2023学年天津部分区物理高二第一学期期中统考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I，方向如图

2、所示。a、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等。将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3，下列说法正确的是AB1=B2B3BB1=B2=B3Ca处和b处的磁场方向垂直于纸面向外，c处的磁场方向垂直于纸面向里Da处的磁场方向垂直于纸面向外，b处和c处的磁场方向垂直于纸面向里2、如图，光滑水平面上放有A、B两物块，B的质量M3kg，A的质量m1kg，B上固定一根水平轻质弹簧，B处于静止状态，A以速度v04m/s冲向B，并与弹簧发生作用，已知A、B始终在同一条直线上运动，则在A与弹簧作用直至分离的过程中，弹簧弹性势能的最大值EP及B的最大速度vB分别是（

3、）AEP4J，vB1m/sBEP6J，vB1m/sCEP4J，vB2m/sDEP6J，vB2m/s3、油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是（ ）A向外界散热B做为油罐车的标志C发出响声，提醒其他车辆和行人的注意D把电荷导入大地，避免由静电造成危害4、如图所示，某同学用一根弹簧和一把直尺来测量重物的重量在未悬挂重物时指针正对刻度1在弹性限度内，当挂上80N重物时，指针正对41若指针正对20时，所挂重物为( )A40NB20NC30ND不知弹簧劲度系数k，故无法计算5、如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行

4、时()A线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流B线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势C线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是abcdD线圈绕P1转动时dc边受到的安培力大于绕P2转动时dc边受到的安培力6、如图所示，同一介质中的P、Q两列持续振动的简谐横波分别沿x轴正向和负向传播，质点a、b、c、d分别位于6m、7m、8m、7.5m处，若波的传播速度为10m/s，图示为t=0时刻的波形图,则再经过t=0.5s时A质点振动的频率为0.4Hz B质点a、c处于平衡位置C质点b的位移大小为30cm D质点d的振动方向沿+y轴二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在

5、每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一根粗细均匀的金属导线，两端加电压为U时，通过导线的电流强度为I，导线中自由电子定向移动的平均速率为v；若导线均匀拉长，使其半径变为原来的，两端电压仍为U，则（ ）A通过导线的电流强度为IB通过导线的电流强度为IC自由电子定向移动的平均速率为vD自由电子定向移动的平均速率为v8、如图所示，UI图线上，a、b、c各点均表示该电路中有一个确定的工作状态，b点=，则下列说法中正确的是()A在b点时，电源的总功率最大B在b点时，电源的输出功率最大C从a到b时，角增大，电源的总功率变小和输出功率

6、减小D从b到c时，角增大，电源的效率变大和输出功率减小9、如图所示，圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，一带电粒子（不计重力）以某一初速度沿圆的直径方向射入磁场，粒子穿过此区域的时间为t，粒子飞出此区域时速度方向偏转60角，根据上述条件可求下列物理量中的( )A带电粒子的初速度B带电粒子的比荷C带电粒子在磁场中运动的半径D带电粒子在磁场中运动的周期10、如图所示的xOy坐标系中，x轴上固定一个点电荷Q，y轴上固定一根光滑绝缘细杆（细杆的下端刚好在坐标原点O处），将一个套在杆上重力不计的带电圆环（视为质点）从杆上P处由静止释放，圆环从O处离开细杆后恰好绕点电荷Q做圆周运动。下列说

7、法正确的是A圆环沿细杆从P运动到O的过程中，加速度一直增大B圆环沿细杆从P运动到O的过程中，速度一直增大C增大圆环所带的电荷量，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动D将圆环从杆上P的上方由静止释放，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分） “测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L、直径d和电阻R.(1)用螺旋测微器测金属丝直径时读数如下图甲，则金属丝的直径为_ mm(2) 用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图所示，则电压表的读数为_ V，电流表的读数为_

8、 A(3) 实验需要用刻度尺测出金属丝的长度l，用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻Rx请写出测金属丝电阻率的表达式：=_（用上述测量量的字母表示）12（12分）利用如图所示的实验装置测量两节干电池组成的电源的电动势和内电阻(1)某同学用如图甲所示的装置电路进行测量在实验中发现变阻器的滑片由图中右端向左端逐渐滑动时，电流表示数逐渐增大，电压表的示数接近3.0V并且几乎不变，当滑片临近左端时，电压表示数急剧变化出现这种问题，应更换一个总阻值比原来_(选填“大”或“小”)的变阻器 甲 乙(2) 在实验操作正确的情况下测得数据记录在下表中，请在图乙中作出U-I图象_U/V

9、2.942.862.812.762.712.62I/A0.060.120.180.240.300.38 (3) 根据U-I图象，可得该电池组的电动势E_V，内电阻r_.(结果均保留2位有效数字).(4) 本实验存在系统误差，原因是_(选填“电压表分流”或“电流表分压”前面的序号)，由此造成电源内阻测量值_(选填“大于”“小于”或“等于”)真实值四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，BC是位于竖直平面内，半径的圆弧形光滑绝缘轨道，圆心角，其下端点C与足够长的水平绝缘轨道平滑连接，在C点右侧存在水平向左

10、的匀强电场，电场强度今有一质量为、带电荷量的小物块（可视为质点）从A点以的初速度水平抛出，在B点沿切线进入圆弧轨道若已知物块与水平轨道间的动摩擦因数，物块在运动过程中电量不变，取，求：（1）A、B两点之间的高度差h；（2）带电小物块第一次过C点时对轨道的压力大小；（3）通过计算判断小物块能否从B点离开轨道；若不能，求出整个运动过程中小物块在水平轨道上通过的总路程S14（16分）质量为，带电荷量为的微粒，以速度与水平方向成进入匀强电场和匀强磁场同时存在的空间，如图所示，微粒在电场、磁场、重力场的共同作用下做匀速直线运动，求：（1）电场强度的大小（2）磁感应强度的大小，该带电粒子带何种电荷15（1

11、2分）地面上有质量m=3.0103kg的物体，用起重机将它竖直向上匀加速提升到h=10m的高处，物体在这段上升过程中，起重机钢绳对它的拉力F=4104N取g=10m/s2，将物体视为质点（1）求钢绳的拉力F所做的功WF；（2）求重力做的功WG；（3）选择地面为参考平面，求物体在h=10m处的重力势能EP参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】a、b和c处的磁感应强度均是三条通电导线单独存在时在各点处产生的磁场叠加后的合磁感应强度。由于通过三条导线的电流大小相等，结合安培定则可判断出三条导线在a、b处产生的合磁

12、感应强度垂直于纸面向外，在c处产生的合磁感应强度垂直于纸面向里，且B1=B2B3，与结论不相符，选项错误；B. B1=B2=B3，与结论不相符，选项错误；C. a处和b处的磁场方向垂直于纸面向外，c处的磁场方向垂直于纸面向里，与结论相符，选项正确；D. a处的磁场方向垂直于纸面向外，b处和c处的磁场方向垂直于纸面向里，与结论不相符，选项错误；2、D【解析】当两者速度相等时，弹簧的弹性势能最大，设速度为v。取水平向右为正方向，由动量守恒定律有：mv0=（M+m）v，机械能守恒定律：，联立解得：EP=6J即弹簧弹性势能的最大值为6J。当弹簧恢复原长时，B的速度最大，由动量守恒定律和机械能守恒定律有

13、：，联立联解得：vB=2m/s；vA=-2m/s所以B的最大速度为2m/s，方向向右。AEP4J，vB1m/s。故A不符合题意。BEP6J，vB1m/s。故B不符合题意。CEP4J，vB2m/s。故C不符合题意。DEP6J，vB2m/s。故D符合题意。3、D【解析】油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是避免由静电造成危害，故选D4、B【解析】弹簧的自由端B在未悬挂重物时指针正对刻度1，当挂上80N重物时指针正对刻度41，知弹簧形变量为指针正对刻度11时，弹簧的形变量为由胡克定律得：，即，解得 ，因为不知道伸长量的单位，所以不能求k值，故B正确，ACD错误【点睛】解决本题的关键掌握胡克定律F=k

14、x，注意x为形变量，不是弹簧的长度，可运用比例法解答5、A【解析】AB根据E=BS可知，无论线圈绕轴P1和P2转动，则产生的感应电动势均相等，故感应电流相等，故A正确，B错误；C由楞次定律可知，线线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是adcba，故C错误；D由于线圈P1转动时线圈中的感应电流等于绕P2转动时线圈中得电流，故根据F=BLI可知，线圈绕P1转动时dc边受到的安培力等于绕P2转动时dc边受到的安培力，故D错误。故选A。6、B【解析】A、由题意可知v=10m/s，=4m，则质点振动的周期T=v=4m10m/s=0.4s,频率为f=1T=2.5Hz，故A错误；B、质点a、c为振动减弱

15、点，当t=0.5时，两波振动方向相反，所以质点a、c处于平衡位置，故B正确；C、质点b是振动加强点，t=0.5时，两列波在质点b的位移为0，故质点b的位移为零，故C错误；D、t=0.5时，简谐橫波P在d处向下振动，简谐横波Q在d处也向下振动，所以质点d的振动方向沿-y轴，故D错误；故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】将导线均匀拉长，使其半径变为原来的1/2，横截面积变为原来的1/4倍，导线长度要变为原来的4倍，金属丝电阻率不变，由电阻定律R=可知，

16、导线电阻变为原来的16倍；电压U不变，由欧姆定律I=U/R可知，电流变为原来的1/16；故A错误，B正确；电流I变为原来的1/16，横截面积变为原来的1/4，单位体积中自由移动的电子数n不变，每个电子粒所带的电荷量e不变，由电流的微观表达式I=nevS可知，电子定向移动的速率变为原来的1/4，故C正确，D错误；故选BC8、BD【解析】由电源的总功率P总=EI可知，在b点时I不是最大，电源的总功率不是最大，故A错误；电源的输出功率P出=UI，由数学知识可知，P出等于图线上的点与两坐标轴所围图形的“面积”，由图可知，在b点时“面积”最大，电源的输出功率最大，故B正确；从ab时角越大，电流逐渐减小，

17、电源的总功率逐渐减小，图线上的点与两坐标轴所围图形的“面积”增大，即输出功率增大，故C错误；从bc时角越大，电流越小，电源的总功率越小，图线上的点与两坐标轴所围图形的“面积”减小，即输出功率减小，故D正确所以BD正确，AC错误9、BD【解析】画出粒子的运动轨迹，如图实线所示：B、由几何知识得到，轨迹的圆心角，则粒子穿过此区域的时间为，而，粒子的比荷为，B、t均已知，则比荷、周期可求出，故BD正确；A、设磁场圆形边界的半径为R，粒子轨迹的半径为r，则由几何知识得到，又，由于R未知，则r，v都无法求出，故AC错误点睛：本题是带电粒子在有界的磁场中运动的问题，关键是画出粒子运动轨迹，运用几何知识研究

18、粒子轨迹的半径和圆心角10、BC【解析】A. 圆环从P运动到O的过程中，受库仑引力，杆子的弹力，库仑引力沿杆子方向上的分力等于圆环的合力，滑到O点时，所受的合力为零，加速度为零。故A错误。B. 圆环从P运动到O的过程中，只有库仑引力做正功，根据动能定理知，动能一直增大，则速度一直增大。故B正确。CD. 根据动能定理得：根据牛顿第二定律得：联立解得：增大圆环所带的电荷量，其他条件不变，圆环仍然可以做圆周运动；若增大高度，知电势差U增大，库仑引力与所需向心力不等，不能做圆周运动。故C正确，D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）0

19、.697（0.696-0.698） ； （2）2.60， 0.52； （3）； 【解析】(1) 由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+19.70.01mm=0.697mm；(2) 由图示电压表可知，其分度值为0.1V，电压表示数为2.60V，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.52A；(3)由欧姆定律可得：，解得：【点睛】本题考查了螺旋测微器读数、实验误差分析、求电阻率，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，螺旋测微器需要估读12、小 如图： 3.0 1.0 小于 【解析】（1）滑动变阻器串联在电路中，电压表测量滑动变阻器电压，刚开始滑动触头P由右端向左端逐渐滑动时，电流表示数逐渐增大，电压表的示数接近3.0V并且几乎不变，说明随着电阻的变小，滑动变阻器的电阻占整个电路电阻的比例变化不大，直到当滑动触头P滑至临近左端时，电压表的示数急剧变化，说明滑线变阻器的总电阻太大，所以原因是：滑动变阻器阻值太大，有效使用的部分短，改进方法为：选择阻值更小的滑动变阻器.（2）根据实验数据做出的图像如图；根据闭合电路欧姆