福建省厦门六中2022-2023学年物理高三上期中联考模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一同学在水平桌面上将三个形状不规则的石块成功叠放在一起，保持平衡下列说法正确的是（）A石块b对a的支持力与a受到的重力是一对相互作用力B石块b对a的支持力和a对b的

2、压力是一对平衡力C石块c受到水平桌面向右的摩擦力D石块b对c的作用力一定竖直向下2、如图所示，一轻质弹簧一端系在墙上的O点， 弹簧处于原长状态时另一端位于B点，今用一小物体m把弹簧压缩到A点，然后释放，小物体能运动到C点静止，物体与水平地面间的动摩擦因数恒定，试判断下列说法中正确的是（ ）A物体从A到B速度越来越大，从B到C速度越来越小B物体从A到B先加速后减速，从B到C一直减速运动C物体从A到B加速度越来越小，从B到C加速度不变D物体在B点所受合力为零3、有一竖直放置的T型架，表面光滑，两质量均为m的滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B间用一不可伸长的轻细绳相连，A、B可看作质点，如图

3、所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止。现由静止释放B，下列关于两滑块以后运动中的说法正确的是A在滑块B从释放到最低点的过程中，B 物 体减少的重力势能等于A物体增加的动能B在滑块B从释放到最低点的过程中，绳中张力始终小于mgC设细绳与竖直方向的夹角为60时，滑块B的速度为v，则连接A下降的高度为D当细绳与竖直方向的夹角为60时，A、B两物体的速度比为4、如图所示，质量相等的两个物体，沿着倾角分别为和（）的两个光滑固定斜面，由静止开始从斜面顶端滑下，到达斜面底端，两个斜面高度相同。在此过程中，关于两个物体，相同的物理量是A下滑的加速度大小B下滑的时间C合外力的冲量大小D重力的平均功率5、如图所示

4、，在竖直光滑墙壁上用细绳将一个质量为m的球挂在A点，平衡时细绳与竖直墙的夹角为， mg，TmgBNmgCNmg，Tmg，Tmg，则选项B错误；当细绳与竖直方向的夹角为60时，将A、B的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳子的方向，两物体沿绳子方向的速度相等，有：vBcos60=vAcos30，所以 ；AB组成的系统机械能守恒，有：mgh=mvA2+mvB2，因滑块B的速度为v，所以：h=，绳长l=2h=选项CD错误；故选A.4、C【解析】根据牛顿第二定律以及运动学公式判断加速度以及下滑的时间的关系；由动量定理可以判断合外力的冲量是否相等；根据功率的公式来判断平均功率的大小关系；【详解】A、物体沿光滑

5、的斜面下滑，根据牛顿第二定律可知：mgsin=ma，即a=gsin，与斜面倾角有关，由于斜面倾角不同，故加速度不同，故选项A错误；B、物体下滑过程中，下滑高度h相等，由机械能守恒定律得：mgh=12mv2，物体到达斜面底端时，速度v=2gh由牛顿第二定律得加速度为：a=gsin物体沿斜面下滑的时间：t=va=1sin2hg，由于倾角和不同，物体下滑的时间t不同，故B错误；C、由于物体下滑高度相同，由上面分析可知，到达斜面底端时两物体的速度大小相等，由于两物体质量相等，则其动量大小mv相等，由动量定理可知，合力的冲量等于动量的变化量，由于动量变化量大小相等，则合力冲量大小相等，故C正确；D、物体

6、下滑过程中，物体初末位置相同，重力做功：W=mgh相等，由于运动时间t不同，则重力的平均功率P=Wt不同，故D错误。【点睛】本题考查牛顿第二定律以及动量定理的应用的问题，在平时学习过程中注意加强训练。5、B【解析】分析球的受力情况，作出力图，根据平衡条件求解悬绳对球的拉力和墙壁对球的支持【详解】以球为研究对象，分析其受力情况：重力mg、悬绳对球的拉力和墙壁对球的支持力，根据平衡条件，有：，N=mgtan，由于45，所以Nmg.故选B.【点睛】本题是三力平衡问题，分析受力情况，作出力图，运用平衡条件和几何知识列式求解即可6、B【解析】两球碰撞过程动量守恒，以A的初速度方向为正方向，如果两球发生完

7、全非弹性碰撞，由动量守恒定律得：mv=（m+3m）v解得：v=0.25v；如果两球发生完全弹性碰撞，由动量守恒定律得：mv=mvA+3mvB，由机械能守恒定律得： mv2=mvA2+3mvB2解得：vB=0.5v则碰撞后B的速度为：0.25vvB0.5v，故B正确；故选B点睛：本题考查了求碰撞后球的速度，分析清楚碰撞的类型、应用动量守恒定律与机械能守恒定律即可正确解题二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】速度时间图像的斜率表示物体运动的加速度，所以两物体在时

8、刻斜率不同，所以加速度不相同，故A错误；速度的正负表示运动方向，在t2时刻之前速度都为正，所以都朝着正方向运动，t2时刻之后，速度仍旧为正，所以速度方向没有发生变化，故B错误；图像与坐标轴围成的面积表示位移，故两物体t3时刻相距最远，t4时刻相遇，即t4时刻位移相等，而运动时间又相等，所以平均速度相等，故CD正确；故选CD【点睛】解决本题的关键能够从速度时间图线中获取信息，知道斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移速度的正负表示运动方向，图像的曲线不表示物体运动的轨迹8、AD【解析】试题分析：图像的斜率表示速度，斜率的正负表示运动方向，从图像中可知甲一直朝着正方向运动，乙朝着负方向运动

9、，故两者的运动方向相反，A正确；斜率表示速度，故甲在0-2s做匀速运动，速度大小为v1=402=20m/s，然后静止，6-8s又开始做匀速运动，速度大小为v2=60-402=10m/s，B错误；图线乙的斜率恒定，做匀速直线运动，C错误；图线的交点表示两者相遇，故甲乙两物体在距甲的出发点60m处相遇，D正确；考点：考查了位移时间图像【名师点睛】关键掌握位移图象的基本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，纵坐标不变即物体保持静止状态；位移时间图像是用来描述物体位移随时间变化规律的图像，不是物体的运动轨迹，斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点通过的位移等于x的变化量x9

10、、AC【解析】由题意可知考查环绕天体运动规律、天体质量计算，根据万有引力定律、牛顿第二定律分析计算可得。【详解】A“悟空”到地球球心的距离小于同步卫星到地球球心的距离，由公式可知“悟空”的向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度，故A正确；B第一宇宙速度指的是环绕地球表面转动时的速度，取“悟空”为研究对象，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律可得因“悟空”轨道半径大，其线速小于第一宇宙速度，故B错误；C设“悟空”的环绕周期为T，由可得T=故C正确；D设地球质量为M，“悟空”质量为m，由牛顿第二定律可得由角速的定义式可得 联立可得地球的质量为M=无法计算出“悟空”的质量，故D错误。【点睛】环绕规律：

11、轨道半径越大，线速度越小、角速度越小、周期越长、向心加速度越小；利用环绕天体的轨道半径、周期只能计算中心天体的质量，无法计算环绕天体的质量。10、BCD【解析】根据动能定理得，mgR=12mv2，知两物块达到底端的动能相等，速度大小相等，但是速度的方向不同故A错误，B正确；根据P=mgv竖直，可知乙物体中重力的功率随速度的增大是增大的；故C正确；甲物块在下滑过程，开始时重力功率为零，到达底部时重力的功率也为零，中间功率不为零，则说明重力的功率一定是先增大后减小，选项D正确；故选BCD. 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.050 1

12、 mM 【解析】本题考查“探究合外力做功与动能改变的关系”实验，意在考查考生对实验原理的理解能力【详解】(1)游标卡尺的读数为 (2)根据本实验原理和动能定理有，整理得：；则v2m图象为一条倾斜的直线，由题图丙可知v20时，m0.1 kg，由，解得：(3)根据模型的实际受力分析，由功能关系有，则v2与m的函数关系为，即v2与m不是线性关系只有满足mM，函数关系才变为，v2m图象是线性变化的，说明合外力做的功等于动能的改变，图线的斜率12、0.59J0.034JABC【解析】试题分析：将砝码重力当作小车所受合外力，根据功的定义可以正确解答，根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均

13、速度可以求出第4个点的速度大小，进一步求出其动能大小；实验误差主要来自两个方面一是由实验原理不完善，没有平衡摩擦力导致的系统误差，一是由数据测量如测量距离等导致的偶然误差，可以从这两个方面进行分析（1）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，相邻的两个计数点间的时间间隔为T=0.1s，得v4=x352T=0.1850-0.0690.2=0.58m/s，小车的动能增量为Ek=12Mv42=120.20.582=0.034J，（2）该实验产生误差的主要原因一是钩码重力大小并不等于绳子拉力的大小，设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma，对砂桶和砂有：mg-F=maF=

14、Mm+Mmg，由此可知当Mm时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，显然该实验中没有满足这个条件；另外该实验要进行平衡摩擦力操作，否则也会造成较大误差；还有可能没有考虑钩码的动能的增加，故ABC正确四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 【解析】试题分析：第一宇宙速度是卫星在近地圆轨道上的环绕速度，重力等于万有引力，引力等于向心力，列式求解设卫星的质量为m，地球的质量为M，在地球表面附近有： 卫星受到的万有引力提供其圆周运动的向心力： 联立解得： 点睛：本题主要考查了万有引力公式的应用，注意在地面附近可以近似的看做万有引力

15、等于重力14、（1）1m/s（1）0.1m（3）1.0ml1.5m或l0.15m【解析】（1）物块A冲上圆形轨道后回到最低点速度为v0=m/s，与弹簧接触瞬间，可得，物块A与弹簧刚接触时的速度大小m/s；（1）A被弹簧以原速率v1弹回，向右经过PQ段，有；解得A速度v1=1m/s，A滑上圆形轨道，有，（也可以应用）可得，返回到右边轨道的高度为h=0.1m=R，符合实际（3）物块A以v0冲上轨道直到回到PQ段右侧，有，可得，A回到右侧速度：，要使A能返回右侧轨道且能沿轨道运动而不脱离轨道，则有：若A沿轨道上滑至最大高度h时，速度减为0，则h满足：0hR，根据机械能守恒：联立可得，1.0ml1.5m；若A能沿轨道上滑至最高点，则满足：且，联立得l0.15m，综上所述，要使A物块能第一次返回圆形轨道并沿轨道运动而不脱离轨道，l满足的条件是1.0ml1.5m或l0.15m；15、 (1)84J (2)0.64m【解析】物体先在传送带上做初速度为零的匀加速直线运动，先根据牛顿第二定律求出物体的加速度，再由速度公式求出物体在传送带相对滑动的时间，此过程中物体通过的位移大于传送带的长度，所以物体一直做匀速直线运动，根据动能定理求解传