2023学年甘肃省宁县二中高二物理第一学期期中经典模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、我国发射的“天宫一号”和“神州八号”在对接前，“天宫一号”的运行轨道高度为350km，“神州八号”的运行轨道高度为343km它们的运行轨道均视为圆周，则A“天宫一号”比“神州八号”速度大B“天宫一号”比“神州八号”周期长C“天宫一号”比“神州八号”角速度大D“天宫一号”比“神州八号”加速度大2、关于电源的电动势，下面叙述不正确的是（ ）A同一电源接入不同电路，电动势不会发生变化B电动势等于闭合电路中接在电源两极间的电压表测得的电压C电源的电动势反映电源把其他形式的能转化为电能的本领大小D在外电路接通时，电源的电动势等于内外电路上的电压之和3、质量为m1、m2的小球分别带同种电荷q

3、1和q2，它们用等长的细线吊在同一点O，由于静电斥力的作用，使m1球靠在竖直光滑墙上，m1球的拉线l1呈竖直方向，使m2球的拉线l2与竖直方向成角，m1、m2均处于静止，如图所示由于某种原因，m2球的带电量q2逐渐减少，于是两球拉线之间夹角也逐渐小直到零在角逐渐减小的过程中，关于l1、l2中的张力FT1、FT2的变化是()AFT1不变，FT2不变BFT1不变，FT2变小CFT1变小，FT2变小DFT1变小，FT2不变4、电源电动势是表征电源把其它形式的能转比为电能本领的物理量。下表给出了四种电池的电动势,哪种电池把其它形式的能转化为电能的本领最强（ ）A1号干电池B5号干电池C铅蓄电池D手机锂

4、电池5、传感器是一种采集信息的重要器件，图64是由电容器作为传感器来测定压力变化的电路，当待测压力作用于膜片电极上时，下列说法中正确的是()若F向下压膜片电极，电路中有从a到b的电流；若F向下压膜片电极，电路中有从b到a的电流；若F向下压膜片电极，电路中不会有电流产生；若电流表有示数，说明压力F发生变化；若电流表有示数，说明压力F不会发生变化ABCD6、如图所示匀强电场E的区域内，在O点处放置一点电荷+Q，a、b、c、d、e、f为以O点为球心的球面上的点，aecf平面与电场平行，bedf平面与电场垂直，则下列说法中正确的是（ ）Ab、d两点的电场强度不相同Ba点的电势等于f点的电势C点电荷+q

5、在球面上任意两点之间移动时，电场力一定做功D将点电荷+q在球面上任意两点之间移动，从球面上a点移动到c点的电势能变化量一定最大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法中不正确的是（）A电阻A与阻值无穷大的电阻B并联，电阻不变B电阻A与导线B（不计电阻）并联，总电阻为零C并联电路中一支路的电阻可能小于总电阻D并联电路某一支路开路，总电阻为无穷大8、一负电荷仅受电场力的作用,从电场中的A点运动到B点,在此过程中该电荷做初速度为零的匀加速直线运动,则A、B两点电场强度E

6、A，EB及该电荷在A、B两点的电势能A、B之间的关系为( )AEAEBBEAEBCABDAB9、图示的电路中，a、b、c为三盏完全相同的灯泡，L是一个自感系数很大、直流电阻为零的自感线圈，E为电源，S为开关关于三盏灯泡，下列说法正确的是（）A合上开关，c、b先亮，a后亮B合上开关一会后，a、b一样亮C断开开关，b、c同时熄灭，a缓慢熄灭D断开开关，c马上熄灭，b闪一下后和a一起缓慢熄灭10、我国第21次南极科考队在南极观看到了美丽的极光极光是由来自太阳的高能量带电粒子流高速冲进高空稀薄大气层时，被地球磁场俘获，从而改变原有运动方向，向两极做螺旋运动，如图所示这些高能粒子在运动过程中与大气分子或

7、原子剧烈碰撞或摩擦，从而激发大气分子或原子使其发出各种颜色的光科学家发现并证实，向两极做螺旋运动的这些高能粒子的旋转半径是不断减小的，这主要与下列哪些因素有关( )A太阳对带电粒子的引力做负功B越靠近南北两极的磁感应强度越强C空气阻力对带电粒子做负功，使其动能减少D洛伦兹力对带电粒子做负功，使其动能减少三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图（甲）所示的电路图请回答下列问题: （1）将图（乙）中实物连线按图（甲）的电路图补充完整_（2）在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑

8、片P应置于最_端（填“左”或“右”）闭合开关S后，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑片，总不能使电压表的示数调为零，原因可能是图（甲）中的_（选填a、b、c、d、e、f ）处接触不良（3）据实验测得的数据，作出该元件的IU图线如图（丙）所示，则元件Q的电阻随工作电压的增大而_（填“不变”、“增大”或“减小”），元件Q在U=0.8V时的电阻值是_12（12分）某同学利用如图甲所示的装置探究在弹性限度内“弹簧弹力和弹簧伸长的关系”实验，弹簧的最上端与刻度尺的零刻度对齐（1）将一个50g的钩码挂在弹簧的下端，弹簧指针如图乙所示，则指针示数为_cm（2）在弹性限度内，将每个50g的钩码逐个

9、挂在弹簧下端，得到挂上不同数目的钩码对应的指针示数L如表所示，用表中数据计算出弹簧的劲度系数k=_N/m，弹簧没有挂钩码时的竖直长度为_cm（重力加速度g=10m/s2，结果保留三位有效数字）钩码数1234L/cm19.7123.7027.70四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两极板的长度L=80cm，两板间的距离d=10cm电源电动势E=18V，内电阻r=1，电阻R=15闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从A、B两金属板左端正中间位置M处以初速度v0

10、=8m/s水平向右射入两板间，恰能从上极板B板右侧边缘射出若小球带电量为q=1101 C，质量为m=1101 kg，不考虑空气阻力，重力加速度g=10m/s1求此时：（1）滑动变阻器接入电路的阻值；（1）电源的输出功率14（16分）如图所示，直角坐标系xOy位于竖直平面内，在x轴下方存在匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直xOy平面向里，电场线平行于y轴。一质量为m、带电量为 +q的小球，从y轴上的A点水平向右抛出，经x轴上M点进入电磁场，恰能做匀速圆周运动，从x轴上的N点第一次离开电磁场，MN之间的距离为L，小球过M 点时的速度方向与x轴正方向夹角为。不计空气阻力，重力加速

11、度为g，求：（1）电场强度E的大小和方向；（2）小球从A点抛出时初速度v0的大小；（3）现使x轴下方的匀强磁场消失，x轴下方只有平行于y轴的匀强电场，当电场强度调整为多大时能使小球也经过N点。15（12分）如图所示，匀强电场电场线与AC平行，把108C的负电荷从A点移到B点，电场力做功6108J，AB长6cm，AB与AC成60角（1）若B处电势为1V，则A处电势为多少？（2）求匀强电场的场强大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：A天宫一号和神州八号绕地球做匀速圆周运动，靠地球的万有引力提供向心

12、力：即，根据这个等式得：线速度，天宫一号的轨道半径大于神舟八号的轨道半径，则天宫一号的线速度较小，A错误；B周期，天宫一号的轨道半径大于神舟八号的轨道半径，则天宫一号的周期更大，B正确；C角速度，天宫一号的轨道半径大于神舟八号的轨道半径，则天宫一号的角速度更小，C错误；D加速度，天宫一号的轨道半径大于神舟八号的轨道半径，则天宫一号的加速度更小，D错误2、B【解析】试题分析：电动势是电源本身的特性，与外电路无关，故A对电动势的值为闭合电路中内外电路上的电压之和，闭合电路中接在电源两极间的电压表测得的电压为路端电压，不是电源电动势故B错，D对电源的电动势物理意义是反映电源把其他形式的能转化为电能的

13、本领大小，故C对故选B考点：电动势的概念3、D【解析】小球B的受力情况如图所示，重力m2g、悬线张力FT、库仑斥力F，这三个力的合力为1因此这三个力构成封闭的力的三角形，且正好与几何三角形OAB相似，有：因为OAOB，所以FT2m2g即FT2与无关，由于库仑力的减小，导致B球受到A球的库仑力大小减小，且方向趋于水平，则有FT1变小因此D正确，ABC错误故选D【点睛】本题从小球的受力分析出发寻求正确的答案，采用三角形相似法处理，比较简单，也可以运用函数法研究4、D【解析】电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大；电动势越大，则把其他形式的能转化为电能的本领越强；手机锂电池的电动势最大，它

14、把化学能转化为电能的本领最强。A. 1号干电池。与结论不符，故A错误；B. 5号干电池。与结论不符，故B错误；C. 铅蓄电池。与结论不符，故C错误；D. 手机锂电池。与结论相符，故D正确。5、A【解析】F向下压膜片电极，使得电容器两板间的距离减少，电容器的电容增加，又因电容器两极板间的电压不变，所以电容器的电荷量增加，电容器继续充电，电路中有从b到a的电流；因此电流表有示数说明压力发生了变化，因此正确，选A6、D【解析】考点：电场强度；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：该电场是匀强电场和点电荷电场的合电场，根据电场的叠加比较电场强度的大小和方向通过电场力做功判断电势差的大小，从而判断电势

15、的高低解答：解：A、b、d两点的合场强大小相等，方向不同，所以场强不同故A错误B、将电荷从e点移到f点，点电荷的电场不做功，匀强电场也不做功，知合场强不做功，所以两点间的电势差为0，两点电势相等故B正确C、点电荷+q在球面上任意两点之间移动时，点电荷的电场不做功，但匀强电场不一定不做功所以电场力不一定不做功故C错误D、a点与c点连线匀强电场的场强相等，方向相同，但关于O点对称的点电荷的场强大小相等，方向相反，在这连线上没有场强相同的点故D正确故选BD点评：解决本题的关键知道电场强度是矢量，合成遵循平行四边形定则，以及知道电场力做功与电势差的关系二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分

16、。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】A、若电阻与一无穷大的电阻并联，则总电阻等于A的阻值；故A正确；B、电阻与导线并联时，导线电阻为零，则电阻被短路，总电阻为零；故B正确；C、并联电路中，并联的电阻越多，则总电阻越小；故C错误；D、并联电路中某一支路开路时，总电阻变大，但绝不会为无穷大；故D错误；不正确的是故选CD8、AD【解析】C、D、电荷做初速度为零的匀加速直线运动，且只受电场力，因此电场力做正功，电势能减小，所以B点的电势能较小所以AB，则C错误，D正确；A、B、电荷做匀加速直线运动，所以根据Eq=

17、ma可知，电场强度不变，即EA=EB ，故A正确，B错误故选AD【点睛】本题比较简单，基础性强；要加强理解电场力和电场强度关系，电势能和电场力做功关系9、AB【解析】A开关S闭合瞬间，因线圈L的电流增大，磁能量增大，产生自感电动势，根据楞次定律可知，自感电动势阻碍电流的增大，通过a灯的电流逐渐增大，所以b、c先亮，a后亮，故A正确；B合上开关一会儿后，因线圈中电流逐渐稳定，则相当于导线，所以a、b一样亮，故B正确；CD断开开关S的瞬间，由电感的特性可知：L和a、b组成的回路中有电流，导致a、b一起缓慢熄灭；而c没有电流，马上熄灭。由于原来ab两灯的电流相等，开关断开的瞬间，通过a、b和线圈回路

18、的电流从a灯原来的电流减小，所以两灯都不会闪亮，故CD错误。故选AB。10、BC【解析】A、粒子在运动过程中，若电量增大，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知当电量增大时，半径是减小，与太阳的引力做功无关,故A错误B、粒子在运动过程中，南北两极的磁感应强度较强，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当磁感应强度增加时，半径是减小，故B正确C、粒子在运动过程中可能受到空气的阻力，对粒子做负功，所以其动能会减小，故C正确； D、地球的磁场由南向北，当带负电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向西，所以粒子将向西偏转；当带正电的宇宙射线粒子垂直于地

19、面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向，粒子受到的洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功，故D错误；故选BC【点睛】本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向同时利用洛伦兹力提供向心力，推导出运动轨迹的半径公式来定性分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）如图所示；（2）左，f；（3）减小，16【解析】（1）根据原理图可得出对应的实物图,注意滑动变阻器以及电流表的接法;（2）为了保证电路安全，流过用电器的电流要从小电流开始，（3）根据图像可求出不同电压下元件Q的电阻【详解】（1）分析电路原

20、理图,得出对应的实物图如图所示;（2）为了保证电路安全，在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最左端，闭合开关S后，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑片，总不能使电压表的示数调为零，则说明电路没有达到分压的效果,故图中f没有连接好（3）图像的斜率表示电阻的倒数，所以元件Q的电阻随工作电压的增大而减小，元件Q在U=0.8V时的电流为0.05A，所以Q的电阻值是12、（1）15.71；（2）12.5；11.71；【解析】（1）由图乙可知：指针示数为15.71cm；(2)由表格中挂不同钩码是弹簧的长度可知：设弹簧的原长为L0，则有，由以上两式可得：，。四、计算题：本题共2小

21、题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）11；（1）17W.【解析】试题分析：电容器与RP并联，则电容器两端的电压等于RP两端的电压，小球在两极板间做类平抛运动，根据类平抛运动的规律求出小球的加速度，由牛顿第二定律求出电场力，再求出两极板的场强和电压，则由闭合电路欧姆定律可求得电流，再由欧姆定律可求得滑动变阻器接入电阻；由功率公式可求得电源的输出功率（1）小球在极板间做类平抛运动水平方向：t=Lv0=0.88s=0.1s；竖直方向12d=12at2，代入数据解得a=20m/s2对小球，根据牛顿第二定律有F-mg=ma，代入数据解得：F=0.6N极板间电场强度为E=Fq=0.6110-2N/C=60N/C两极板间的电压为：U=Ed=60