2023届广东省东莞市光明中学高三物理第一学期期中联考模拟试题(含解析)_第1页
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文档简介

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意:1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内,不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后,需将答案写在试卷指定的括号内,第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,在光滑的水平面上,物体B静止,在物体B上固定一个轻弹簧。物体A以某一速度v0沿水平方向向右运动,通过弹簧与物体B发生作用,A物体质量为m,B物体质量为2m,从A刚接

2、触弹簧至弹簧再次恢复原长的过程中( )A弹簧再次恢复原长时B的速度大小为B物体A先做加速度增大的变减速运动,再做加速度减小的变减速运动C弹簧弹力对A的冲量大小为D弹簧弹性势能的最大值为2、长为L,质量为M的木块静止在光滑水平面上。质量为m的子弹以水平速度v0射入木块并从中射出。已知从子弹射入到射出木块移动的距离为s,则子弹穿过木块所用的时间为( )ABCD3、一质点位于x=2m处,t=0时刻沿x轴正方向做直线运动,其运动的vt图象如图所示。下列说法正确的是()At=4s时,质点在x=3m处B第3s内和第4s内,质点加速度的方向相反C第3s内和第4s内,合力对质点做的功相同D02s内的平均速度是

3、04s内的平均速度的2倍4、 “娱乐风洞”是一项将科技与惊险相结合的娱乐项目,它能在一个特定的空间内把表演者“吹”起来。假设风洞内向上的风量和风速保持不变,表演者调整身体的姿态,通过改变受风面积(表演者在垂直风力方向的投影面积),来改变所受向上风力的大小。已知人体所受风力大小与受风面积成正比,人水平横躺时受风面积最大,设为S0,站立时受风面积为 S0;当受风面积为 S0时,表演者恰好可以静止或匀速漂移。如图所示,某次表演中,人体可上下移动的空间总高度为H,表演者由静止以站立身姿从A位置下落,经过B位置时调整为水平横躺身姿(不计调整过程的时间和速度变化),运动到C位置速度恰好减为零。关于表演者下

4、落的过程,下列说法中正确的是A从A至B过程表演者的加速度大于从B至C过程表演者的加速度B从A至B过程表演者的运动时间小于从B至C过程表演者的运动时间C从A至B过程表演者动能的变化量大于从B至C过程表演者克服风力所做的功D从A至B过程表演者动量变化量的数值小于从B至C过程表演者受风力冲量的数值5、如图所示,A、B两小球从相同高度同时水平抛出,两球下落的高度为h时在空中相遇若两球的抛出速度都变为原来的2倍,不计空气阻力,则两球从抛出到相遇下落的高度为( )AhBCD6、如图所示,轻弹簧的下端固定在水平桌面上,上端放有物块P(不拴接),系统处于静止状态。现用竖直向上的力F作用在P上,使其向上做匀加速

5、直线运动,则在弹簧恢复原长前,下列说法正确的是()A拉力F与弹簧的压缩量成正比B拉力F逐渐增大C弹簧刚要恢复原长时,拉力F可能为零D拉力F做的功等于物块增加的机械能二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,在距水平地面高为0.4m处,水平固定一根长直光滑杆,在杆上P点固定一定滑轮,滑轮可绕水平轴无摩擦转动,在P点的右边,杆上套有一质量m=2kg的滑块A半径R0.3m的光滑半圆形细轨道竖直地固定在地面上,其圆心O在P点的正下方,在轨道上套有一质量也为m=2kg的小球

6、B用一条不可伸长的柔软细绳,通过定滑轮将A、B连接起来杆和半圆形轨道在同一竖直面内,A、B均可看作质点,且不计滑轮大小的影响现给滑块A一个水平向右的恒力F50N(取g=10m/s2)则( )A把小球B从地面拉到P的正下方时力F做功为20JB小球B运动到C处时的速度大小为0C小球B被拉到与滑块A速度大小相等时,离地面高度为0.225mD把小球B从地面拉到P的正下方C时,小球B的机械能增加了20J8、如图,两根相同的轻质弹簧,沿足够长的光滑斜面放置,下端固定在斜面底部挡板上,斜面固定不动质量不同、形状相同的两物块分别置于两弹簧上端现用外力作用在物块上,使两弹簧具有相同的压缩量,若撤去外力后,两物块

7、由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧,则从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程,两物块( ) A最大速度相同;B最大加速度相同;C重力势能的变化量相同;D上升的最大高度不同9、质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的A点和B点,如图所示,a绳与水平方向成角,b绳沿水平方向且长为L,当轻杆绕轴AB以角速度匀速转动时,a、b两绳均伸直,小球在水平面内做匀速圆周运动,则下列说法正确的是:( )Aa绳张力可能为零Ba绳的张力随角速度的增大而增大C当角速度时,b绳将出现张力D若b绳突然被剪断,a绳的张力可能不变10、如图所示为传送带运输机的示意图,A为传送带上的货物,则A如果货物A随传送带一起无相对滑动

8、地向上匀速运动,A受到沿传送带向上的摩擦力B如果货物A随传送带一起无相对滑动地向下匀速运动,A受到沿传送带向下的摩擦力C如果货物A和传送带都静止,A不受摩擦力D如果货物A和传送带都静止,A对传送带有沿传送带向下的摩擦力三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11(6分)一课外实验小组用如图所示的电路测量某待测电阻Rx的阻值图中R0为标准定值电阻(R0=20.0 );电压表可视为理想电压表;S1为单刀开关,S2为单刀双掷开关;E为电源;R为滑动变阻器采用如下步骤完成实验:(1)按照实验原理线路图(a),将图(b)中实物连线_(2)将滑动变阻器滑动端

9、置于适当的位置,闭合S1.(3)将开关S2掷于1端,改变滑动变阻器滑动端的位置,记下此时电压表的示数U1;然后将S2掷于2端,记下此时电压表的示数U2.(4)待测电阻阻值的表达式Rx_(用R0、U1、U2表示)(5)重复步骤(3),得到如下数据.(6)利用上述5次测量所得的平均值,求得Rx_.(保留1位小数)12(12分)在某次描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中,所选用的实验器材有:A小灯泡“2.5 V,0.2 A”B电流表00.6 A3 A(内阻约1 )C电压表03 V15 V(内阻很大)D滑动变阻器“2 A,10 ”E电源(两节干电池)F开关一个,导线若干(1)在实验时小杰同学采用了如图甲所示

10、的实物电路,并且准备合上开关开始测量,则具体实验操作前电路存在错误或需改进的地方有(至少写出两处)_. (2)在改正电路需改进之处后,小杰同学进行了实验,但在实验中发现,无论怎样调节滑动变阻器,都不能使小灯泡两端电压达到2.5 V额定电压,而是只能勉强达到1.8 V,于是他猜想是否干电池太旧,总电动势只能达到1.8 V,为了验证自己的猜想,他按图乙电路原理图进行测量该电源电动势和内阻的实验,在电路图中有一个电阻R0是起_作用的(3)实验完毕得到6组数据后,小杰在UI图上描好了点(如图丙),则由图可得E_ V,电源内阻为r_(后一个结果保留三位有效数字)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案

11、写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13(10分)泥石流在爆发时通常沿山体倾泻而下,具有极快的速度与巨大的能量,破坏性极大,严重威胁着人们的生命安全,因此人们要对一些自然灾害进行必要的了解,并予以防范课题小组对泥石流的威力进行了模拟研究,他们设计了如下的模型:在足够长的斜面上放置一个质量m=4kg的物体,使该物体从静止开始,让其在随位移均匀减小的沿斜面向下的推力作用下运动,斜面的倾角=37,物体与斜面间的动摩擦因数=0.1,其中推力F与物体到出发点的距离x的函数关系式为F=10-20 x(N),其中0 x4m取g=10m/s2,sin37=0.6,cos37=0

12、.1求:(1)物体在斜面上运动过程中的最大加速度am;(2)物体的速度达到最大时,到出发点的距离x1;(3)物体在斜面上运动的最大位移xm14(16分)如图所示,倾角=37的斜面位于水平地面上,小球从斜面顶端A点以初速度v0水平向右抛出,经t1=0.6s小球恰好落到斜面底端B点处。空气阻力忽略不计,取重力加速度g = 10m/s2,tan37=34。(1)求小球平抛的初速度v0的大小;(2)在小球水平抛出的同时,使斜面在水平面上也向右做匀速直线运动,经t2=0.3s小球落至斜面上,求斜面运动的速度大小。15(12分)如图所示,长为L的绝缘细线,一端固定在O点,一端拴着质量为m、电荷量为q(q0

13、)的小球,小球所处的空间存在场强大小为3mgq(g为重力加速度)方向竖直向上的匀强电场。现将细线拉直到水平位置,使小球由静止释放,当小球的速度沿水平方向时,细线被拉断,之后小球继续运动并经过P点(图中未画出),已知P点与O点间的水平距离为L,不计阻力,求: (1)细线被拉断前瞬间的拉力大小;(2)O、P两点间的电势差.参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】本题考查动量守恒的应用。【详解】A.弹簧再次回到原长,相当于弹性碰撞,取向右为正方向,由动量守恒和能量守恒可知: 解得:,故A错误;B.由题可知,物体A先

14、做加速度增大的变减速运动,当弹簧最短时两者共速,此后弹簧逐渐伸长,物体A再做加速度减小的变加速运动,故B错误;C.由A可知,弹簧恢复原长时,物体A的速度为:弹簧弹力对A的冲量即为动量变化量:故C错误;D.当两者共速时弹簧弹性势能最大,由动量守恒和能量守恒得: 解得:故D正确。故选D。2、B【解析】设子弹射穿木块后子弹的速度为v1,木块最终速度为,2,子弹和木块系统动量守恒,以子弹初速度方向为正方向,由动量守恒定律可得:mv0=mv1+Mv2;设子弹对木块的作用力为f,则对木块:fs=Mv22;对子弹:-f(s+L)=mv12-mv02;对木块由动量定理:ft=Mv2;联立解得:,故选B.3、D

15、【解析】在速度-时间图象中,根据“面积”确定0-4s内的位移,即可确定其位置图线的斜率表示加速度,平均速度由位移和时间之比分析;【详解】A、0-4s内质点的位移等于0-2s的位移,为x=12(1+2)2m=3m,由于t=0时质点位于x=-2m处,则t=4s时,质点在x=-2+x=1m处,故A错误;B、图线的斜率表示加速度,同一直线的斜率一定,则知第3s内和第4s内,质点加速度相同,其方向相同,故B错误;C、第3 s内和第4 s内,由于加速度相同,则合力相同,但是根据图像可知质点的位移大小相等,方向相反,则合力做功不同,故C错误;D、根据图象与坐标轴围成的面积表示位移,在时间轴上方的位移为正,下

16、方的面积表示位移为负,则知02s内和04s内质点的位移相同,但所用时间不同,前一段时间为2s,后一段时间为4s,则02s内的平均速度是04s内的平均速度的2倍,故D正确。【点睛】本题是速度图象问题,考查理解物理图象意义的能力,关键要抓住速度图象“斜率”表示加速度,“面积”表示位移。4、D【解析】试题分析:设人体横躺下时的受风面积为S,风力同受风面积的比例常数为K,则有F=KS,故在A点处有:F合=mg-ks/8=ma1; 在B点处有: F合=ks-mg=ma2 当受风面积在S/2时处于平衡状态有:mg=ks/2,综合以上几式可以得到:a1=3g/4; a2=g;故A错;在AB过程中做匀加速直线

17、,在BC过程中做匀减速直线,且全过程中初末的速度均为0,由运动学规律可以得AB过程的时间比BC过程的时间要长,则B错;在AB过程中的动能的变化量等于合力的功,设到B点的速度为V,则在AB过程中的动能的变化量为MV2/2,在BC过程中的合力的功为-MV2/2,而BC过程中的风力做的负功加上重力做的正功应为-MV2/2,则必然这个克服风力做的负功要大于MV2/2,故C错;依上分析结合动量定律可以得D是正确的;考点:牛顿第二定律,动量定律,动能定律 。5、C【解析】两球同时抛出,竖直方向上做自由落体运动,相等时间内下降的高度相同,始终在同一水平面上,根据x=vAt+vBt知,当两球的抛出速度都变为原

18、来的2倍,则两球从抛出到相遇经过的时间为t/2,根据h=gt2,则从抛出到相遇下落的高度为h/4,,故C正确,ABD错误故选C点睛:解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,知道运动的时间由高度决定,初速度和时间共同决定水平位移6、B【解析】以物块P为研究对象,分析受力情况,根据牛顿第二定律得出F与物块P的位移x的关系式。【详解】A、B项:设物块P的质量为m,加速度为a,静止时弹簧的压缩量为x0,弹簧的劲度系数为k,由力的平衡条件得,mg=k x0,以向上为正方向,木块的位移为x时弹簧对P的弹力:F1=k(x0-x),对物块P,由牛顿第二定律得,F+F1-mg=ma,由以上式

19、子联立可得,F=k x+ma。可见F与x是线性关系,但不是成正比,且F随着x的增大而增大,故A错误,B正确;C项:由A、B项分析可知,弹簧刚要恢复原长时,F=ma,故C错误;D项:拉力F做的功与弹簧弹力做功的总和等于物块增加的机械能,故D错误。故应选:B。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、ACD【解析】解: 把小球B从地面拉到P点正下方C点过程中,力F的位移为: ,则力F做的功WF=Fx=20J,选项A正确;把小球B从地面拉到P点正下方C点时,此时B的速度方向与绳子

20、方向垂直,此时A的速度为零,设B的速度为v,则由动能定理: ,解得v= m/s,选项B错误;当细绳与圆形轨道相切时,小球B的速度方向沿圆周的切线方向向上,此时和绳子方向重合,故与小球A速度大小相等,由几何关系可得h=0.225m选项C正确;B机械能增加量为F做的功20J,D正确本题选ACD8、CD【解析】使两弹簧具有相同的压缩量,则储存的弹性势能相等,根据能量守恒判断最后的重力势能以及变化量;【详解】A、开始时因弹力最大导致开始时物块具有最大加速度,开始弹簧形变量相同,则弹力相同,根据牛顿第二定律:,质量不同,故最大加速度不同;物块受力平衡时具有最大速度,即:,则质量大的物块具有最大速度时弹簧

21、的压缩量比较大,上升的高度比较低,即位移小,而运动过程中质量大的物块平均加速度较小,加速度小的位移小,则最大速度v较小,即最大速度不同,故AB错误;C、由题意使两弹簧具有相同的压缩量,则储存的弹性势能相等,物块上升到最大高度时,弹性势能完全转化为重力势能,则物块最终的重力势能mgh相等,重力势能的变化量相等,而两物块质量不同,则上升的最大高度不同,故CD正确【点睛】本题考查了弹簧问题,注意平衡位置不是弹簧的原长处,而是受力平衡的位置9、CD【解析】A、小球做匀速圆周运动,在竖直方向上的合力为零,水平方向上的合力提供向心力,所以a绳在竖直方向上的分力与重力相等,可知a绳的张力不可能为零;故A错误

22、.B、根据竖直方向上平衡得,Fasin=mg,解得,可知a绳的拉力不变,故B错误.C、当b绳拉力为零时,有:mgcot=mL2,解得,可知当角速度,b绳出现张力;故C正确.D、由于b绳可能没有弹力,故b绳突然被剪断,a绳的弹力可能不变;故D正确.故选CD.【点睛】解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源分析,知道小球竖直方向合力为零,这是解决本题的关键10、AD【解析】静摩擦力的方向与相对运动趋势方向相反。ABC.A与传送带相对静止,对A来说,有相对于传送带向下滑动的趋势,则所受摩擦力与相对运动趋势方向相反,即沿传送带向上,A正确BC错误。D.对传送带来说,A相对于传送带有向下的运动趋势,

23、传送带相对于A有向上的运动趋势,则A对传送带的摩擦力方向沿传送带向下,D正确。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、 48.2 【解析】(1)1按照实验原理线路图实物连线如图所示:(2)2根据部分电路欧姆定律和串联电路特点可得:,解得:(3)3 的平均值为,代入得:12、 电流表应外接 电流表量程太大;滑动变阻器滑片应置于最左端 保护 3.0(2.93.1均可) 3.57(3.333.80均可)【解析】(1)由于小灯泡的电阻很小,电流表应外接;小灯泡额定电流为0.2 A,但图中电流表所选量程为3 A,不合适;本实验采用分压式电路,合上开关

24、前,滑动变阻器滑片应置于最左端;(2)由于电源内阻较小,当R调到比较小时,电流较大,R0起到保护电路的作用;(3)UI图纵轴截距表示电动势E3.0 V,电源内阻r3.57 .四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)=19.6m/s2 (2)=3.92m (3)=100m【解析】(1)对物体受力分析,如图所示:当x=0时,F最大,最大值=10N,此时物体的加速度最大由牛顿第二定律有: 解得:=19.6m/s2 (2)当物体的加速度a=0时,物体的速度最大,设此时推为大小为F1,则有: 解得:=3.92m (3)物体

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