2023学年甘肃省定西市岷县二中高二物理第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在绝缘的水平面上方存在着匀强电场，水平面上的带电金属块在水平拉力F作用下沿水平面移动已知金属块在移动的过程中，外力F做功32J，金属块克服电场力做功8.0J，

2、金属块克服摩擦力做功16J，则在此过程中金属块的（ ）A动能增加8.0JB电势能增加24JC机械能减少24JD机械能增加48J2、如图所示，匀强磁场中垂直放置一通电直导线，关于导线在此磁场中受到的安培力，下列判断不正确的是( )AF方向向上BF大小与电流大小有关CF大小与磁感应强度大小有关DF大小与导线在磁场中的长度有关3、如图所示是一个常用的电容器，关于它的说法中正确的是A电容器可以储存电荷，且带电量越多电容越大B加在这个电容器两端的电压低于50V时它就不能工作C加在这个电容器两端的电压为25V时，它的电容是110PFD这个电容器两端电压变化10V，它的带电量变化2.210-3C4、有个电流

3、计，内阻Rg=300，满偏电流Ig=1mA，要把它改装成一个量程为3V的电压表，需要给它（ ）A并联一个0.1的电阻B串联一个0.1的电阻C并联一个2.7K的电阻D串联一个2.7K的电阻5、如图，abc是竖直面内的光滑固定轨道，ab水平，长度为2R：bc是半径为R的四分之一的圆弧，与ab相切于b点一质量为m的小球始终受到与重力大小相等的水平外力的作用，自a点处从静止开始向右运动，重力加速度大小为g小球从a点开始运动到其他轨迹最高点，机械能的增量为A2mgRB4mgRC5mgRD6mgR6、在电场中，A、B两点间的电势差为UAB75 V，B、C两点间的电势差为UBC200 V，则A、B、C三点电

4、势高低关系为()AABCBA C AB DC B A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示. 不计粒子所受重力，则( )A粒子带正电B粒子加速度CA点的电势能大于B点的电势能D粒子的初速度不为零8、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( ) A加5 V电压时，导体的电阻约是5 B加12 V电压时，导体的电阻约是1.4 C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D欧姆定律对该导体不适用9、

5、如图所示，半径为R的竖直光滑圆轨道内侧底部静止着一个光滑小球，现给小球一个冲击使其在瞬间得到一个水平初速度，大小不同，则小球能够上升到的最大高度（距离底部）也不同，下列说法中正确的是（ ）A如果，则小球能够上升的最大高度等于B如果，则小球能够上升的最大高度小于C如果，则小球能够上升的最大高度等于2RD如果，则小球能够上升的最大高度等于2R10、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器的滑片向b端移动时，则A电压表读数减小B电流表读数增大C质点P将向上运动D上消耗的功率逐渐增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处

6、，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验气垫导轨装置如图甲所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成在空腔导轨的两个工作面上均匀分布着一定数量的小孔，向导轨空腔内不断通入的压缩空气会从小孔中喷出，使滑块稳定地漂浮在导轨上，这样就大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差 （1）下面是实验的主要步骤：安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；向气垫导轨通入压缩空气；把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器并固定在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；使滑块1挤

7、压导轨左端弹射架上的橡皮绳；把滑块2放在气垫导轨的中间；先_（选填“接通电源再释放滑块1”或“释放滑块1再接通电源”），让滑块带动纸带一起运动；取下纸带，重复步骤，选出理想的纸带如图乙所示；测得滑块1（包括撞针）的质量310 g，滑块2（包括橡皮泥）的质量为210 g （2）纸带的_（选填“左”或“右”）侧和滑块1相连（3）已知打点计时器每隔0.02 s打一个点，计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为_kgm/s；两滑块相互作用以后系统的总动量为_kgm/s（结果均保留三位有效数字）（4）试说明（3）中两结果不完全相等的主要原因可能是_12（12分）如图所示为“研究影响平行板电容器电容的因素

8、”的实验装置，在以下操作步骤中，静电计指针的张角分别是怎样变化的？请将答案填在相应的横线上。（1）甲图中将B板上移，静电计的指针张角将_（填“增大”或“减小”或“不变”）（2）乙图中将B板左移，静电计的指针张角将_（填“增大”或“减小”或“不变”）（3）丙图中将电介质插入两板之间，静电计的指针张角将_（填“增大”或“减小”或“不变”）（4）本实验的研究方法是_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，足够长的竖直绝缘杆上套有一带正电小环，整个装置处在水平向右的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场内，小环由

9、静止开始下滑，经过时间t后速度达到最大值已知小环质量为m、电荷量为q，电场强度为E，磁感应强度为B，小环与杆之间的动摩擦因数为，重力加速度为g求：（1）小环下滑的最大加速度的大小和最大速度的大小；（2）小环下滑时间t内受到的平均摩擦力的大小（用动量定理求解）14（16分）一根长为L，横截面积为S的铜棒，两端电势差为U，铜棒的电阻为R，铜内自由电子密度为n自由电子电荷量为e，求：（1）通过铜棒的电流I；（2）铜棒内的电场强度E；（3）自由电子定向移动的速率v15（12分）利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势E6 V，电源内阻r1 ，电阻R3 ，重物质量m0.10 kg，当将重物固

10、定时，电压表的示数为5 V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5 V，求重物匀速上升时的速度大小(不计摩擦，g取10 m/s2)参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】本题考查的是对功能关系的理解问题，根据动能定理，合外力对物体做的功为等于其动能的增加量，A正确；金属块克服电场力做功8.0J，电势能增加也是8J，B错误；机械能增加了8J，CD错误；2、A【解析】如图可知，通电导线与磁场垂直，由左手定则可知，安培力向下，故A错误；由F=BIL可知，F与电流、磁感应强度、导线

11、的长度有关，故BCD正确；本题要求选择不正确的，故选A.3、D【解析】A电容器可以储存电荷，但电容的大小与带电量和电压等无关，故A错误；B50V是电容器能正常工作的最大电压，加在这个电容器两端的电压低于50V时它同样可以正常工作，故B错误；C电容的大小与所加电压无关，加在这个电容器两端的电压为25V时，它的电容是220PF，故C错误；D这个电容器两端电压变化10V，它的带电量变化Q=UC=1022010-6=2.210-3C；故D正确。4、D【解析】改装成电压表要串联电阻分压，串阻值为：则A、B、C错误，D正确故选D5、C【解析】本题考查了运动的合成与分解、动能定理等知识，意在考查考生综合力学

12、规律解决问题的能力设小球运动到c点的速度大小为vC，则对小球由a到c的过程，由动能定理得：F3R-mgR=mvc2，又F=mg，解得：vc2=4gR，小球离开c点后，在水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，竖直方向在重力作用力下做匀减速直线运动，由牛顿第二定律可知，小球离开c点后水平方向和竖直方向的加速度大小均为g，则由竖直方向的运动可知，小球从离开c点到其轨迹最高点所需的时间为:t=vC/g=2，小球在水平方向的加速度a=g，在水平方向的位移为x=at2=2R由以上分析可知，小球从a点开始运动到其轨迹最高点的过程中，水平方向的位移大小为5R，则小球机械能的增加量E=F5R=5mgR，选项C正

13、确ABD错误【点睛】此题将运动的合成与分解、动能定理有机融合，难度较大，能力要求较高6、C【解析】由题意，UAB=A-B=75V，则得：AB；UBC=B-C=-200V，则得：BC；又UAC=UAB+UBC=（75-200）V=-125V，则得：AC；故有：CAB；故ABD错误，C正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：带电粒子在电场中运动，受到的电场力指向轨迹内侧。A、根据轨迹情况可以判断，受到的电场力与电场线方向相反，所以该粒子肯定带负电，A

14、选项错误B、A点场强大于B点场强，所以带电粒子在A点的电场力大于在B点的电场力，所以加速度满足aAaB，B选项正确C、从A点运动到B点，电场力方向与运动方向夹角为钝角，电场力做负功，动能减小，电势能增加，则A点的电势能小于B点的电势能，C选项错误D、如果粒子初速度为零，则满足粒子沿电场线运动的条件，粒子会沿电场线运动，实际轨迹如题图，所以粒子的初速度不为零，D选项正确故选BD考点：电场与力学的综合问题点评：中等难度。电荷沿电场线运动必须同时满足三个条件：（1）电荷初速度为零或初速度沿电场线方向（2）只受电场力，（3）电场线是直的。非选择题部分8、AD【解析】加5V的电压时，电流为1.0A，则由

15、欧姆定律可知，；故A正确；加12V的电压时，电流为1.5A，则可得电阻为：R=8；故B错误；由图可知，随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，故C错误；由图可知，此导体为非线性元件，欧姆定律对该导体不适用；故D正确；故选AD9、ABD【解析】A如果，根据机械能守恒定律得 解得故A正确；B如果，根据机械能守恒定律得解得当根据竖直平面内的圆周运动知识可知小球在上升到处之前就做斜抛运动了，则小球能够上升的最大高度小于，故B正确；C如果，根据机械能守恒定律得 则h=2R但根据竖直平面内的圆周运动知识可知小球在上升到2R处之前就做斜抛运动了，则小球能够上升的最大高度小于2R，故C错误；D

16、如果，根据机械能守恒定律得解得根据竖直方向圆周运动向心力公式可知，最高点的速度最小为，满足条件，所以可以到达最高点，即小球能够上升的最大高度为2R，故D正确。故选ABD。10、AB【解析】由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B正确；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小；故A正确；

17、因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C错误；因R3两端的电压减小，由公式可知，R3上消耗的功率减小故D错误综上所述，故选AB【点晴】本题考查闭合电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分-整体-部分的分析思路进行分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、按通电源再释放滑块1 右 0.620 0.614 纸带与打点计时器限位孔之间有摩擦力的作用 【解析】(1) 1 使用打点计时器时，为了减小误差尽量多的利用纸带，要接通电源再释放滑块1；(2)2 放开滑块1后，滑块1做匀

18、速运动，跟滑块2发生碰撞后跟2一起做匀速运动，碰撞前的速度大于碰撞后的速度，故纸带的右侧与滑块相连；(3)34 放开滑块1后，滑块1做匀速运动，跟滑块2发生碰撞后跟2一起做匀速运动，根据纸带的数据得：碰撞前滑块1的动量为：滑块2的动量为零，所以碰撞前的总动量为0.620kgm/s，碰撞后滑块1、2速度相等，所以碰撞后总动量为：(4)5 结果不完全相等是因为纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用12、增大 增大 减小 控制变量法 【解析】根据，联合分析求解；研究某量与其他两之间的关系时，常采用控制变量法（1）根据，B板上移，S减小，C减小，Q不变，U增大，张角将增大；（2）根据， B板左移，d增大，C减小，U增大，