云南省玉溪市第二中学2022-2023学年物理高三第一学期期中综合测试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，光滑水平面上有A、B两辆小车，质量均为m1kg，现将小球C用长为0.2 m

2、的细线悬于轻质支架顶端，mC0.5kg。开始时A车与C球以v04m/s的速度冲向静止的B车。若两车正碰后粘在一起，不计空气阻力，重力加速度g取10 m/s2，则（）AA车与B车碰撞瞬间，两车动量守恒，机械能也守恒B从两车粘在一起到小球摆到最高点的过程中，A、B、C组成的系统动量守恒C小球能上升的最大高度为0.16 mD小球能上升的最大高度为0.12 m2、质量为的木箱置于水平地面上，它与地面间动摩擦因数，受到一个与水平方向成角斜向上的拉力，为使木箱做匀速直线运动，拉力的最小值以及此时分别是（ ）A；B；C；D；3、超市里磁力防盗扣的内部结构及原理如图所示，在锥形金属筒内放置四颗小铁珠（其余两颗

3、未画出），工作时弹簧通过铁环将小铁珠挤压于金属筒的底部，同时，小铁珠陷于钉柱上的凹槽里，锁死防盗扣当用强磁场吸引防资扣的顶部时，铁环和小铁珠向上移动，防盗扣松开，已知锥形金属筒底部的圆锥顶角刚好是90，弹簧通过铁环施加给每个小铁珠竖直向下的力F，小铁珠锁死防盗扣，每个小铁珠对钉柱产生的侧向压力为（不计摩擦以及小铁珠的重力）AFBFCFDF4、如图所示，在光滑绝缘水平面上，两个带等量正电的点电荷M、N，分别固定在A、B两点，O为AB连线的中点，CD为AB的垂直平分线上关于AB连线对称的两点，在CO之间的F点由静止释放一个带负电的小球P（设不改变原来的电场分布），在以后的一段时间内，P在CD连线上

4、做往复运动，则（ ）A.A、B两点电荷产生的电场在中垂线上合场强从C至D一定先减小后增大B小球P的带电量缓慢减小，则它往复运动过程中每次经过O点时的速率不断增大C点电荷M、N的带电量同时等量地缓慢增大，则小球P往复运动过程中周期不断减小D点电荷M、N的带电量同时等量地缓慢增大，C、D两点的电势差UCD不断变大5、如图所示，用一轻绳将光滑小球P系于竖直墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，P、Q均处于静止状态，现有一铅笔紧贴墙壁从O点开始缓慢下移，则在铅笔缓慢下移的过程中（ ）A细绳的拉力逐渐变小BQ将从墙壁和小球之间滑落CQ受到墙壁的摩擦力逐渐变大DQ受到墙壁的弹力逐渐变大6、伽利略

5、对“运动和力的关系”和“自由落体运动”的研究，开创了科学实验和逻辑推理相结合的重要科学研究方法图1、图2分别表示这两项研究中实验和逻辑推理的过程，对这两项研究，下列说法正确的是（ ）A图1中完全没有摩擦阻力的斜面是实际存在的，实验可实际完成B图1的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出物体的运动需要力来维持C图2通过对自由落体运动的研究，合理外推得出小球在斜面上做匀变速运动D图2中先在倾角较小的斜面上进行实验，可“冲淡”重力，使时间测量更容易二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0

6、分。7、2016年8月16日1时40分，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”发射升空，将在世界上首次实现卫星和地面之间的量子通信量子科学实验卫星“墨子号”由火箭发射至高度为500km的预定圆形轨道此前，6月在西昌卫星发射中心成功发射了第二十三颗北斗导航卫星G1G1属地球静止轨道卫星（高度为36000km），它将使北斗系统的可靠性进一步提高关于卫星以下说法中正确的是（）A这两颗卫星的运行速度可能大于1.9km/sB量子科学实验卫星“墨子号”的向心加速度比北斗G1大C量子科学实验卫星“墨子号”的周期比北斗G1小D通过地面控制可以将北斗G1定点于广州市的正

7、上方8、双星系统中两个星球A、B的质量都是m，相距L，它们正围绕两者连线上某一点做匀速圆周运动。实际观测该系统的周期T要小于按照力学理论计算出的周期理论值T0，且k(k1)，于是有人猜测这可能是受到了一颗未发现的星球C的影响，并认为C位于A、B的连线正中间，相对A、B静止，则下列说法正确的是( )AA、B组成的双星系统周期理论值BA、B组成的双星系统周期理论值CC星的质量为DC星的质量为9、质量为M的半球形物体A和质量为m的球形物体B紧靠着放在倾角为的固定斜面上,并处于静止状态,如图所示,忽略B球表面的摩擦力,则关于物体受力情况的判断正确的是()A物体A对物体B的弹力方向沿斜面向上B物体A受到

8、4个力的作用C物体B对斜面的压力等于D物体B对物体A的压力大于10、如图，在光滑水平面上，放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端各放一个大小、 形状、质量完全相同的物块。开始时，各物均静止，今在两物体上各作用一水平恒力F1、F2，当物块和木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2，物体和木板间的动摩擦因数相同，下列说法正确的是（ ）A若F1=F2，M1M2，则v1v2B若F1F2，M1M2，则v1F2，M1=M2，则v1v2D若F1v2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学做“探究求合力的方法”实验，所用器

9、材有：木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和两个弹簧测力计，实验装置如图（1）该同学按下列步骤操作：在水平桌面上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；用图钉把橡皮条的一端固定在木板上的A点，在橡皮条的另一端系上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，橡皮条与细绳的结点到达某一位置O，记下O点的位置及两个弹簧测力计的示数F1和F2;按选好的标度，分别作出F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；只用一个弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数F，记下F的方向，按统一标度做出这个力F的图示；比较F

10、和F的大小和方向，得出结论。在上述步骤中：步骤遗漏的重要操作是_。步骤遗漏的重要操作是_。（2）根据实验数据画出力的图示，如图所示，图上标出了F1、 F2、F、F四个力，其中_（填上述字母）不是由弹簧测力计直接测得的，F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_。（3）实验中用M、N两个测力计通过细线拉橡皮条的结点，使其到达O点，此时+=90，然后保持M的示数不变，而使减小，为保持结点位置不变，可采用的办法是_A减小N的示数同时减小角B减小N的示数同时增大角C增大N的示数同时增大角D增大N的示数同时减小角12（12分）某实验兴趣小组的同学利用如图所示的装置完成了“探究动能定理”的实验，该小组的同学组

11、装好实验器材后，进行了如下的操作：a在砂桶里装上一定质量的细砂，缓缓地调节长木板的倾角，轻推滑块，使滑块沿长木板匀速下滑；b去掉细线和砂桶，保持长木板的倾角不变，接通电源，将滑块由光电门1上方释放，记录滑块经过两光电门时的挡光时间、；c测出砂和砂桶的总质量m、滑块和遮光条的总质量M；d改变砂桶中细砂的质量，重复a、b、c。(1)长木板表面的粗糙程度对该实验_（填“有”或“无”）影响；去掉细线和砂桶后，滑块的合力应为_（用以上的物理量表示），重力加速度g已知。(2)为了写出探究动能定理的关系式，除了上述物理量外，请分析还需要测量的物理量有_。A长木板的倾角B遮光条的宽度dC光电门2到长木板顶端之

12、间的距离LD两光电门之间的距离s(3)由以上的分析可知，动能定理的关系式应为_（用以上的物理量表示）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，半径R1.6 m的光滑半圆形轨道固定于竖直平面内，下端与传送带相切于B点，水平传送带上A、B两端点间距L16 m，传送带以v010 m/s的速度顺时针运动，将质量m1 kg的小滑块(可视为质点) 放到传送带上，滑块与传送带间的动摩擦因数0.4，取g10 m/s2.(1)将滑块在传送带A端由静止释放，求滑块由释放到第一次经过B端的过程中：所需时间；因放上滑块，电机

13、对传送带多做的功；(2)若滑块仍由静止释放，要想滑块能通过圆轨道的最高点C，求滑块在传送带上释放的位置范围。14（16分）如图所示，木块m3静止在高h=145 m的水平桌面的最右端，木块m1静止在距m3 左侧s1=335 m处现木块m1在水平拉力F作用下由静止开始沿水平桌面向右运动，与 m3碰前瞬间撤去F，m1和m3发生弹性正碰碰后m3落在水平地面上，落点距桌面右端水平 距离s=l3 m已知m1=13 kg，m3 =13 kg，m1与桌面的动摩擦因素为13（两个木块都可以视为质点，g=11 ms3）求：（1）碰后瞬间m3的速度是多少？（3）m1碰撞前后的速度分别是多少？（3）水平拉力F的大小？

14、15（12分）如图，与水平面夹角37的斜面和半径R=0.4m的光滑圆轨道相切于B点，且固定于竖直平面内滑块从斜面上的A点由静止释放，经B点后沿圆轨道运动，通过最高点C时轨道对滑块的弹力为零已知滑块与斜面间动摩擦因数=0.1（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）滑块在C点的速度大小vC；（2）滑块在B点的速度大小vB；（3）A、B两点间的高度差h参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A车碰撞后粘在一起，属于典型的非弹性碰撞，有机械能损失，故A错误；B从两车粘在一起到小球摆到最高

15、点的过程中，在竖直方向上A、B、C组成的系统所受合外力不为零，则系统动量不守恒，故B错误；CDA、B两车碰撞过程，动量守恒，设两车刚粘在一起时共同速度为v1，有解得从小球开始上摆到小球摆到最高点的过程中，A、B、C组成的系统在水平方向上动量守恒，设小球上升到最高点时三者共同速度为v2，有解得从两车粘在一起到小球摆到最高点的过程中，A、B、C组成的系统机械能守恒，即解得故C正确，D错误。故选C。2、A【解析】在拉力作用下木箱重力、拉力、地面的支持力和滑动摩擦力作用，根据平衡条件得又联立解得其中，由数学知识知：当，即时有最小值，且最小值为故选A。3、C【解析】以一个铁珠为研究对象，将力F按照作用效

16、果分解如图所示：由几何关系可得小铁球对钉柱产生的侧向压力为： 故选C4、C【解析】本题考查等量同种电荷的电场线分布规律。【详解】A.等量同种点电荷中垂线上的场强从中点向两侧先增大后减小，故A错误；B.若小球P的带电量缓慢减小，它在电场中某点的电场力在不断地减小，由平衡位置向最大位移运动时，动能向电势能转化时，克服电场力做功需要经过更长的距离，所以它往复运动过程中的在振幅不断增大，由最大位移返回平衡位置时，电场力做的功在不断地减小，它往复运动过程中每次经过O点时的速率不断减小，故B正确；C.若M、N的带电荷量等量缓慢增大，则小球P所受电场力产生的加速度在同一位置时将更大，速度变化将更快，即周期将

17、变小，故C正确；D.虽然点电荷M、N的带电量同时等量地缓慢增大，但C、D两点的电势总是相等的，则C、D两点的电势差始终为零，故D错误。故选C。5、D【解析】试题分析：对P分析，P受到重力、拉力和Q对P的弹力处于平衡，设拉力与竖直方向的夹角为，根据共点力平衡有：拉力，Q对P的支持力铅笔缓慢下移的过程中，增大，则拉力F增大，Q对P的支持力增大；对Q分析知，在水平方向上P对Q的压力增大，则墙壁对Q的弹力增大，在竖直方向上重力与摩擦力相等，所以Q受到的摩擦力不变，Q不会从墙壁和小球之间滑落，故D正确考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正

18、交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解6、D【解析】A. 完全没有摩擦阻力的斜面是实际不存在的，故实验不可能实际完成，故A错误；B. 图2的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出物体的运动不需要力来维持，故B错误；CD. 伽利略设想物体下落的速度与时间成正比，因为当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通过数学推导证明如果速度与时间成正比，那么位移与时间的平方成正比；由于当时用滴水法计算，无法记录自由落体的较短时间，伽利略设计了让铜球沿阻力很小的斜面滚下，来“冲淡”重力得作用效果，而小

19、球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长的多，所以容易测量伽利略做了上百次实验，并通过抽象思维在实验结果上做了合理外推故C错误，D正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】是绕地球表面运动的速度，是卫星的最大环绕速度，则这两颗卫星的速度都小于，A错误；根据，得，轨道半径小的量子科学实验卫星“墨子号”的向心加速度比北斗G1大，B正确；根据，得，半径越大，周期越大，则半径小的量子科学实验卫星“墨子号”的周期比北斗G1小C正确；同位卫星的轨

20、道只能在赤道的上方，D错误8、BD【解析】两星球的角速度相同，根据万有引力充当向心力，则有：可得：两星球绕连线的中点转动，则有：所以：由于C的存在，双星的向心力由两个力的合力提供，则：又：k联立解得：M=故选BD。9、BD【解析】对物体B受力分析，受重力、斜面的支持力和A对B的支持力，受力分析图如图所示由于弹力与接触面垂直，故A对B的支持力不是平行斜面向上，而是偏向上一点，A错误；根据平衡条件有：，得，则由牛顿第三定律可知，物体B对物体A的压力大于，物体B对斜面的压力小于，C错误，D正确；物体A受重力、支持力、摩擦力、B对A的压力，共4个力，B正确；选BD【点睛】先对物体B受力分析，根据平衡条

21、件判断A对B的弹力和斜面对B的支持力情况；再结合牛顿第三定律判断B对A的压力情况10、BD【解析】首先看F1=F1 时情况：由题很容易得到两物块所受的摩擦力大小是相等的，因此两物块的加速度相同，设两物块的加速度大小为a，对于M1、M1，滑动摩擦力即为它们的合力，设M1的加速度大小为a1，M1的加速度大小为a1，根据牛顿第二定律得：因为a1=mgM1，a2=mgM2，其中m为物块的质量设板的长度为L，它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移L=12at11-12a1t11；物块与M1的相对位移L=12at11-12a1t11；若M1M1，a1a1，所以得：t1t1；M

22、1的速度为v1=a1t1，M1的速度为v1=a1t1，则v1v1，故A错误若F1F1、M1M1，根据受力分析和牛顿第二定律，则M1上的物块的加速度大于M1上的物块的加速度，即aaab；由于M1M1，所以M1的加速度小于M1加速度，即a1a1它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移L=12aat11-12a1t11物块与M1的相对位移L=12abt11-12a1t11；由于aaab，所以得：t1t1，则v1v1，故B正确若F1F1、M1=M1，根据受力分析和牛顿第二定律，则M1上的物块的加速度大于M1上的物块的加速度，即aaab；由于M1=M1，所以M1、M1加速度相

23、同，设M1、M1加速度为a它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移L=12aat11-12at11物块与M1的相对位移L=12abt11-12at11；由于aaab，所以得：t1t1，则v1v1，故C错误若F1F1、M1=M1，aaab，则v1v1，故D正确故选BD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）未记录力F1和F2的方向； 未明确是否把橡皮条与细绳的结点拉到位置O； （2）F； F （3）A【解析】（1）步骤中遗漏的重要操作是：未记录F1和F2的方向；步骤中遗漏的重要操作是：未明确是否把橡皮条与细绳的结点拉到位置O；（2）F与F两力中，F是理论值，F是实验值，则F方向一定沿AO方向；（3）要保证结点不动，应保证合力不变，则由平行四边形定则可知，合力不变，M方向向合力方向靠拢，根据图象可知，则N的拉力应减小，同时应减小角；故选A。12、无 mg BD 【解析】(1)12当小车匀速下滑时砂桶的重力与小车所受的摩擦力的合力等于滑块重力向下的分力，去掉细线和砂桶后，滑块的合力应等于砂桶的重力mg。则长木板表面的粗糙程度对该实验无影响；(2)3遮光条通过两个光电门时的速度分别为 则要验证的关系是即则要测量的物理量是遮光条的宽度d以及两光电门之间的距离s，故选BD。(3)4由