB.静止的小球沿不同的轨道由同一位置滑到水平桌面上，由于高度差相同，所以重力做功相同故AB错误CD.重力势能的变化量与零势能平面的选取无关，重力做的正功等于重力势能的减小量，重力做功为mgh，则重力势能的减小量为mgh故C正确，D错误6、C【解析】由题意可知，电子与质子有相同的速度，且电子质量小于质子，则电子的半径小于质子，由于电子带负电，质子带正电，由根据左手定则可知，电子偏右，质子偏左，故C正确；A、B、D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选

13、项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】AC在v-t图像中斜率代表加速度，由题图可知，在a、b两点处的加速度不同，其中b点的加速度为零，则b点的电场力为零，所以b点的场强为零，在a点的加速度不为零，则a点的电场力不为零，a点的场强不为零，所以a、b所处的电场不是匀强电场，故A错误，C正确；B在v-t图像中可知，负电荷从a点到b点做加速度减小的加速运动，电场力的方向向右，场强方向向左，过b点后负电荷作减速运动，则场强方向向右，而正电荷形成的电场是从正电荷出发指向无穷远处，所以a、b所处电场不可能是某个正电荷形成的电场，故B错误；D整

14、个过程中，负电荷的动能先增大后减小，由于只受电场力作用，物体只发生动能和电势能的相互转化，根据能量守恒可知，粒子的电势能先减小后增大，故D正确。故选CD。8、AD【解析】加5V的电压时，电流为1.0A，则由欧姆定律可知，；故A正确；加12V的电压时，电流为1.5A，则可得电阻为：R=8；故B错误；由图可知，随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，故C错误；由图可知，此导体为非线性元件，欧姆定律对该导体不适用；故D正确；故选AD9、AD【解析】AB：由动量观点，系统动量守恒，两球速度始终等值反向，也可得出结论：两球同时返回M、N两点，两球末动量大小相等，末动能大小相等由能量观点，

15、两球碰后电荷量均变为，在相同距离上的库仑力增大，返回过程中库仑力做的正功大于接近过程中克服库仑力做的功，系统机械能增大，末动能增大故A错误，B正确CD：由动量观点，系统动量守恒，两球速度始终等值反向，也可得出结论：碰撞发生在M、N中点，两球同时返回M、N两点故CD错误点睛：综合利用动量、能量解题是处理不需具体分析中间过程问题的快捷方法10、AD【解析】由题中“电源电动势E恒定”可知，本题考查闭合电路欧姆定律和动态电路，根据闭合电路欧姆定律公式和动态电路变化可分析本题。【详解】AB取有当S断开前后有时将代入方程成立，而将代入方程不成立，故A错误B正确；C将R3和电源内阻看作一整体，则此时电压表测

16、量路端电压，开关断开时等效外电路总电阻大于开关闭合时的，所以开关断开时电压表示数大，故C错误；D根据闭合电路欧姆定律得则电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比为故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.698(0.001) 2.60V 0.53A 【解析】（1）由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0.5mm，可动刻度示数为19.70.01mm=0.197mm，螺旋测微器示数为0.5mm+0.197mm=0.697mm（2）由图丙所示电压表可知，其量程为3V，分度值为0.1V，示数为2.60V；由图示电流表可知，其

17、量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.52A12、串 并 【解析】电流表改装电压表需串联一个电阻，改装原理U=Ig（Rg+R），串联电阻改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理IgRg=（I-Ig）R，并联电阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）11；（1）17W.【解析】试题分析：电容器与RP并联，则电容器两端的电压等于RP两端的电压，小球在两极板间做类平抛运动，根据类平抛运动的规律求出小球的加速度，由牛顿第二定律求出电场力，再求出两极板的场强和电压，则由闭合电路欧姆定律可求得电流，再由欧姆定律可求得滑动变阻器接入电阻；由功率公式可求得电源的输出功率（1）小球在极板间做类平抛运动水平方向：t=Lv0=0.88s=0.1s；竖直方向12d=12at2，代入数据解得a=20m/s2对小球，根据牛顿第二定律有F-mg=ma，代入数据解得：F=0.6N极板间电场强度为E=Fq=0.6110-2N/C=60N/C两极板间的电压为：U=Ed=600.2V=12V电路电流为：I=E-UR+r=28-1215+1A=1A变阻器接入电路的阻值为：R=UI=121=12（1）电源的路端电压为：U端=E-Ir=28-11=27V电源的输出功率为P出=U端I=271=27W14、（1）1